2024年北师大版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版必修3物理下册月考试卷44考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示在两个对接的绝缘光滑斜面上放置了电荷量大小均为q的两个小球A和B（均看成质点），两个斜面的倾角分别是30°和45°，小球A和B的质量分别是m1和m2。若平衡时，两小球均静止在离斜面底端高度为h的同一水平线上，斜面对两个小球的弹力分别是N1和N2，静电力常量为k；下列说法正确的是（）

A.B.C.D.若同时移动两球在斜面上的位置，只要保证两球在同一水平线上，则两球仍能平衡2、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务．盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患．小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个A.6.2×10﹣19CB.6.4×10﹣19CC.6.6×10﹣19CD.6.8×10﹣19C3、如图，同一直线上的三个点电荷a、b、c，电荷量分别为已知a、b间距离小于b，c间距离；仅在彼此间的静电力作用下，三个点电荷均处于平衡状态，下列说法正确的是（）

A.三个点电荷可能均为正电荷B.若a为正电荷，则b、c均为负电荷C.点电荷电荷量的绝对值满足D.点电荷电荷量的绝对值满足4、均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同。如图所示，半径为的球体上均匀分布着正电荷，在过球心的直线上有三个点，若以为直径在球内挖一球形空腔，球的体积公式为则两点的电场强度大小之比为（）

A.B.C.D.5、如图所示，真空中xOy平面直角坐标系上的A、B、C三点构成等边三角形，边长L＝2.0m。若将电荷量均为q＝＋2.0×10－6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2（）

A.两点电荷间的库仑力大小9.0×103NB.C点的电场强度的大小4500N/CC.C点的电场强度的大小9000N/CD.B处的场强方向沿x轴正方向，大小为9.0×10-3N/C6、如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷。以Q表示电容器电量，E表示两极板间电场强度，U表示两极板间电势差，Ep表示正点电荷在P点的电势能，将正极板向下移动距离d至图中虚线所示的位置；则（）

A.电容器的电量Q不变，U增大B.P点的电势降低C.E不变，P点与负极板的电势差不变D.正点电荷在P处的电势能EP降低7、如图所示，D是一只理想二极管，电流只能从a流向b，而不能从b流向a．平行板电容器的A、B两极板间有一电荷，在P点处于静止状态．以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，Ep表示电荷在P点的电势能．若保持极板B不动，将极板A稍向上平移，则下列说法中错误的是。

A.E变小B.U变大C.Ep不变D.电荷仍保持静止8、将一电源与一电阻箱连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗功率P与电阻箱读数R变化的曲线如图所示；由此可知，电源内阻为（），电动势为（），电源输出功率最大时，效率为（）。

9、物理学是一门以实验为基础的学科；许多物理定律就是在大量实验的基础上归纳总结出来的。有关下面四个实验装置，描述错误的是（）

A.卡文迪许利用装置(1)测出了引力常量的数值B.库仑利用装置(2)总结出了点电荷间的相互作用规律C.奥斯特利用装置(3)发现了电流的磁效应D.牛顿利用装置(4)总结出了自由落体运动的规律评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为光敏电阻（照射光强度越大，电阻越小），C为电容器，L为小灯泡；电表均为理想电表，闭合开关S后，若增大照射光强度，则（）

A.电压表的示数增大B.电源的效率变小C.电容器上的电荷量减少D.小灯泡的功率减小11、如图所示，质量分别是m1和m2带电量分别为q1和q2的小球，用长度不等的轻丝线悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别是α和β(α>β)；两小球恰在同一水平线上，那么()

A.两球一定带异种电荷B.q1可能大于q2C.m1一定大于m2D.m1所受库仑力一定大于m2所受的库仑力12、如图所示，绝缘金属球壳的空腔内有一带电小球，现在球壳左侧放一带电小球A，下列说法正确的是()

A.A球对球壳内的电场不影响B.由于静电屏蔽，球壳内没有电场C.球壳内外表面均没有电荷D.由于球壳接地，空腔内的电场对外部也没有影响13、两个点电荷在x轴上，从左到右分别记为和经测量，在的轴上电子的电势能曲线如图所示，其中是电势能为零的点的坐标，是电势能为极小值的点的坐标，已知电子带电量为在点电荷Q形成的电场中其电势能为（k为静电力常量，r为电子与点电荷间的距离）。则以下说法正确的是（）

A.和带异号电荷B.电荷一定带负电荷C.电荷所在的位置为O点D.两电荷量之比14、一对等量正点电荷电场的电场线（实线）和等势线（虚线）分布情况如图所示，图中O点为两点电荷连线与中垂线的交点，A、B两点位于中垂线两侧不对称位置。C、D两点位于中垂线上，设无穷远处电势为零，A、B、C、D、O五点处的电场强度分别是EA、EB、EC、ED、EO，电势分别是φA、φB、φC、φD、φO，试探电荷q在C、D两点处的电势能分别是EPC、EPD；下列判断正确的是（）

A.EA>EB，EC>EDB.φA>φo>φc>φB>φDC.EPC<EPDD.EO=0，φO=015、在绝缘水平桌面（桌面足够大）上方充满平行桌面的电场，其电场强度E随时间t的变化关系如图所示，小物块电荷量为将其放在该水平桌面上并由静止释放，小球速度v与时间t的关系如图所示，取重力加速度则下列说法正确的是（）

A.物块在内位移是B.物块的质量是C.物块与水平面间动摩擦因数是D.物块在内电势能减少了16、在如图所示的电路中，是滑动变阻器，是定值电阻，电源的电动势为E，内阻为r，当开关S闭合时，电容器C不带电；现将滑动变阻器滑片向右滑动到某一位置且电路稳定时，下列说法正确的是（）

A.电源提供的总功率变小B.两端电压变大C.两端电压变大D.电容器C的下极板带正电17、下列关于电磁感应现象的说法中，正确的是（）A.只要穿过闭合线圈中的磁通量不为零，闭合线圈中就一定有感应电流B.闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，线圈中会有感应电流C.穿过闭合线圈中的磁通量越大，闭合线圈中的感应电动势越大D.穿过闭合线圈中的磁通量变化越快，闭合线圈中感应电动势越大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、如图所示，A和B两平行金属板相距10mm，M点距A板及N点距B板均为2mm，两极板间的电压为4V，则板间场强为______N/。A．A板电势为________V，N点电势为________V.19、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P位置不变而电阻箱R阻值增大的时候，电表A和V的变化情况是：表V示数_____，表A示数_____．(填“变大；变小或不变”).

20、能源的开发与应用：

近年来，我国在能源开发方面取得了很大的成就：如：______发电、水力发电、______发电、______发电。21、电磁感应。

法拉第把他发现的磁生电的现象叫作电磁感应，产生的电流叫作______。22、普朗克理论∶

（1）借助于能量子的假说，普朗克得出了黑体辐射的强度按________的公式；与实验符合得非常好。

（2）普朗克在1900年把能量子列入物理学，正确地破除了“________”的传统观念，成为新物理学思想的基石之一。23、（1）自由电子：金属中原子的外层电子脱离___________的束缚而在金属中___________；这种电子叫作自由电子。

（2）离子：失去自由电子的___________便成为带正电的离子。24、研究电场中的电势能时总是与重力势能相比较，这是应用了_______的科学方法.25、一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升重力为4N的物体时，通过电动机的电流是0.2A，在30s内可将该物体匀速提升3m。若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，则电动机的输入功率为________；线圈的电阻为________。26、如图所示，已知电源的内阻r=2Ω，外电阻R1=4Ω，滑动变阻器R2的电阻可调范围为0~10Ω。当滑动变阻器R2的电阻调为4Ω时，电源内部的电热功率为2W，则电源电动势为_____V；电阻R2的阻值为______Ω时，R1的电功率达到最大值。

评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)27、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

28、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

29、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

30、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)31、用如图的电路测量某待测电阻的阻值，其中V为理想电压表；为单刀开关，为单刀双掷开关；E为电源；R为滑动变阻器。采用如下步骤完成实验：

（1）按照实验原理线路图（a），将图（b）中实物连线_______；

（2）将滑动变阻器滑动端置于适当的位置，闭合

（3）将开关掷于1端，改变滑动变阻器滑动端的位置，记下此时电压表V的示数然后将掷于2端，记下此时电压表V的示数

（4）待测电阻阻值的表达式_________（用表示）；32、示波器的核心部件是示波管，下图是它的原理图。如果在偏转电极之间和偏转电极之间都没加电压，电子束从电子枪射出后沿直线传播，打在荧光屏中心从右向左观察，在那里产生一个亮斑。

（1）如果在电极之间不加电压，但在之间加不变的电压，使的电势比高（即正负），则电子打在荧光屏上的位置位于__________上（填或是荧光屏中心）；当所加电压增大时，电子打在荧光屏上的位置将__________。（填“上移”；“下移”或“不变”）

（2）如果在之间加正弦电压，如图甲所示，而在电极之间加随时间线性变化的电压，如乙图所示，则荧光屏上看到的图形是丙图中的__________。

A．B．

C．D．33、在航空仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温度系数低，电阻率大，耐磨等性能。实验小组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率ρ的实验；其操作如下：

(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为L＝_____mm；用螺旋测微器测出其直径D如图乙所示，则D=____mm；

(2)此圆柱体电阻约为100Ω，欲测量这种材料的电阻率ρ；现提供以下实验器材：

A.电流表A1（量程50mA，内阻r1=20Ω）；

B.电流表A2（量程100mA，内阻r2约为40Ω）：

C.电压表V（量程15V；内阻约为3000Ω）；

D．滑动变阻器R1（0~10Ω；额定电流2A）；

E.定值电阻R0＝80Ω

F.直流电源E（电动势为4V；内阻很小）；

G.开关一只；导线若干。

为了尽可能精确测量圆柱体的阻值，在所给的方框中设计出实验电路图，并标明所选择器材的物理符号________；

(3)此圆柱体长度为L直径D，若采用以上电路设计进行测量电阻率ρ＝________（写出表达式）（若实验中用到电流表A1、电流表A2、电压表V，其读数可分别用字母I1、I2、U来表示）。34、某同学用如图所示的电路测量一个微安表(量程为)的内阻．连接好电路后；主要操作步程如下:

（1）将开关S和处于断开状态；

（2）将变阻器R和电阻箱调至最大值．闭合开关S，调节变阻器R，让微安表达到满偏．此时电压表示数为2.00V；

（3）再闭合开关．调节变阻器R和电阻箱让微安表达到半偏．此时电阻箱的示数为电压表的示数为2.50V．

由上述实验数据可知:电压表的内阻为_______微安表的内阻为______．评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)35、如图甲所示的电路中R1＝R2＝100Ω，是阻值不随温度而变的定值电阻．白炽灯泡L的伏安特性曲线如图乙所示．电源电动势E＝100V；内阻不计．求：

(1)当开关S断开时；灯泡两端的电压和通过灯泡的电流以及灯泡的实际电功率；

(2)当开关S闭合时；灯泡两端的电压和通过灯泡的电流以及灯泡的实际电功率．

36、某静电场的等势面如图所示，A、B、C分别为等势面上的三个点；其电势分别为10V；8V和6V．

(1)在图中画出电场线的大致分布；

(2)若将一电子（电荷量为e）从A点移到C点，求电场力做的功W及电势能的变化量ΔEP；

(3)若另一电子仅在电场力的作用下从A点经B点运动到C点，且已知经过B时的动能为10eV，求电子到达C点时的动能EKC．

（提示：在研究微观粒子时常用电子伏特(eV)做能量的单位．1eV等于一个电子经过1V电压加速后所增加的动能）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

BC．A处于静止，设A受到的库仑力为F1，支持力为N1，由平衡条件可得

同理可得，对B满足

对比可得

BC错误；

A．两电荷间距为

由库仑定律可得

由BC的分析可得

联立解得

A正确；

D．若同时移动两球在斜面上的位置；由于距离变化导致库仑力变化，不再满足原来的平衡关系，故两球不能处于原来的平衡状态，D错误。

故选A。2、B【分析】【详解】

自然界中物体的带电量是元电荷电量的整数倍：

元电荷电量：

时，B正确，ACD错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

AB．以b点电荷为对象，根据受力平衡可知，a对b的库仑力与c对b的库仑力大小相等，方向相反，可知a、c带同种电荷；以c点电荷为对象，根据受力平衡可知，a对c的库仑力与b对c的库仑力大小相等，方向相反，可知a、b带异种电荷；若a为正电荷，则b为负电荷，c为正电荷；故AB错误；

C．以b点电荷为对象，根据受力平衡可得

由于

可得

故C正确；

D．以c点电荷为对象，根据受力平衡可得

由于

可得

故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

设原来半径为的整个均匀带电球体的电荷量为由于均匀带电，可知被挖的球形空腔部分的电荷量为

可知以为直径在球内挖一球形空腔后，两点的电场强度等于整个均匀带电球体在两点的电场强度减去被挖的球形在两点的电场强度，则有

可得

C正确；ABD错误；

故选C。5、B【分析】【详解】

A．根据库仑定律，A、B两点电荷间的库仑力大小为：

代入数据得：

故A错误；

BC．A、B点电荷在C点产生的场强大小相等，均为：

A点电荷在C点场强方向为由A指向C；B点电荷在C点场强方向为由B指向C；其方向与竖直方向夹角为将A、B点电荷在C点产生的场强沿水平方向和竖直方向分解，有水平方向场强相互抵消；A、B两点电荷形成的电场在C点的合场强即为二者在竖直方向合场强，其大小为：

代入数据联立解得：方向沿y轴正向，故B正确，C错误；

D．A点电荷在B处产生的场强为：

方向沿x轴正方向；故D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

AC．平行板电容器充电后与电源断开，电容器的电量不变。将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，由

得

可知板间场强E不变，电容C增大，而电量Q不变，又由公式分析得知板间电压U减小；故C正确，A错误；

BD．根据U=Ed，E不变，P点到正极板的距离减小，则正极板与P点的电势差减小，正极板电势为零，P点的电势比正极板低，则P点的电势升高，电势能Ep增大；故BD错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

将极板A稍向上平移，板间距离d增大，根据电容的决定式得知，电容C减小；若电容器的电压不变时，则电容器所带电量将要减小，由于二极管具有单向导电性，电容器上电荷放不掉，电荷不能流回电源，所以电容器的电量保持不变，由于电容C减小，由电容的定义式可知，U变大．根据推论可知，板间场强E不变，电荷所受的电场力不变，仍保持静止状态．P与B板间电势差UPB=Ed，E、d都不变，UPB保持不变，P点的电势保持不变，则电荷在P点电势能EP不变．故A错误；B，C，D正确．本题选错误的，故选A.

【点睛】本题分析电容器的电容如何变化是常规思路，要抓住二极管单向导电性判断电容器的电量能否发生变化，要防止思维定势的影响，注意条件的变化．8、B【分析】【详解】

A．由电阻箱所消耗功率P与电阻箱读数P变化的曲线可知，电阻箱所消耗功率P最大为45W；所以电源最大输出功率为45W，A错误；

B．电源输出功率最大的条件可知；电源输出功率最大时，外电路电阻等于电源内阻，所以电源内阻一定等于5Ω，B正确；

C．由电阻箱所消耗功率P最大值为45W可知，此时电阻箱读数为R=5Ω；则有：

解得：E=30V；C错误；

D．电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率为50%，D错误。【解析】见解析9、D【分析】【分析】

【详解】

A．牛顿发现万有引力定律之后；卡文迪许利用扭秤装置测定了引力常量的数值，A正确；

B．库仑通过扭秤实验总结出电荷间相互作用的规律；B正确；

C．奥斯特发现了电流的磁效应；C正确；

D．伽利略通过逻辑推理和数学知识研究了铜球在斜面滚动的实验；得出了自由落体运动是匀变速直线运动这一规律，D错误。

本题选错误的，故选D。二、多选题(共8题，共16分)10、A:B:C【分析】【详解】

由图可知，L和R2串联后和C并联，再与R1串联；电容器在电路稳定时相当于断路。

A．当增大照射光强度时，光敏电阻R2减小，电路的总电阻减小，总电流I增大，由部分电路的欧姆定律知；电压表的示数增大，故A正确；

B．电源的效率为

因路端电压

随I增大而减小；故电源的效率减小，故B正确；

C．电容器板间电压为

而I增大，则UC减小，则电容器上的电荷量减小；故C正确；

D．因流过小灯泡的电流I增大，则小灯泡的功率

增大；故D错误。

故选ABC。11、A:B【分析】【详解】

A.两球相互吸引必定是异种电荷；故A正确．

B.根据牛顿第三定律，两球间的库仑力大小相等，无法判断电量的大小，q1可能大于q2；故B正确．

C.设两球间库仑力大小为F，对m1研究，得到：

同理，对m2研究，得到

则

因α＞β，得到m1＜m2；故C错误．

D.根据牛顿第三定律，m1所受库仑力一定等于m2所受的库仑力，故D错误．12、A:D【分析】【详解】

由于金属球壳接地，对内外电场都有屏蔽作用，故A、D对，球壳外表面没有电荷，因为空腔内有带电体，所以空腔内有电场，内表面有感应电荷，故B、C错．综上分析，AD正确．13、A:C【分析】【详解】

EP-x图像的斜率k=F=qE

由图可知，x1点场强为0，两个点电荷的合场强为0，两电荷是异号电荷；当时，电势能则x=0处一定是负电荷；当x从0增大时，电势能没有出现负无穷，即没有经过正电荷所在位置，这表明正点电荷在原点左侧，则电荷Q2为负电荷，位于O点，Q1为正电荷，设Q1位于x2，x1点场强为0，有

x0点电势能为0，有

解得

则

故AC正确；BD错误。

故选AC。14、A:B【分析】【详解】

A．由图可知A点的电场线比B点电场线密集，则EA>EB

同理C点的电场线比D点电场线密集，则EC>ED

选项A正确；

B．根据沿着电场线电势降低和图中A、B、C、D、O五点所处的等势面可以判断φA>φo>φc>φB>φD

选项B正确；

C．由于不知试探电荷q的电性，无法判断q在C、D两点处的电势能的大小；选项C错误；

D．等量正点电荷电场的连线的中点电场强度EO=0

从中点沿着中垂线向外电势降低，无穷远处为零势能点，则φO≠0

选项D错误。

故选AB。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．物块在内位移为

故A正确；

BC．由图可知，前物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有

由图线知加速度为

后物块做匀速运动，由平衡条件有

联立解得

由图可得

代入数据解得

由

可得

故B错误；C正确；

D．物块在前的位移

物块在第的位移为

电场力做正功

则电势能减少了故D错误．

故选AC。

【点睛】

能根据题目提供的图和图得到相关的信息是解题的关键．明确v-t图象的斜率等于加速度，“面积”大小等于位移．16、B:D【分析】【详解】

滑片向右滑动，R1电阻减小，电路总电阻变小，干路电流变大，电源提供的总功率变大，路端电压U=E-Ir

变小，则R3、R4通过的电流变小，R4两端电压变小；R1、R2通过的电流变大，R2两端电压变大；由变小，不变；可知电容上极板电压比下极板电压低，故电容器C的下极板带正电。

故选BD。17、B:D【分析】【详解】

穿过闭合线圈中的磁通量不为零，若磁通量不变，则闭合线圈中没有感应电流，A错误；闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，穿过线框的磁通量一定会变化，则线圈中一定会有感应电流，B正确；穿过闭合线圈中的磁通量越大，但磁通量的变化率不一定越大，则闭合线圈中的感应电动势不一定越大，C错误；穿过闭合线圈中的磁通量变化越快，磁通量的变化率一定越大，闭合线圈中感应电动势越大，D正确．三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

根据可知两板间的电场强度为板间电场方向向上，故A点的电势低于B板的电势，因B板接地电势为零，所以可知A板电势为-4V；B、N之间的电势差为所以N点的电势为-0.8V．【解析】400－4－0.819、略

【分析】【详解】

[1][2]滑动变阻器的滑片P位置不变而电阻箱R阻值增大的时候，外电路电阻增大，则干路电流减小，根据

可知，路端电压变大，所以电阻箱两端电压变大，电压表示数变大，与电阻箱并联部分的滑动变阻器两端电压变大，电流变大，而干路电流减小，所以电阻箱支路电流减小，电流表示数减小．【解析】变大变小20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】太阳能风能核能21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】感应电流22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据普朗克理论可知；借助于能量子的假说，普朗克得出了黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好。

（2）[2]普朗克在1900年把能量子列入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，成为新物理学思想的基石之一。【解析】①.波长分布②.能量连续变化23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】原子核自由运动原子24、略

【分析】【详解】

[1]研究电场中的电势能时总是与重力势能相比较，这是应用了类比的科学方法．【解析】类比25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电动机的输入功率。

[2]电动机提升重物的速度。

电动机提升重物的机械功率。

则热功率为。

解得。

【解析】0.6W526、略

【分析】【详解】

[1]当滑动变阻器的电阻调为4Ω时，设电源的电动势为E，由闭合电路的欧姆定律可得电路的电流为

电源内部的电热功率为

代入数据可以求得电源的电动势为E=10V

[2]为定值电阻，当中电流最大时，功率最大，则可知此时的阻值应为0。【解析】100四、作图题(共4题，共20分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析29、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】30、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共28分)31、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]按照实验原理线路图（a），将图（b）中实物连线,如图。

(4)[2]V为理想电压表，将开关掷于1端，改变滑动变阻器滑动端的位置，记下此时电压表V的示数滑动变阻器流入滑片的电流为。

将掷于2端，记下此时电压表V的示数滑动变阻器流入滑片的电流为。

联立；可得。

【解析】32、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]电子带负电，受到的电场力方向与电场方向相反，所以在电极之间不加电压，但在之间加不变的电压，使的电势比高（即正负）时，粒子将受到向上的电场力，故粒子向上偏转，将打在OY上；间电压增大；则电子的偏转距离增大，所以应上移；

（2）[3]电子在荧光屏偏转的距离与偏转电压成正比，则在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压，电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化，