2025年统编版2024高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024高二物理下册阶段测试试卷744考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示；两金属导轨倾斜放置，匀强磁场垂直导轨平面向上，导轨左端连接电源；滑动变阻器，在导轨上垂直导轨放置一金属棒，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，关于金属棒所受的摩擦力（金属棒保持静止），下列说法正确的是（）

A.一定减小。

B.一定增大。

C.可能先减小后增大。

D.可能先增大后减小。

2、如图所示，静止在光滑水平面上的木板，右端有一根轻质弹簧沿水平方向与木板相连，质量M=2kg．质量m=1kg的铁块以水平速度v0=6m/s，从木板的左端沿板面向右滑行，压缩弹簧后又被弹回，最后恰好停在木板的左端．在上述过程中弹簧具有的最大弹性势能为（）A.3JB.4JC.12JD.6J3、下列关于物质的熔化和凝固的说法中正确的是（）A.各种固体都有一定的熔点，不同的固体熔点不同B.晶体熔化时的温度叫熔点，不同的晶体熔点不同C.同种晶体的熔点高于它的凝固点D.晶体熔化过程要吸热，且温度不断升高4、下列物体或人，可以看作质点的是()

垄脵

研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态垄脷

研究奥运冠军王军霞在万米长跑中垄脹

研究一列火车通过某路口所用的时间垄脺

研究我国科学考察船去南极途中A.垄脵垄脹

B.垄脷垄脹

C.垄脵垄脺

D.垄脷垄脺

5、如图所示是一个将灵敏电流计改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经短接调零，用此欧姆表测一阻值为R

的电阻时，指针偏转至满刻度4/5

处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的1/2

处，则该电阻的阻值为

A.4

R

B.5

R

C.10

R

D.16

R

6、如图所示，车厢长度为l

质量为m1

静止于光滑的水平面上.

车厢内有一质量为m2

的物体以速度娄脭0

向右运动，与车厢来回碰撞n

次后静止于车厢内，这时车厢的速度为(

)

A.娄脭0

水平向右B.0

C.m2v0(m1+m2)

D.m2v0(m1鈭�m2)

评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、一列简谐波沿x轴的正方向传播，在t=0时的波形如图所示，已知这列波的P点至少再经过0.3s才能到达波峰处，则以下说法正确的是（）A.这列波的周期是1.2sB.这列波的波速是10m/sC.质点Q要经过0.7s才能第一次到达波逢处D.质点Q到达波峰处时质点P也恰好到达波峰处8、如图所示，一束蓝光从空气垂直入射到直角三棱镜的BC面上，已知∠A=30°，棱镜对蓝光的临界角为45°，则（）A.该直角三棱镜对蓝光的折射率为B.该直角三棱镜对蓝光的折射率为C.蓝光第一次从棱镜射入空气时的折射角为45°D.蓝光第一次从棱镜射入空气时的折射角为60°9、（多选题）质量为m的物体，由静止开始下落，由于空气阻力，下落的加速度为g，在物体下落h的过程中，下列说法正确的是（）A.物体的重力势能减少了mghB.物体克服空气阻力所做的功为mghC.物体的机械能减少了mghD.物体动能增加了mgh10、如图所示，是利用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差来研究电容变化的实验，由两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N与静电计金属球相连，极板M和静电计的外壳均接地．在两板相距为d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度，断开电源，测得电容器两极板间的电势差为U．在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变大的是（）A.仅将M板向下平移B.仅将M板向右平移C.仅将M板向外平移D.仅在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触11、如图所示；图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示．已知电流表读数在0.2A以下时，电动机没有发生转动．不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是（）

A.电路中电源电动势为3.6VB.变阻器向右滑动时，V2读数逐渐减小C.变阻器的最大阻值为30ΩD.此电路中，电动机的最大输出功率为0.9W12、一物体沿直线运动；其速度v

随时间t

变化的图象如图所示.

由图象可知(

)

A.在0隆芦2s

内物体的加速度大小为10m/s2

B.在2s隆芦4s

内物体的加速度大小为10m/s2

C.在0隆芦4s

内物体的位移大小为60m

D.在0隆芦4s

内物体的位移大小为80m

13、远程输电线路的示意图如图：若发电机的输出电压不变，则下列叙述正确的是(

)

A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率有关B.输电线中电流大小只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C.当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的电压增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、如图，验电器A与B的顶端各安装了一个上端开有小孔的金属圆筒，验电器B带有正电荷，用带有绝缘柄的金属小球C，把C与筒B的____壁接触后，再与筒A的____壁接触，重复多次，就能将B上的电荷尽量多的搬至筒A．（提示：本题的两空格中填写“内”或“外”）

15、边长为a

的正方形，处于有界磁场如图所示，一束电子以水平速度射入磁场后，分别从A

处和C

处射出，则vAvC=

__________；所经历的时间之比tAtC=

___________。

16、手握一根水平绳的一端上下抖动，在t

时刻绳上呈现的波形如图所示.

如果绳上C

点此时的速度是向下的，则人手握住的是绳子的____端。若人手握住的是左端，那么该时刻图中所标各点速度向上的点有____。17、如图所示，一单匝线圈在拉力作用下离开磁场，在此过程中，线圈中的磁通量将______(

填“增加”或“减小”).

若上述过程所经历的时间为0.2s

线圈中的磁通量变化了0.6Wb

则线圈中产生的感应电动势为______V

．18、物体沿固定的斜面匀速下滑，在这个过程中，下列各量变化的情况是：物体的动能将____，机械能将____，内能将____．（增加、减少、不变）19、用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点的强弱．在图中，左边是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称．则F、O、C三点比较，______点场强最强；B、E、C三点比较______点电势最高．

评卷人得分四、实验探究题(共1题，共6分)20、测量分子大小的方法有很多，如油膜法。在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25mL油酸，配制成250mL的油酸酒精溶液。然后用滴管吸取这种溶液向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴入2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜待薄膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下勾画出油膜边框，如图所示。坐标格的正方形大小为2cm×2cm。由图可以估算出油膜的面积是______cm2，由此估算出油酸分子的直径是______m（保留一位有效数字）评卷人得分五、简答题(共4题，共28分)21、乙酸乙酯是一种有香味的油状液体，在一定条件下发生反应rm{CH_{2}CH_{3}OH+CH_{3}COOHoverset{稀{H}_{2}S{O}_{4}}{?}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}rm{CH_{2}CH_{3}OH+CH_{3}COOHoverset{稀{H}_{2}S{O}_{4}}{?}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}乙酸乙酯的分子式是__________。乙酸分子中rm{(1)}原子团的名称是________。rm{隆陋COOH}写出乙醇与金属rm{(2)}反应的化学方程式______________________________。rm{Na}写出乙酸的一种用途_____________________________。rm{(3)}22、根据要求填空：rm{(}Ⅰrm{)}请根据官能团的不同对下列有机物进行分类。rm{(1)}芳香烃：____；rm{(2)}卤代烃：____；rm{(3)}醇：____；rm{(4)}酚：____；rm{(5)}酯：____。rm{(}Ⅱrm{)}完成下列填空rm{(1)}键线式表示的分子式____；名称是____rm{(2)}书写该物质的结构简式：rm{2}rm{6-}二甲基rm{-4-}乙基辛烷：____23、在一列横波的传播方向上有两点P

和Q

两点间距离PQ=24m

它们的振动图象如图所示，P

点距波源近．

(1)

波速多大？

(2)

若PQ<娄脣(

波长)

画出t=4.2s

时，PQ

之间的波形曲线.(

请标出坐标的物理量及单位、有关数值)

24、利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V

电源内阻r=1娄赂

电阻R=3娄赂

重物质量m=0.10kg

当将重物固定时，理想电压表的示数为5V

当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V(

不计摩擦，g

取10m/s2).

求：

(1)

串联入电路的电动机内阻为多大？

(2)

重物匀速上升时的速度大小．

(3)

匀速提升重物3m

需要消耗电源多少能量？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时；变阻器在路电阻减小，电路中电流增大，金属棒所受的安培力增大．

变阻器滑片移动之前；

若金属棒的重力沿斜面向下的分力等于安培力；金属棒不受静摩擦力，当安培力增大时，金属棒将向上运动趋势，受到沿斜面向下的静摩擦力，静摩擦力增大；

若金属棒的重力沿斜面向下的分力小于安培力；金属棒所受静摩擦力沿斜面向下，当安培力增大时，根据平衡条件得知，静摩擦力增大；

若金属棒的重力沿斜面向下的分力大于安培力；金属棒所受静摩擦力沿斜面向上，当安培力增大时，根据平衡条件得知，静摩擦力或能一直减小，也可能先减小后反向增大；故C正确，ABD错误．

故选C

【解析】【答案】金属棒保持静止；先分析原来所受的静摩擦力可能的方向．当滑动变阻器的滑片p由左端向右端滑动时，变阻器在路电阻减小，电路中电流增大，金属棒所受的安培力增大，再根据平衡条件分析静摩擦力的变化情况．

2、C【分析】解：对M和m组成的系统研究；规定向右为正方向，根据动量守恒定律得：

mv0=（M+m）v；

解得：v=．

根据能量守恒得，弹簧的最大弹性势能为：==12J；故C正确，ABD错误．

故选：C．

当M和m的速度相等时；弹簧压缩量最大，弹性势能最大，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出弹簧具有的最大弹性势能．

本题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合运用，知道铁块和木板速度相等时，弹性势能最大，结合动量守恒和能量守恒进行求解．【解析】【答案】C3、B【分析】解：

A；非晶体没有一定的熔点；也没有一定的凝固点．故A错误；

B；晶体在熔化过程中要吸热；但温度不变，这个温度叫做晶体的熔点，不同晶体熔点不同．故B正确；

C；同一种晶体的熔化温度和它的凝固温度是相同的．故C错误；

D；晶体在熔化过程中；尽管不断吸热，但温度不变．故D错误．

故选：B．

熔化是物质由固态变为液态的过程；熔化是需要吸收热量的．物质由液态变为固态的过程是凝固，凝固是需要放出热量的．晶体和非晶体的区别是晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点．

此题主要考查了晶体和非晶体在熔化和凝固过程中的特点和区别，学生很容易混淆，把握住晶体有熔点和凝固点是解题的关键．【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】当物体的形状；大小对所研究的问题没有影响时；我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可。

考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略。【解答】垄脵

研究跳水冠军郭晶晶在跳水比赛中的空中姿态时；人的形状不能忽略，所以不能看成质点，所以垄脵

错误；

垄脷

研究奥运冠军王军霞在万米长跑的过程中；人的形状可以忽略，所以能看成质点，所以垄脷

正确；

垄脹

研究一列火车通过某路口所用的时间时；火车的长度是不能忽略的，此时火车不能看成质点，所以垄脹

错误；

垄脺

考察船去南极的途中；船的大小相对于船走的路程来说是很小的，可以忽略，所以垄脺

正确。

所以可以看成质点的是垄脷垄脺

故D正确，ABC错误。

故选D。

【解析】D

5、A【分析】【分析】应用闭合电路的欧姆定律求解即可。本题以欧姆表的原理为背景，考查了闭合电路的欧姆定律的应用。解题的关键是理解欧姆表的工作原理。【解答】设电源电动势为E

欧姆表内阻为r

满偏电流为I

则：短接时有I=Er

接R

时有45I=ER+r

接未知电阻时有12I=ERx+r

解得：Rx=4R

故A正确，BCD错误。故选A。【解析】A

6、C【分析】解：以物体与车厢组成的系统为研究对象；

由动量守恒定律可得：m2v0=(m1+m2)v

最终车的速度v=m2v0(m1+m2)

方向与v

的速度相同，水平向右；

故选：C

．

物体与车厢反复碰撞；最终两者速度相等，在此过程中，两者组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出车厢的速度．

该题属于动量守恒定律的应用中的碰撞模型，在碰撞过程中车与物体虽然碰撞次数多，但仍然动量守恒，由动量守恒定律可以正确解题．【解析】C

二、多选题(共7题，共14分)7、BCD【分析】解：A、B、t=0时刻，p位于平衡位置向下振动，再过T到达波峰，即T=0.3s；则T=0.4s；

则v===10m/s；所以A错误；B正确；

C、当图中x=2m处质点的振动传到质点Q时，质点Q第一次到达波峰，根据t==s=0.7s；故C正确。

D；质点Q与质点P相距2λ；其振动情况完全相同，故质点Q到达波峰处时质点P也恰好到达波峰，故D正确；

故选：BCD．

t=0时刻，p位于平衡位置向下振动，再过T到达波峰；从而求出波的周期．由图象读出波长，求出波速．

当图中x=2m处质点的振动传到质点Q时，质点Q第一次到达波峰，根据v=求出时间．

本题考查对振动与波动关系的分析和理解能力．波在同一均匀介质中是匀速传播的．【解析】【答案】BCD8、AC【分析】解：AB、设玻璃对空气的临界角为C，据题知C=45°．据全反射临界角公式sinC=得，折射率n=故A正确，B错误．

CD、如图所示因为i1=60°＞C；所以光线在AB面上将发生全反射．

由几何知识得：i2=i1-30°=30°＜C；则光线从AC面上第一次射入空气．

由折射定律有：可得r=45°；即蓝光第一次从棱镜射入空气时的折射角为45°，故C正确，D错误．

故选：AC

据全反射临界角公式sinC=求折射率．画出光路图；判断光线在AB面和BC面上能否发生全反射，由几何知识求出光线第一次射入空气时的入射角，由折射定律求解折射角．

本题是几何光学问题，做这类题目，一般首先要正确画出光路图，当光线从介质射入空气时要考虑能否发生全反射，要能灵活运用几何知识帮助我们分析角的大小．【解析】【答案】AC9、BD【分析】解：A；物体下落h高度；重力做功为mgh，则重力势能减小为mgh，故A错误；

B、C、物体下落过程中，受到阻力为mg，物体克服阻力所做的功mgh，机械能减小量等于阻力所做的功；故机械能减小了mgh；故B正确；C错误；

D、物体的合力做正功为W合=mah=mgh，则物体的动能增量为mgh；故D正确；

故选：BD．

物体静止开始下落；受到空气阻力，由加速度大小可得知阻力与重力的关系．而重力做功决定重力势能变化，动能的变化由合力做功确定，除重力以外的阻力做功导致机械能变化．

本题应明确重力势能变化是由重力做功引起，而动能变化是由合力做功导致，除重力以外的力做功等于机械能的变化．【解析】【答案】BD10、AC【分析】解：A、由题意，电容器所带电量Q保持不变，静电计指针张角变大，板间电势差U变大，由C=分析可知；电容C应变小；

根据C=分析可知；应减小正对面积，增大板间距离；或减小电介质；故AC正确；B错误；

D；在M、N之间插入金属板时；相当于减小d，则C增大，故D错误．

故选：AC．

由题意，电容器所带电量Q保持不变，静电计指针张角变小，板间电势差U变小，由C=分析电容C如何变化，根据C=进行分析．

本题考查电容器的动态分析问题，对于电容器的动态变化问题，关键要抓住不变量，根据电容的定义式和决定式进行分析．【解析】【答案】AC11、AC【分析】解：A、由电路图甲知，电压表V2测量路端电压，电路中电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以图乙中最上面的图线表示V2的电压与电流的关系．此图线的斜率大小等于电源的内阻，为r=Ω=2Ω

当电流I=0.1A时，U=3.4V，则电源的电动势E=U+Ir=3.4+0.1×2V=3.6V；故A正确：

B、变阻器向右滑动时，R阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，则V2读数逐渐增大；故B错误；

C、当I=0.1A时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以R=-r-rM=（-2-4）Ω=30Ω；故C正确．

由图可知，电动机的电阻rM=Ω=4Ω．

D、当I=0.3A时，U=3V，电动机输出功率最大，最大值为P=UI-I2rM=3V×0.3A-（0.3A）2×4Ω=0.54W；故D错误；

故选：AC

先确定U-I图线与电压表示数对应的关系．再根据图线求出电源的电动势，并判断V2读数的变化情况．变阻器的全部接入电路时，电路中电流最小．由欧姆定律求解变阻器的最大阻值．当I=0.3A时，电动机输出功率最大．由电动机的总功率UI与发热功率I2R之差求解电动机的最大输出功率．

本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线．对于电动机，理解并掌握功率的分配关系是关键．【解析】【答案】AC12、BC【分析】解：A

根据图线的斜率可知，在0鈭�2s

内物体的加速度为零，2鈭�4s

内加速度大小a=鈻�v鈻�t=202m/s2=10m/s2

故A错误，B正确．

C、根据图线与时间轴围成的面积知，0鈭�4s

内物体的位移x=12隆脕(2+4)隆脕20m=60m

故C正确，D错误．

故选：BC

．

根据速度时间图线的斜率求出物体的加速度；结合图线围成的面积求出物体的位移大小．

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．【解析】BC

13、AC【分析】解：A

用户用电的总功率增加；升压变压器、降压变压器的原、副线圈电流都要增加，故A正确．

B；输电线的电流与输送的功率和输送的电压有关；故B错误．

C；用户总电阻减少；电流增大，则输电线的电流增大，可知输电线上的电压损失增大，故C正确．

D；升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压和电压损失之和；故D错误．

故选：AC

．

根据变压器的特点：电压比等于匝数比；电流之比等于匝数反比，输入功率等于输出功率去分析．

解决本题的关键知道变压器原副线圈功率、电压、电流的关系，以及知道输电线上损失的功率与输电线的电流和电阻有关．【解析】AC

三、填空题(共6题，共12分)14、外内【分析】【解答】本题通过接触带电来转移电荷；电荷分布在导体的外表面，因此与B接触时应该与其外壁接触，使部分电荷转移到小球C上，然后与A圆筒内表面接触，这样电荷可以全部转移到A的外部，若和外壁接触，只能转移部分电荷．

故答案为：外；内．

【分析】明确物体带电的三种带电方式及原理：接触带电、感应起电、摩擦带电．注意空腔导体带电时分布在外表面．15、1：2，2：1【分析】本题为带电粒子在磁场中运动的基本问题，只需根据题意明确粒子的运动半径及圆心即可顺利求解。由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比；由向心力公式可求得加速度之比。解：电子从C

点射出，A

为圆心，Rc=L

圆心角，由得运动时间为四分之一周期，即：，电子从A

点射出，OA

中点为圆心，；圆心角娄脠d=娄脨

所以，，由于运动的周期与速度无关；是相等的；

故vAvC=12tAtC=21

【解析】1221

16、右B；C、D

【分析】【分析】根据波的传播方向判断质点的振动方向；机械波的周期和频率由振源决定；由v=娄脣f

可判断两绳机械波的传播速度；机械波的传播速度由介质决定。本题关键要抓住波速是由介质决定的，波在同一介质中传播波速保持不变，再由波速公式分析频率的变化情况。【解答】根据机械波的形成原理知：C

点速度向下；说明与C

点靠近的近波源点在C

点下方，故振源在C

点右方.

如人手握住左端，则波源在左方，各点的振动方向都重复与它相邻的左方点的振动，即此点左方的相邻点在它上方，这点向上振动;

在它下方，则这点向下振动，故此时刻速度向上的点有BCD

点。

故填：右BCD

。【解析】右BCD

17、减小3【分析】【分析】匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，磁通量娄碌=BS

根据面积变化，分析磁通量的变化；

根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势。

本题是法拉第电磁感应定律的简单应用.

当线圈与磁场垂直时，磁通量娄碌=BS

对于磁通量的变化，也可以根据磁感线数判断。【解答】匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，磁通量娄碌=BS

离开磁场面积变小，磁通量将减小；

根据法拉第电磁感应定律：E=?鈱�?t=0.60.2V=3V

故填：减小；3

【解析】减小3

18、略

【分析】

物体匀速下滑；动能不变，重力做正功，重力势能减小，则机械能减小，摩擦产生内能，所以内能增加．

故答案为：不变；减小，增加．

【解析】【答案】机械能等于动能和重力势能的总和；根据速度的变化判断动能的变化，根据重力做功判断重力势能的变化，从而得知机械能的变化，内能是由于摩擦而产生的．

19、略

【分析】解：由图看出；E；F两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，而O、F两点比较，O点场强最强；根据对称性看出，B、C两处电场线疏密程度相同，则B、C两点场强大小相同．由图看出，B、O、C三点比较，O点场强最小．所以F、O、C三点比较，c点场强最强．

由图可知；B；O、C三点场强的方向均由B→C，B点的电势最高．而E、O、F的连线垂直于等量异种点电荷的连线，该直线上各点的电势是相等的，所以B、E、C三点比较B点电势最高．

故答案为：C；B

根据电场线的疏密判断场强的大小；电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小．根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．

对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆．【解析】C；B四、实验探究题(共1题，共6分)20、3×1028×10-10【分析】解：由图示油膜可知，油膜的面积为：S=64×2cm×2cm≈3×102cm2；

两滴油酸溶液含纯油的体积为：V=2××mL=2×10-5mL=2×10-11m3；

油酸分子的直径为：d==≈8×10-10m；

故答案为：3×102，8×10-10。

由图示油膜求出油膜的面积；根据题意求出两滴油酸溶液含纯油的体积，然后求出油膜的厚度，即油酸分子的直径。

计算油膜面积时，要注意，不到一个格但超过半个格的算一个格，不到半个格的忽略不计。【解析】3×1028×10-10五、简答题(共4题，共28分)21、（1）C4H8O2羧基

（2）2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑

（3）调味品食醋【分析】【分析】本题考查了乙酸乙酯的制取，题目难度不大，试题注重了基础知识的考查，注意掌握酯化反应原理，明确常见官能团类型及决定化学性质。【解答】rm{(1)}乙酸乙酯为rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}分子式是rm{C_{4}H_{8}O_{2}}乙酸的官能团为羧基：rm{-COOH}故答案为：rm{C_{4}H_{8}O_{2}}羧基；

rm{(2)}乙醇与金属rm{Na}反应的化学方程式：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+2Na隆煤2CH_{3}CH_{2}O}rm{Na+H_{2}隆眉}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+2Na隆煤2CH_{3}CH_{2}ONa+H_{2}隆眉}

rm{(3)}乙酸为一种常见的有机物，食醋的主要成分就是乙酸；故答案为：调味品食醋。【解析】rm{(1)C_{4}H_{8}O_{2;;;}}羧基rm{(2)2CH_{3}CH_{2}OH+2Na隆煤2CH_{3}CH_{2}ONa+H_{2}隆眉}rm{(3)}调味品食醋22、(Ⅰ).（1）⑨（2）③⑥（3）①（4）⑤（5）④(Ⅱ).（1）C6H142-甲基戊烷（2）【分析】【分析】本题考查物质的分类、有机物结构简式的书写、有机物命名，注意把握有机物的官能团与性质的关系，熟悉有机物的组成及官能团即可解答，题目难度不大。【解答】rm{(}Ⅰrm{)}．Ⅰrm{(}．rm{)}分子中含有苯环的烃为芳香烃，故rm{(1)}符合；故答案为：rm{垄谩}

rm{垄谩}卤代烃是烃分子中的氢原子被卤素原子所取代的化合物，故rm{(2)}符合；故答案为：rm{垄脹垄脼}rm{垄脹垄脼}醇是有机化合物的一大类，是脂肪烃、脂环烃或芳香烃侧链中的氢原子被羟基取代而成的化合物，故rm{(3)}符合；故答案为：rm{垄脵垄脻}

rm{垄脵}酚是羟基直接与苯环连接形成的化合物，故rm{(4)}符合；故答案为：rm{垄脻}

rm{垄脻}酯是酸rm{(5)}羧酸或无机含氧酸rm{(}与醇起反应生成的一类有机化合物，故rm{)}符合；故答案为：rm{垄脺}rm{垄脺}Ⅱrm{(}Ⅱrm{)}．．rm{(}分子中含有rm{)}个碳原子，属于饱和烃，分子式为rm{(1)}该有机物主链上有rm{6}个rm{C_{6}H_{14}}rm{5}号rm{C}一个甲基，命名为：rm{2}甲基戊烷；

故答案为：rm{C}rm{2-}甲基戊烷；rm{C_{6}H_{14}}rm{2-}二甲基rm{(2)2}乙基辛烷，主链为辛烷，在rm{6-}rm{-4-}号rm{2}各含有rm{6}个甲基，在rm{C}号rm{1}含有rm{4}个乙基，该有机物结构简式为：故答案为：rm{C}【解析】rm{(}Ⅰrm{)}．Ⅰrm{(}．rm{)}rm{(1)垄谩}rm{(2)垄脹垄脼}rm{(3)垄脵}rm{(4)垄脻}rm{(5)垄脺}Ⅱrm{(}Ⅱrm{)}．．rm{(}rm{)}甲基戊烷rm{(1)C_{6}H_{14}}rm{2-}23、解：（1）根据振动图象可知；横波的周期T=1.2s；

表明P点先于Q点振动．由图可知，P点的振动状态传到Q点需要时间：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

则波速（n=0；1、2）

（2）波长λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；则n=0，此时波长λ=32m；

t=4.2s=

根据振动图象可知，t=0时，P在波峰处，Q在平衡位置处且向下振动，则经过P在波谷处，Q在平衡位置处且向上振动