2025年新科版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、以下说法正确的是（）A.同一种物质不可能呈现晶体和非晶体两种不同的形态B.一切自然过程总是沿着熵增大的方向进行C.温度降低，水的饱和汽压增大D.浸润与不浸润均不是分子力作用的表现2、关于康普顿效应，下列说法正确的是(

)

A.康普顿效应证明光具有波动性B.康普顿在研究石墨对X

射线的散射时发现，在散射的X

射线中，有些波长变短了C.康普顿在研究石墨对X

射线的散射时发现，在散射的X

射线中，有些波长变长了D.康普顿效应可用经典电磁理论进行解释3、春节期间孩子们玩“冲天炮”。一只被点燃的“冲天炮”向下喷气体，在一段时间内竖直向上做匀速直线运动，在这段时间内“冲天炮”()A.受到的合外力方向竖直向上B.受到的合外力的冲量为零C.动量不断增大D.动能不断增大4、一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的，关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）5、关于库仑定律的公式F=kQ1Q2/r2，下列说法中正确的是（）A.真空中两个电荷中，大电荷对小电荷的作用力大于小电荷对大电荷的作用力B.当真空中两个电荷间距离r→0时，它们间的静电力F→∞C.当两个电荷间的距离r→∞时，库仑定律的公式就不适用了D.当两个电荷间的距离r→0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用了6、建立电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是（）A.法拉第B.赫兹C.麦克斯韦D.奥斯特7、如图是一个电工应用某种逻辑电路制作的简单车门报警电路图．图中的两个按钮开关分别装在汽车的两道门上．只要其中任何一个开关处于开路状态，发光二极管就发光．请你根据报警装置的要求回答：电路图的虚线框内应是何种电路？（）A.与门B.或门C.非门D.与非门8、如图所示，边长为的L

的正方形区域abcd

中存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里.

一带电粒子从ad

边的中点M

点以一定速度垂直于ad

边射入磁场，仅在洛伦兹力的作用下，正好从ab

边中点N

点射出磁场.

忽略粒子受到的重力，下列说法中正确的是()A.该粒子带负电B.洛伦兹力对甲做正功C.甲的速率大于乙的速率D.甲在磁场中运动的时间大于乙在磁场中运动的时间9、如图所示，光滑半圆柱体固定在水平面上，球心O

的正上方O/

处固定一光滑的小定滑轮，细线的一端拴一小球A

另一端绕过定滑轮。今用一外力F

拉细线，将小球从图中位置慢慢拉至B

在此过程中，小球A

对光滑半球的压力FN

对细线的拉力F

的大小变化情况是()

A.FN

变大，F

不变B.FN

变小，F

变大C.FN

不变，F

变小D.FN

变大，F

变小评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、传感器能够感受一些____量，并把它们按一定的规律转化为____量，就可以方便地进行测量，传输、处理和控制．11、一个定值电阻；其阻值约在40～50Ω之间，现需要测量其阻值．给出的实验器材有：

电池组E：电动势9V；内阻约为0.5Ω

电压表V：量程0～10V；内阻20kΩ

电流表A1：量程0～50mA；内阻约为20Ω

电流表A2：量程0～300mA；内阻约为4Ω

滑动变阻器R1：阻值范围0～100Ω；额定电流1A

滑动变阻器R2：阻值范围0～1700Ω；额定电流0.3A

电键S；导线若干。

如图所示，有两种电路可供选择．测量中为了减小实验误差，实验所用的电流表应为____（填代号）滑动变阻器应为____（填代号），实验应选图____所示的电路图．

12、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为－Q和＋2Q，它们相距L。如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r(2r＜L)的空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小＿＿＿＿方向＿＿＿＿。13、在用图甲所示双缝干涉实验装置测量红光波长的实验中。

（1）将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，将该亮纹定为第一条亮纹，此时手轮上的示数如图乙所示．然后转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，记下此时图丙中手轮上的示数______mm，求得相邻亮纹的间距△x为______mm．

（2）已知双缝间距d=2.0×10-4m，测得双缝到屏的距离L=0.700m，由计算公式λ=______求得所测红光波长为（保留两位有效数字）______nm．

14、在光滑斜面上放一长度为L=20cm的导体A，质量m=1kg，导体A通有电流I1=5A．斜面的倾角为θ=30°如图所示为剖面图．（1）当磁场垂直于斜面向上时，导体A处于静止平衡，则磁感强度B的大小为____T；（2）当磁场方向____时，导体A对斜面恰无压力，则此时磁感强度B的大小为____T．

15、带电π介子静止时的平均寿命是2.6×10－8s，某加速器射出的带电π介子的速率是2.4×108m/s.试求：(1)在实验室中测得这种粒子的平均寿命是________；(2)上述π介子的速率衰变前在实验室中通过的平均距离为________．16、玻璃的折射率为1.50，水晶的折射率为1.55，今有一块玻璃和水晶片，当光垂直它们表面入射时，通过它们的时间相等，若玻璃的厚度是12.4cm，则水晶片的厚度是____cm．17、N(N>1)

个电荷量均为q(q>0)

的小球，均匀分布在半径为R

的圆周上，示意如图.

右移去位于圆周上P

点的一个小球，则圆心O

点处的电场强度大小为____，方向____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、简答题(共1题，共6分)23、Ⅰ如图(a)

用升降机从静止开始竖直向上搬运重力为30N

的物体，物体相对升降机静止。若物体所受弹力F

与时间t

的变化关系如图(b)

所示，物体在各时间段内做什么运动？(

非物理班同学做)

Ⅱ从离地面高度为h

处有自由下落的甲物体，同时在它的正下方的地面上有乙物体以初速度V0

竖直上抛。要使乙物体在下落过程中与甲物体相遇，则乙物体上抛的初速度V0

应满足什么条件？(

物理班同学做)

评卷人得分五、画图题(共2题，共4分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共3题，共15分)26、[

物理隆陋隆陋

选修3篓C3]

(1)

如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空。现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸。待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积。假设整个系统不漏气。下列说法正确的是________(

选对1

个得2

分，选对2

个得4

分，选对3

个得5

分；每选错1

个扣3

分，最低得分为0

分)

A.气体自发扩散前后内能相同B.气体在被压缩的过程中内能增大C.在自发扩散过程中，气体对外界做功D.气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E.气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变(2)

一热气球体积为V

，内部充有温度为Ta

的热空气，气球外冷空气的温度为Tb

。已知空气在1

个大气压、温度T

0

时的密度为娄脩

0

该气球内、外的气压始终都为1

个大气压，重力加速度大小为g

。(i)

求该热气球所受浮力的大小；(ii)

求该热气球内空气所受的重力；(iii)

设充气前热气球的质量为m

0

求充气后它还能托起的最大质量。27、(1)(1)某研究性学习小组为“探究加速度与力、质量的关系”独力设计了如图甲所示的实验装置。小车质量为mm1，砝码和盘的质量为mm2，除了装置图中所给的器材外，另外备有垫木、复写纸、电键、学生电源及导线若干。

除了上面涉及的实验器材外；本次实验还缺少的器材是_____________。

(2)

在上题中；保持m1

不变，改变m2

的大小，小明同学根据实验数据作出了加速度a

随拉力F

的变化图象如图乙所示，该图线不通过坐标原点，最可能的原因是：_______________________；在探究加速度与力的关系实验中，要尽可能保证a鈭�F

图象是一条直线，需要控制的条件是_______________________。

(3)

如图丙所示为用上述装置进行实验，某次得到的一条纸带，相邻计数点间还有四个点没有画出。ABCD

计数点之间的距离已测出，由于疏漏BC

两计数点之间的距离忘记了标注，根据纸带上现有的数据情况，则相邻计数点间的时间间隔为________s

可计算出小车运动的加速度为___________m/s2(

加速度的计算结果保留两位有效数字)

(4)

一根长20cm

的直导线垂直磁感线方向放入匀强磁场中，磁感应强度为0.2T

当导线中通以恒定电流I

时，导线受到的安培力大小为0.1N

则I=

________A

(5)

桌面上放一单匝矩形线圈，线圈中心上方有一竖立的条形磁铁，此时线圈内的磁通量为0.04Wb

磁铁在桌面上时线圈内的磁通量为0.12Wb

如把条形磁铁在0.5s

内从线圈上方放在桌面上，线圈中产生的感应电动势的大小E=

________V

28、如图所示，一气缸竖直放置，用一质量为m的活塞在缸内封闭了一定量的理想气体，在气缸的底部安装有一根电热丝，用导线和外界电源相连，已知气缸壁和活塞都是绝热的，气缸壁与活塞间接触光滑且不漏气。现接通电源，电热丝对缸内气体缓慢加热。设活塞横截面积为S，外界大气压强为p0；电热丝热功率为P，测得通电t时间内活塞缓慢向上移动高度h，求：

①气缸内气体压强的大小；

②时间缸内气体对外所做的功和内能的变化量。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解答】A；理论和实验证明非晶体具有不稳定状态；在适当的条件下会变成晶体，故A错误；B、热力学第二定律表明，一切自然过程总是沿着熵增大的方向进行，故B正确；

C；由于温度降低会减小蒸发速率；所以饱和蒸气压力随着温度的降低而降低；故温度降低，水的饱和汽压降低；故C错误；

D；放在洁净的玻璃板上的一滴水银；能够在玻璃板上滚来滚去，而不附着在上面．把一块洁净的玻璃片进入水银里再取出来，玻璃上也不附着水银．这种现象才叫做不浸润，对玻璃来说，水银是不浸润液体；放在洁净的玻璃板上的一滴水，会附着在玻璃板上形成薄层．把一块洁净的玻璃片进入水里再取出来，玻璃表面会沾上一层水．这种现象叫做浸润．对玻璃来说，水是浸润液体；浸润与不浸润均是分子力作用的表现；故D错误；

故选：B．

【分析】热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力学过程中熵的微增量总是大于零．2、C【分析】解：A

康普顿效应揭示了光具有粒子性；故A错误；

BC

在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，则动量减小，根据娄脣=hp

知波长变长，故B错误，C正确；

D；光电效应和康普顿效应都无法用经典电磁理论进行解释；D错误；

故选：C

．

在康普顿效应中；散射光子的动量减小，根据德布罗意波长公式判断光子散射后波长的变化，康普顿效应进一步表明光子具有动量，体现光的粒子性。

本题考查了光的波粒二象性中的基础知识，要加强记忆和理解，解题关键是会用德布罗意波长公式解释康普顿效应．【解析】C

3、B【分析】【解析】试题分析：冲天炮匀速上升，合力为零，故其动量不变，动能不变，其合外力的冲量为零，故B正确考点：考查了冲量定理【解析】【答案】B4、D【分析】【解析】试题分析：电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符．故B错误．图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成锐角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意．故D正确．故选D考点：本题是电场中轨迹问题，【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】试题分析：两电荷之间的库仑力是作用力和反作用力，所以大电荷对小电荷的作用力等于小电荷对大电荷的作用力，A错；当两个电荷间的距离r→0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用了，B错，D对；当两个电荷间的距离r→∞时，它们间的静电力F→0，库仑定律的公式适用，C错。考点：本题考查库仑定律及适用条件【解析】【答案】D6、C【分析】【解答】麦克斯韦预言了电磁波的存在；并建立了电磁场理论，即“麦克斯韦定律”，故C正确，ABD错误；故选：C．

【分析】麦克斯韦预言了电磁波的存在，同时建立了较为完整的电磁场理论，赫兹通过实验证实了电磁波的存在．7、B【分析】解：由题意可知；只要其中任何一个车门开着，发光二极管就发光，则该事件是或逻辑关系，相应电路为或门电路．故B正确，ACD错误．

故选：B

根据题意发光二极管要发光这个事件要想发生；只要满足其中任何一个开关处于开路状态这个条件（即只要其中任何一个车门开着）即可．由此可知该逻辑关系为或逻辑关系，为或门电路．

考查了基本逻辑关系，基本路基门电路及其功能．【解析】【答案】B8、D【分析】略【解析】D

9、C【分析】【分析】将球的重力分解为沿绳子方向和沿半径方向，根据三角形相似判断，小球对半球面的压力FFNN、细线的拉力大小FF的变化。本题为动态平衡中应用相似三角形定则解题的典型题目，要认真体会题目中的解题方法。【解答】将球的重力分解为沿绳子方向和沿半径方向，根据三角形相似有：mgh=FTl=FNR将小球从AA点拉到BB点，在此过程中，ll变小，hh不变，由上面等式可得：FFTT变小，FFNN不变，故ABD错误，C正确；故选C。

【解析】C

二、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】

传感器是指这样一类元件：它能感受诸如力；温度、光、声、化学成分等物理量；并能把它们按照一定规律转换成便于传输和处理的另一个物理量，或转换为电路的通断，如果把非电学量转换为电学量，就可以很方便地进行测量、传输、处理和控制了．

故答案为非电学量电学量。

【解析】【答案】传感器的定义：能够感受规定的被测量并按照一定规律转换成可用输出信号的器件或装置称为传感器．传感器是一种检测装置；它能够感受外界信息，并将其转换成为电信号，以满足信息的传输；处理、存储、显示、记录和控制等要求．它是实现自动检测和自动控制的首要环节．其感受外界信息的过程称为检测过程．

11、略

【分析】

因电池和电压表唯一；故电源电动势为9V，电压表选V；

由欧姆定律可知，电路中电流约为：A=180mA，故电流表应选A2；

若滑动变阻器变大，则在调节时过于困难，故滑动变阻器选择略大于待测电阻的即可，故选R1；

电压表内阻为20kΩ，为待测电阻的=400倍；而电阻电压为电流表内阻的=2.5倍；故说明电压表内阻远大于待测电阻；故应选用电流表外接法；故选甲电路；

故答案为：A2，R1；甲。

【解析】【答案】已知电源；则可以选出电压表，根据欧姆定律可以求出电路中的电大电流，则可以选出电流表；根据两滑动变阻器的电阻及待测电阻的关系可以选出滑动变阻器，比较电压表；电流表及待测电阻的电阻大小可以得出电路的接法．

12、略

【分析】【解析】【答案】12kQ/L2右13、略

【分析】解：（1）图乙中螺旋测微器的读数为2mm+0.01×32.0mm=2.320mm；图丙中螺旋测微器的读数为13.5mm+0.01×37.0mm=13.870mm．

则相邻条纹间距．

（2）根据得，代入数据得m=6.6×10-7m=6.6×102nm．

故答案为：（1）13.870，2.310，（2）6.6×102

螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读，根据求出相邻条纹的间距．

根据双缝干涉条纹的间距公式求出波长的表达式；代入数据求出波长的大小．

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，以及掌握双缝干涉条纹的间距公式，并能灵活运用．【解析】13.870；2.310；6.6×10214、略

【分析】

（1）导体处于平衡有：mgsinθ=BIL，则．

（2）当重力与安培力平衡时；压力为零，有：mg=B′IL

则

根据左手定则；则磁场的方向水平向左．

故答案为：（1）5（2）水平向左；10．

【解析】【答案】（1）导体受重力；支持力和沿斜面向上的安培力处于平衡；根据共点力平衡求出安培力的大小，再根据F=BIL求出磁感应强度的大小．

（2）当导体对斜面恰好无压力时；导体受重力和安培力处于平衡，根据左手定则得出磁场的方向以及根据力的平衡求出安培力大小，从而求出磁感应强度的大小．

15、略

【分析】(1)由τ＝得π介子的平均寿命是τ＝s＝4.33×10－8s.(2)π介子衰变前在实验室中通过的平均距离s＝τ·v＝4.33×10－8×2.4×108m＝10.4m.【解析】【答案】(1)4.33×10－8s(2)10.4m16、略

【分析】

光在介质中传播速度为v=时间为t==

由题意得：t玻璃=t水晶；则有。

n玻璃d玻璃=n水晶d水晶；

得d水晶==×12.4cm=12cm

故答案为：12

【解析】【答案】光在介质中传播速度为v=时间为t=．运用比例法；求解水晶片的厚度．

17、​沿OP指向P

【分析】解：如果没移去电荷之前，N(N>1)

个电荷量均为q(q>0)

的小球；均匀分布在半径为R

的圆周上在圆心处场强为0

该点场强可以看成是移去的电荷和其余的电荷在该点场强的叠加；

所以移去电荷后；在圆心O

点处的电场强度与移去的电荷在该处的场强大小相等，方向相反．

根据库仑定律得圆心O

点处的电场强度大小为kqR2

方向沿OP

指向P

故答案为：kqR2

沿OP

指向P

．【解析】​kqR2

沿OP

指向P

三、判断题(共5题，共10分)18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、简答题(共1题，共6分)23、0-3s匀加速直线运动；3-8s匀速直线运动，8-11s匀减速直线运动。【分析】【分析】根据牛顿第二定律求出物体匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度，通过加速度判断物体的运动。本题考查了牛顿第二定律和运动学公式与图象的综合，是高考的热点问题，需加强这方面的训练。【解答】取升降机地板上的物体为研究对象；物体受到重力和向上的支持力，取向上为正方向；

在0隆芦3s

内，F1>mg

物体所受合外力竖直向上，所以物体向上做匀加速直线运动；

在3隆芦8s

内；FN2=mg

物体所受合外力为零，所以物体向上做匀速直线运动；

在8隆芦11s

内，FN3<mg

物体所受合外力方向竖直向下，所以物体向上做匀减速直线运动。

故答案为：0鈭�3s

匀加速直线运动；3鈭�8s

匀速直线运动，8鈭�11s

匀减速直线运动。【解析】0鈭�3s

匀加速直线运动；3鈭�8s

匀速直线运动，8鈭�11s

匀减速直线运动。五、画图题(共2题，共4分)24、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】25、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共3题，共15分)26、(1)ABD(2)

解：(i)

设1

个大气压下质量为m

的空气在温度为T0

时的体积为V0

密度为娄脩0=mV0

设温度为T

的体积为VT

密度为。

娄脩(T)=mVT

由盖鈭�

吕萨克定律得V0T0=VTT

联立可得：娄脩(T)=娄脩0T0T

气球受到的浮力为f=娄脩(Tb)gV

联立可得：f=娄脩0gVT0Tb

(ii)

根据娄脩(T)=娄脩0T0T

可得娄脩(Ta)=娄脩0T0Ta

气球内空气的重力为G=娄脩(Ta)gV=T0Ta娄脩0gV

(iii)

气球要漂浮在空气中；则气球总重力等于冷空气的浮力，假如还能托起的最大质量为m

则。

F=m0g+G+mg

所以m=娄脩0VT0Tb鈭�娄脩0VT0Ta鈭�m0

【分析】(1)

【分析】抽开隔板时，气体自发的扩散，不会对外做功；活塞对气体推压，则活塞对气体做功。本题考查了气体内能和理想气体的三个变化过程，掌握内能的方程和理想气体方程才能使这样的题目变得容易。【解答】AC.

抽开隔板时，气体体积变大，但是右方是真空，又没有热传递，则根据鈻�U=Q+W

可知；气体的内能不变，A正确，C错误；

BD.

气体被压缩的过程中，外界对气体做功，根据鈻�U=Q+W

可知；气体内能增大，BD正确；

E.气体被压缩时；外界做功，内能增大，气体分子平均动能是变化的，E错误。

故选ABD。(2)

(i)

根据浮力的公式计算浮力的大小，此时的关键是计算外界的气体密度；(ii)

根据G=娄脩Vg

计算重力；关键是计算气球内部的空气密度；

(iii)

根据平衡条件分析充气后能托起的最大质量。本题考查了理想气体的特点和平衡问题，对于这种问题，心理上不要惧怕，从一些重要的知识点入手，应用相应的公式即可求解。【解析】(1)ABD

(2)

解：(i)

设1

个大气压下质量为m

的空气在温度为T0

时的体积为V0

密度为娄脩0=mV0

设温度为T

的体积为VT

密度为。

娄脩(T)=mVT

由盖鈭�

吕萨克定律得V0T0=VTT

联立可得：娄脩(T)=娄脩0T0T

气球受到的浮力为f=娄脩(Tb)gV

联立可得：f=娄脩0gVT0Tb

(ii)

根据娄脩(T)=娄脩0T0T

可得娄脩(Ta)=娄脩0T0Ta

气球内空气的重力为G=娄脩(Ta)gV=T0Ta娄脩0gV

(iii)

气球要漂浮在空气中；则气球总重力等于冷空气的浮力，假如还能托起的最大质量为m

则。

F=m0g+G+mg

所以m=娄脩0VT0Tb鈭�娄脩0VT0Ta鈭�m0