2024年沪科版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高二物理上册阶段测试试卷969考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在我们日常的体育课当中，体育老师讲解篮球的接触技巧时，经常这样模拟：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住.

这样做的目的是(

)

A.减小篮球的冲量B.减小篮球的动量变化C.增大篮球的动量变化D.减小篮球的动量变化率2、下列说法正确的是()

A.贝克勒尔发现了天然放射现象，并提出了原子的核式结构B.用加温或加压的方法能改变原子核衰变的半衰期C.某原子核经过一次娄脕

衰变后，核内质子数减少2

个D.娄脗

射线是原子的核外电子电离后形成的电子流3、如图所示的U～I图线中，Ⅰ是电源的路端电压随电流变化的图线，Ⅱ是某电阻两端的电压随电流变化的图线，用该电源向该电阻供电时电阻上消耗的功率和电源的电动势A.4W和2VB.2W和3VC.2W和2VD.4W和3V4、如图所示，实线与虚线分别表示振幅（振幅为A）、频率均相同的两列波的波峰和波谷．此刻M是波峰与波峰的相遇点，下列说法中不正确的是（）A.0、M连线的中点是振动加强的点，其振幅为2AB.P、N两处的质点始终处在平衡位置C.随着时间的推移，M处的质点将向O处移动D.从该时刻起，经过四分之一周期，M处的质点到达平衡位置，此时位移为零5、从阴极射线管发射出的一束电子，通过图示的磁场，以下四幅图中能正确描绘电子偏转情况的是（）A.B.C.D.6、法拉第在物理学历史上第一次提出了场的观点，并用电场线形象的描述电场，以下关于电场和电场线的说法中正确的是（）A.电场线是电场中实际存在的，用来表示电场的强弱和方向B.带电粒子在电场中的受力的方向就是场强的方向C.在同一个图里，电场线越密，电场强度越大，电场线越稀疏，电场强度越小D.沿电场线方向，电场强度逐渐减小评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、如图为某次物体作匀变速直线运动的纸带（实验时使用50Hz交流电，每两个计数点之间有4个点没有画出，单位：cm）则：第2个计数点的速度______，物体运动的加速度______．

8、(1)

对下列几种固体物质的认识，正确的有________A.食盐熔化过程中，温度保持不变，说明食盐是晶体B.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体C.天然石英表现为各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则D.石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的物质微粒排列结构不同(2)

在装有食品的包装袋中充入氮气，可以起到保质作用.

某厂家为检测包装袋的密封性，在包装中充满一定量的氮气，然后密封进行加压测试.

测试时，对包装袋缓慢地施加压力.

将袋内的氮气视为理想气体，则加压测试过程中，包装袋内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力_______(

选填“增大”、“减小”或“不变”)

包装袋内氮气的内能_________(

选填“增大”、“减小”或“不变”)

．(3)

给某包装袋充入氮气后密封，在室温下，袋中气体压强为1

个标准大气压、体积为1L.

将其缓慢压缩到压强为2

个标准大气压时，气体的体积变为0.45L.

请通过计算判断该包装袋是否漏气．9、如图所示，青藏铁路分路段路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2米的铁棒，我们叫它热棒．热棒在路基下还埋有5米深，整个棒体是中空的，里面灌有少量液氨．热棒的作用相当于天然的“制冷机”，它是我们学过的物态变化知识的创造性应用．热棒的工作原理是：当路基温度升高时，液态氨吸热发生成气态____上升到热棒的上端；气态氨遇冷放热发生____变成了液态氨；又沉入了棒底．如此不断循环，有效的防止了路基温度的升高．

10、如图所示，两个相通的容器A、B间装有阀门S，A中充满气体，分子与分子之间存在着微弱的引力，B为真空．打开阀门S后，A中的气体进入B中，最终达到平衡，整个系统与外界没有热交换，则气体的内能____（选填“变小”、“不变”或“变大”），气体的分子势能____（选填“减少”、“不变”或“增大”）11、一群氢原子处于量子数n=4n=4的能级状态，氢原子的能级图如图所示，则：

(1)(1)氢原子可能发射____种频率的光子。

(2)(2)氢原子由量子数n=4n=4的能级跃迁到n=2n=2的能级时辐射光子的能量是_________电子伏。

(3)(3)用(2)(2)中的光子照射下表中几种金属，金属______能发生光电效应；发生光电效应时，发射光电子的最大初动能是____电子伏。。金属铯钙镁钛逸出功W/eV

1.9

2.7

3.7

4.1

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)12、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）13、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)20、请描述出图中通电导线周围的磁感线和单个正电荷周围的电场线。21、（９分）有一个直流电动机,把它接入0.2V电压的电路时,电机不转,测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中,电动机正常工作,工作电流是1.0A,求电动机正常工作时的输出功率多大?如果在电动机正常工作时,转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？22、某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中；先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间，如图1所示，则：

（1）该摆摆长为______cm，秒表所示读数为______s．

（2）如果测得的g值偏小，可能的原因是______

A．测摆线长时摆线拉得过紧。

B．摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过迟按下。

D．实验中误将49次全振动记为50次。

（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数据，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图2所示，并求得该直线的斜率为k，则重力加速度g=______（用k表示）．评卷人得分五、综合题(共1题，共10分)23、如图所示；宇航员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上的P

点沿水平方向以初速度娄脭0

抛出一个小球，测得小球经时间t

落到斜坡上另一点Q

斜面的倾角为娄脠

已知该星球半径为R

万有引力常量为G

求：

(1)

该星球表面的重力加速度g

(2)

该星球的第一宇宙速度娄脭

(3)

人造卫星在该星球表面做匀速圆周运动的最小周期T

．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】本题考查了动量定理的应用。抓住篮球动量的变化量相同，通过比较时间，根据动量定理进行分析。本题考查动量定理的基本的运用，并且能与生活实际相联系。【解答】手接触到球的过程，篮球的动量变化为定值，据动量定理，篮球的冲量也为定值，两臂随球后引至胸前，目的是延长接触时间，减小篮球的动量变化率，从而减小球对手的作用力；所以，故ABC错误，D正确。故选D。【解析】D

2、C【分析】【分析】

贝克勒尔通过对天然放射现象的研究发现了原子核具有复杂结构；卢瑟福发现原子结构，半衰期由原子核本身决定，经过一次a

衰变后，核内质子数减少2

个，质量数少4娄脗

射线是原子核内的中子转化为质子同时放出的电子。

本题需要掌握半衰期的特点；衰变的实质和娄脗

射线的性质。

【解答】

A.贝克勒尔通过对天然放射现象的研究发现了原子核具有复杂结构；而不是原子核结构，故A错误；

B.半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，故B错误；C.某原子核经过一次a

衰变后；核内质子数减少2

个，质量数少4

故C正确；

D.娄脗

射线是原子核内的中子转化为质子同时放出的电子；故D错误。

故选C。【解析】C

3、D【分析】试题分析:根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，当I=0时，U=E，则由图线Ⅰ与纵轴交点读出电源的电势为E=3V，其斜率等于电源的内阻r==0.5Ω，由图线Ⅱ得，导体的电阻为R==1Ω，当该导体和电源连接成闭合电路时，电路中电流为I==2A，路端电压U=E-Ir=2V，电源的输出功率为P=UI=4W。故选D考点：闭合电路的欧姆定律，电功、电功率【解析】【答案】D4、C【分析】解：A；由于OM是振动加强点；结合图可知，由图知连线的中点到两波源的距离差为半个波长的偶数倍，所以该点是振动加强的点，其振幅为2A，故A正确；

B；P、N两点是波谷和波峰叠加；位移始终为零，即处于平衡位置，B正确；

C；振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动；不会“随波逐流”，C错误；

D；从该时刻起；经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，D正确；

本题选不正确的；故选：C．

由图知M；O都处于振动加强点；在波的传播过程中，质点不会向前移动；利用振动加强点的路程差为半个波长的偶数倍；再结合振动特点分析即可．

介质中同时存在几列波时，每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰；在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和．【解析】【答案】C5、B【分析】解：如图；电子束从阴极（-极）射出，根据左手定则：伸开左手，磁感线穿过手心，四指指向电子运动的相反方向，拇指指向洛伦兹力方向，判断得知电子所受的洛伦兹力方向向下，则电子束向下偏转，故B正确．

故选：B

电子从阴极射出；在磁场中受到洛伦兹力而发生偏转，根据左手定则判断洛伦兹力的方向，即可确定电子束偏转的方向．

本题是左手定则的应用问题，应用左手定则时，要注意电子带负电，四指向电子运动的相反方向．【解析】【答案】B6、C【分析】解：AC；电场是客观的存在；电场线是人为虚拟的，不是客观的存在，而电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，故A错误，C正确；

B；电场中某点的电场强度的方向与放在该点的试探正点电荷所受电场力方向相同；而负电荷受到电场力方向与该处电场方向相反，故B错误；

D；在任何电场中；沿电场线方向，电势必定越来低，而电场线的疏密代表电场的强弱，因此电场强度与电势没有关系，故D错误；

故选：C。

电场线的方向是正电荷所受电场力的方向；而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线是假想的；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强；电场强度与电势没有关系。

记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念，注意电场强度方向与电荷的正负受到电场力的方向关系。【解析】C二、填空题(共5题，共10分)7、略

【分析】解：他按打点先后顺序每5个点取1个计数点；所以相邻的计数点之间的时间间隔为T=0.1s．

根据刻度尺的示数可知1到O的距离为：1.20cm；3到O的距离为：5.40cm．5到O的距离为：12.00cm；

因此：x13=4.20cm，x35=6.60cm

根据匀变速直线运动特点；可知B点的瞬时速度为：

v2==0.210m/s

由题意可知△x=aT2；根据逐差法求解加速度；

a==0.60m/s2．

故答案为：0.210m/s；0.60m/s．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．

本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.210m/s；0.60m/s8、(1)AD(2)增大不变(3)漏气

【分析】(1)

晶体才有固定的熔点，A正确。熔化的蜂蜡呈椭圆形说明云母片导热具有各向异性的特点，故此现象说明云母片是晶体，B错误;

晶体具有各向异性的原因是物质微粒在空间的排列是规则的，而在不同方向上单位长度内的物质微粒数目不同，引起不同方向上性质不同，故C错误。石墨的物质微粒在空间上是片层结构，而金刚石的物质微粒在空间上是立体结构，从而引起二者在硬度、熔点等物理性质上的差异，D正确。(2)

对包装袋缓慢施加压力，袋内气体的温度不变，压强增大。所以包装袋内壁单位面积上所受气体分子的撞击力增大。理想气体的内能由气体分子的动能决定，而温度是分子平均动能的标志，所以，温度不变，气体内能不变。(3)

若不漏气，加压后气体的温度不变，设其体积为V1

由理想气体状态方程得p0V0=p1V1

代入数据得V1=0.5L

因为0.45L<0.5L

故包装袋漏气。

【解析】(1)AD

(2)

增大不变(3)

漏气

9、汽化液化【分析】【解答】变为气态的过程叫汽化；气态氨变为液态的过程叫液化．故答案为：汽化；液化．

【分析】物体由液态变为气态的过程叫汽化；物体由气态变为液态的过程叫液化．根据汽化和液化的定义来分析．10、不变增大【分析】【解答】打开阀门；气体膨胀，因为右边是真空，所以不对外做功，绝热过程，故由热力学第一定律可得，气体的内能不变，温度就不变；由于体积增大，即分子间的作用力将更小，所以气体分子势能增大．故答案为：不变，增大．

【分析】打开阀门后，气体膨胀，则由热力学第一定律可得内能的变化；据分子势能有体积决定判断分子势能的变化．11、(1)6

种

(2)2.55eV

(3)

铯0.65eV

【分析】【分析】(1)

根据数学组合公式求出氢原子可能发射的光子频率种数；(2)

能级间跃迁辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差；(3)

根据光电效应的条件判断能否发生光电效应且由爱因斯坦光电效应方程解得发射光电子的最大初动能。解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，以及掌握光电效应的条件和光电效应方程。【解答】(1)

因为Cn2=C42=6

知氢原子可能发射6

种频率的光子；

(2)

氢原子由量子数n=4

的能级跃迁到n=2

的能级时，由玻尔理论可知辐射光子的能量等于两能级间的能级差，即E=E4鈭�E2=(鈭�0.85+3.40)eV=2.55eV

(3)

由图可知，该能量E

只大于铯的逸出功，故光子只有照射铯金属才能发生光电效应；又由爱因斯坦光电效应方程可得发射光电子的最大初动能：Ek=E鈭�W0=0.65eV

故填：(1)6

种；(2)2.55eV(3)

铯，0.65eV

【解析】(1)6

种

(2)2.55eV

(3)

铯0.65eV

三、判断题(共8题，共16分)12、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．13、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．14、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共3题，共9分)20、略

【分析】

根据安培定则判断出磁感线的方向；再画出磁感线。正电荷周围的电场线从正电荷出发到无穷远终止。

对于常见的磁场的磁感线和电场的电场线分布要在理解的基础上，加强记忆。【解析】解：根据安培定则判断可知：通电导线周围的磁感线方向沿逆时针方向(

俯视)

是以导体上各点为圆心的一簇同心圆，磁感线的分布如图；正电荷周围的电场线从正电荷出发到无穷远终止，其电场线分布如图。21、略

【分析】试题分析：把它接入0.2V电压的电路时,电机不转，可求电动机线圈电阻r＝电动机正常工作时电动机的输入功率P入＝UI＝2.0W，电动机线圈的热功率P热＝I2r=0.5W,输出功率P出＝P入－P热＝1.5W。若电动机正常工作时转子突然卡住，电能全部转化为内能，则热功率P热＝考点：本题考查功率的计算。【解析】【答案】1.5W，8W22、略

【分析】解：（1）单摆的摆长l=L+=．

秒表的小盘读数为50s；大盘读数为15.2s，则秒表的读数为75.2s．

（2）根据T=得，g=

A；测摆线长时摆线拉得过紧；则摆长的测量值偏大，导致重力加速度的测量值偏大，故A错误．

B；摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了，知摆长的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏小，故B正确．

C；开始计时时；秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故C错误．

D；实验中误将49次全振动记为50次；则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故D错误．

故选：B．

（3）根据T=得，可知图线的斜率k=则重力加速度g=．

故答案