2025年浙教版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，电源电动势E，内阻为2Ω，定值电阻R2=2Ω．滑动变阻器的最大阻值为10Ω，电流表与电压表均视为理想电表，在滑动变阻器的滑片P由左端a向右滑动的过程中，以下说法正确的是（）A.电流表的示数减小，电压表的示数增大B.电源的输出功率变小C.R2消耗的功率先变大后变小D.滑动变阻器消耗的功率先变大后变小2、如图所示，两块相同的玻璃等腰三棱镜ABC置于空气中，两者的AC面相互平行放置，由红光和蓝光组成的细光束平行于BC面从P点射入，通过两棱镜后，变为从a、b两点射出的单色光，对于这两束单色光，下列说法错误的是（）A.红光在玻璃中传播速度比蓝光大B.从a、b两点射出的单色光不平行C.从a点射出的为红光，从b点射出的为蓝光D.从a、b两点射出的单色光仍平行，且平行于BC3、如图所示，1、2两个长方体的质量分别是m1、m2（且m1＜m2），叠放在光滑水平面上，用水平力F拉物体可使它们一起运动（无相对运动），这时它们间相互作用的摩擦力为Ff；下列说法正确的是（）

A.若改为2F的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力一定变为2Ff

B.若改为的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力变为

C.若改为F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力大于Ff

D.若改变F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力仍为Ff

4、如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨相距0.2m，其电阻不计，处于水平向里的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度为0.5T．导体棒ab与cd的电阻均为0.1Ω，质量均为0.01kg现用竖直向上的力拉ab棒，使之匀速向上运动，此时cd棒恰好静止．已知棒与导轨始终接触良好，导轨足够长，g取1Om/s2；则（）

A.ab棒向上运动的速度为2m/s

B.ab棒受到的拉力大小为0.2N

C.在2s时间内；拉力做功为0.4J

D.在2s时间内，ab棒上产生的焦耳热为O.4J

5、小船横渡一条河，船本身提供的速度大小方向都不变。已知小船的运动轨迹如图所示，则河水的流速（）A.越接近B岸水速越大B.越接近B岸水速越小C.由A到B水速先增后减D.水流速度恒定6、在“验证动量守恒定律”的实验中，下列关于小球落地点的说法正确的是（）A.如果入射小球每次都从同一位置由静止滚下，重复几次落点应该是重合的B.由于偶然因素的存在，重复几次的落点不重合也是正常的，但是落点应比较集中C.测量P点位置时，如果重复10次的落点分别是P1、P2、P3、、P10，则OP应是OP1、OP2、OP3、、OP10的平均值D.用半径尽量小的圆把P1、P2、P3、、P10圈住，圆心就是落点平均位置P7、从高度为180m的塔顶，先后落下a、b两球，自由释放这两个球的时间差为2s，则以下判断正确的是（g取10m/s2，不计空气阻力）（）A.b球下落高度为45m时，a球的速度大小为30m/sB.a球接触地面瞬间，b球离地高度为80mC.在a球接触地面之前，两球离地的高度差恒定D.在a球接触地面之前，两球的速度差恒定8、在2013年深圳网球公开赛中，李娜夺得了自己网球职业生涯中的第七个冠军．如图所示，李娜挥拍将质量为m的网球击出．如果网球被拍子击打前后瞬间速度的方向相反，大小分别为v1、v2，且v2＞v1，作用时间为t．则此过程中网球的平均加速度（）A.大小为，方向与击打前瞬间速度方向相同B.大小为，方向与击打前瞬间速度方向相同C.大小为，方向与击打后瞬间速度方向相同D.大小为，方向与击打后瞬间速度方向相同9、某同学为了观察一个塑料小球下落的运动情况；他将小球上端连接一条纸带，纸带穿过打点计时器（如图甲所示），让小球自由下落，打出的纸带由A到E，如图乙所示．关于小球运动状态和受力情况，下列说法正确的是（）

A.AE段小球做匀速运动，球和纸带的重力等于向上的阻力B.AC段小球做减速运动，球和纸带的重力小于向上的阻力C.CE段小球做匀速运动，球和纸带的重力等于向上的阻力D.CE段小球做匀速运动，球和纸带的重力小于向上的阻力评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、加速度减小时，速度不一定减小．____．（判断对错）11、如图所示为通电螺线管的剖面图，“⊗”和“⊙”分别表示导线中电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向肯定画错的是____．12、平行板电容器，两极板足够长，水平放置，充电后断开开关，一带电粒子以速度v0水平射入，恰能做匀速直线运动．若将两板距离增大，则粒子在板内做____运动；若增大距离后再合上开关，则粒子将在板内做____运动．13、平抛运动可分成：

（1）水平方向的匀速直线运动，其运动规律为：vX=____，x=____；

（2）竖直方向的自由落体运动，运动规律为：vy=____，y=____．14、（2015•河东区模拟）把长L=0.25m的导体棒置于磁感应强度B=1.0×10-2T的匀强磁强中，使导体棒和磁强方向垂直，如图所示．若导体棒的电流I=2.0A，方向向右，则导体棒受到的安培力大小F=____N，安培力的方向为竖直向____（选填“上”或“下）．15、判断题(1)

线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大。()(2)

线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大。()(3)

线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大。()(4)

线圈匝数n

越多，磁通量越大，产生的感应电动势也越大。()(5)

磁场相对于导体棒运动时，导体棒中也可能产生感应电动势。()(6)

对于同一线圈，当电流变化越快时，线圈中的自感电动势越大。()(7)

自感电动势阻碍电流的变化，但不能阻止电流的变化。()16、（2014春•金山区校级月考）如图所示卢瑟福做原子核人工转变实验的装置．容器中充有____气，放射性物质A射出的α粒子____穿过铝箔F（填“能”或“不能”）．荧光屏S上的亮点是____打出的，该粒子是α粒子打击氮核而产生的，此核反应方程是____．17、（2014•镇安县校级学业考试）如图所示，有一竖直放置的直导线，通有向上的电流I，则电流在P点产生的磁场方向垂直纸面向____．若一带正电的粒子，某时刻通过P电时速度方向竖直向上，则此时该粒子所受的洛伦兹力的方向水平向____．18、质量为m=3㎏的物体在离地面高度为h=20m处，正以水平速度v=20m/s运动时，突然炸裂成两块，其中一块质量为m1=1㎏．仍沿原运动方向以v1=40m/s的速度飞行，炸裂后的另一块的速度大小为____m/s．两块落到水平地面上的距离为____m（小计空气阻力，g取10m/s2）．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)19、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）20、只要知道两个物体的质量和两个物体之间的距离．就可以由F=G计算物体间的万有引力____（判断对错）21、晶体的各向异性是由于它的微粒按空间点阵排列．____．（判断对错）22、向心力的方向始终指向圆心，所以向心力的方向始终不变．____（判断对错）23、做平抛运动的物体，在空中运动的时间与初速度有关．____（判断对错）评卷人得分四、实验题(共3题，共15分)24、如图甲所示，是用多用表R×100档测电阻的示意图，根据读数要求需换____档进行重新测量，换档后要进行____后再测量，换档后表针指数如图乙所示．其电阻测量值为____Ω．

25、如图1所示是用落体法验证机械能守恒定律的实验装置．（g取9.80m/s2）

①选出一条纸带如图2所示；其中O点为打点计时器打下的第一个点，A；B、C为三个计数点，打点计时器通以50Hz的交流电．用分度值为1mm的刻度尺测得OA=12.41cm，OB=18.90cm，OC=27.06cm，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，重锤的质量为1.00kg．根据以上数据算出：

当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了____J；

此时重锤的动能比开始下落时增加了____J．（结果均保留三位有效数字）

②利用实验时打出的纸带，测量出各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，以h为横轴，以v2为纵轴画出了如图3的图线．图线的斜率近似等于____

A.19.6B.9.80C.4.90

图线未过原点的原因是____．26、（1）图（a）为“验证机械能守恒定律”的实验装置示意图，现有的器材为：铁架台、电磁打点计时器、纸带、复写纸、直尺、带铁夹的重物．为完成本实验，除了所给的器材，还需要4～6V____电源（填直流或交流）

（2）在实验中，已知电磁打点计时器工作周期T=0.02S，自由下落的重物质量m=2kg，如图（b）所示为某同学实验后选出的一条理想的纸带，O点是打出的第一个点，A、B、C是在纸带上取出的三个计数点，AB、BC间各有一个点未画出．经测得A、B、C三点到O点的距离分别为：S1=12.9cm，S2=20.5cm，S3=28.9cm，g=10m/s2；完成以下问题：（计算结果均保留两位有效数字）

①纸带的____端与重锤连接（填左或右）．

②打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=____m/s．

③从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△EP=____J，此过程中物体动能的增量△EK=____J．

评卷人得分五、作图题(共2题，共14分)27、如图所示，直角三棱镜ABC的折射率为，棱镜的角B为30°，今有一束平行于BC边从斜边D点入射的单色光，在BC上某点E发生全反射后，从AC边上F点射出．已知BC边的长度为2d；BD的长度为d，光在真空中的传播速度为C．要求：

（1）作出光在三棱镜中的光路图；

（2）求发生全反射的点E与B点的距离；

（3）求光在三棱镜中传播的时间．28、（2007秋•徐汇区期末）如图所示，MN为通有稳恒电流I1的长直导线，位于MN右侧的ABCD为通有电流I2=10A的矩形线圈，共有10匝，已知AB=12cm，BC=20cm，AD与BC都平行于MN，与MN都相距10cm，线圈能绕过AB及CD中点的轴转动，此时线圈所受磁场力的力矩为2.4×10-3N•m，则从上向下俯视，该力矩为____（选填“顺”或“逆”）时针方向力矩；A点处的磁感应强度为____T．评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)29、某半径为R的行星，有一质量为m的卫星，以半径r；周期T做匀速圆周运动，求：

（1）行星的质量；

（2）行星的密度；

（3）若测得行星的半径恰好是卫星运行半径的，则行星表面的重力加速度是多少？30、如图所示，平行板电容器两板间距离d=20cm，电容C=100PF，带电量Q=3.0×10-8C，极板上端带正电．现有一电量q=4.0×10-10C的带正电的小球在外力的作用下；从两极板间的A点移动到B点，AB间的距离s=16cm，AB与极板间的夹角θ=30°．求：

（1）两极板间电场强度的大小；

（2）电场力对带电小球做的功．31、如图所示；在距某一行星表面附近某一高度的O点，有一质量为1kg的小球，小球由静止开始做自由落体运动，依次通过A；B、C三点，已知AB段与BC段的距离相等，大小均为24cm，小球通过AB段与BC段的时间依次为0.2s与0.1s．问：

（1）该星球表面的重力加速度g′为多大？

（2）若在O点的正下方有一竖直且固定的空管；管长L=32m，M；N分别为空管的上、下两端，其中空管的上端M端离O点的距离为4m，则小球从O点由静止释放穿过空管的时间为多少？

（3）若发现该小球到达星球表面前最后一秒内通过的位移为O点离星球表面高度的，则O点离该星球表面有多高？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】滑片P由左端a向右滑动的过程中，电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电流表示数的变化和电压表示数的变化；根据：电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，分析电源输出功率的变化；根据电流的变化，即可判断R2消耗的功率变化情况；将R2看成电源的内阻，根据推论分析滑动变阻器消耗的功率的变化情况．【解析】【解答】解：A；滑片P由左端a向右滑动的过程中；接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知电路中的电流增大，则电流表示数增大．电源的内电压增大，则路端电压减小，电压表示数减小；故A错误；

B；由题意知电源的内电阻小于等于外电阻；根据：电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，外电阻减小时，内外电阻越接近，电源输出功率增大；故B错误．

C、电路中电流增大，则R2消耗的功率变大；故C错误．

D、将R2看成电源的内阻；变阻器接入电路的电阻减小，根据推论分析可知滑动变阻器消耗的功率先变大后变小，故D正确．

故选：D2、B【分析】【分析】红光在玻璃中传播速度比蓝光大．根据光路可逆性原理，分析知道从a、b两点射出的单色光平行．红光的折射率小于蓝光的折射率，根据偏折角的大小判断知，从a点射出的为红光，从b点射出的为蓝光．【解析】【解答】解：

A、红光的折射率小于蓝光的折射率，由公式v=分析得知；红光在玻璃中传播速度比蓝光大．故A正确．

B、D根据光路可逆性原理，分析可知：从a、b两点射出的单色光仍平行；而且平行于BC．故B错误，D正确．

C、红光的折射率小于蓝光的折射率，光线经过三棱镜ABC后红光的偏折角小于蓝光的偏折角，进入三棱镜CBA后，从a点射出的为红光，从b点射出的为蓝光．故C正确．

本题选错误的，故选B．3、B【分析】

以1、2两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：F=（m1+m2）a，解得：a=以物体1为研究对象，由牛顿第二定律得：Ff=m2a=

A、若改为2F的水平力拉物体1，如果它们之间相对静止，则它们间的摩擦力为Ff′=m2a==2Ff，如果它们间的摩擦力大于最大静摩擦力，则两物体相对运动，它们间的摩擦力不是2Ff；故A错误；

B、若改为的水平力拉物体1，则它们间的摩擦力Ff′=m2a==故B正确；

C、若改为F的水平力拉物体2，则它们间的摩擦力Ff′=m1a=因为m1＜m2，所以Ff′＜Ff；故CD错误；

故选B．

【解析】【答案】以两物体组成的系统为研究对象；由牛顿第二定律求出它们的加速度，然后以其中一个物体为研究对象，求出两物体间的摩擦力力，根据两物体间摩擦力大小分析答题．

4、A|B【分析】

A、cd静止不动，cd棒受到的安培力等于它的重力，m/s；故A正确；

B、使导体棒ab匀速上升，棒ab受到向下的重力G、向下的安培力F和拉力，则ab棒受到的拉力F拉=F+G=2mg=0.2N；故B正确．

C、在2s内拉力做的功，W=F拉vt=0.2×2×2J=0.8J；故C错误．

D、在2s内，ab棒上产生的焦耳热为：J；故D错误．

故选：AB．

【解析】【答案】要使cd始终保持静止不动；cd棒受到的安培力与重力平衡，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解．

解答：5、B【分析】【解析】试题分析：船本身提供的速度大小方向都不变，从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，合力指向轨迹内侧，只有水速改变，加速度向左，靠近B岸水速越来越小。故选B考点：运动的合成和分解【解析】【答案】B6、B【分析】【分析】根据实验中实际现象进行分析，明确落点可能出现的情况，并明确为了减小误差而采用的处理方法．【解析】【解答】解：在实验中难免出现实验误差；故虽然每次从同一点落下，也不会落点重合在一点上，但落点应比较集中；在处理数据时用尽量小的圆把P1、P2、P3、、P10圈住；圆心就是落点平均位置P；故BD正确，AC错误；

故选：BD．7、D【分析】【分析】A、求出b球下落180m所用的时间；从而知道a球运动时间，根据v=gt求出a球的速度．

B、求出a球与地面接触所用的时间，从而知道b球运动的时间，根据h=gt2求出b球下落的高度，从而得知b球离地的高度．

C；在a球接触地面之前；两球离地的高度差是否恒定．

D、求出两球速度变化量与时间是否有关，从而确定速度差是否恒定．【解析】【解答】解：A、根据h=gt2知，b球下落的时间t2=3s．则a球下落的时间t1=5s，速度v=gt1=50m/s．故A错误．

B、a球运动的时间t===6s，则b球的运动时间t′=4s，b球下降的高度h=gt′2=×10×16m=80m，所以b球离地面的高度为100m．故B错误．

C、设b球下降时间为t时，b球下降的高度hb=gt2，a球下降的高度ha=g（t+2）2，两球离地的高度差等于下降的高度差，△h=ha-hb=（t+2）2-gt2=gt+g；随时间的增大，位移差增大．故C错误．

D、设b球下降时间为t时，b球的速度vb=gt，a球的速度va=g（t+2），则△v=va-vb=2g；与时间无关，速度差恒定，故D正确。

故选：D．8、D【分析】【分析】选择正方向，根据加速度的定义式即可求解．【解析】【解答】解：设击打后瞬间速度方向为正，有：a==；方向与击打后瞬间速度方向相同．

故选：D9、C【分析】【分析】正确解答该题需要掌握：匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，即合外力为零；匀速直线运动是在相等的时间内通过的路程相等；二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在一个物体上．【解析】【解答】解：小球在AC段内；相等的时间内通过的路程越来越大，是加速运动，小球一定受到非平衡力的作用．在CE段，小球在相等的时间内通过的路程都相等，是匀速直线运动，受到平衡力的作用，竖直方向上受到重力和阻力的作用，两个力大小相等，方向相反，故ABD错误，C正确．

故选：C．二、填空题(共9题，共18分)10、对【分析】【分析】加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度与速度同向物体做加速运动，反向做减速运动．【解析】【解答】解：当加速度与速度同向时；物体做加速运动，当加速度减小时，物体速度仍在增加，只是增加得变慢了，故加速度减小时，速度不一定减小正确．

故答案为：对．11、AB【分析】【分析】首先根据电源的正负极判定电流方向；由电流方向根据安培则（用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极）判断通电螺线管的磁极；

根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确．【解析】【解答】解：该题考查对安培定则的应用和通电螺线管的磁场方向．由安培定则可判断螺线管的左端为N极；右端为S极，所以在螺线管内部磁场方向向左，而在外部，磁感线方向由左向右，故在螺线管外部小磁针静止时N极应与磁感线的切线方向相同，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向肯定画错的是AB；

故答案为：AB．12、匀速直线类平抛【分析】【分析】平行板电容器与电源连接时充电；与电源断开后，电容器所带电量不变，当用绝缘手柄使两极上下做简谐运动运动时；

由C=、C=、E=结合分析板间场强是否变化，即可分析所受的电场力变化，再判断微粒的运动情况．【解析】【解答】解：若将两板距离增大，根据电容器的电容决定式：C=、电容的定义式C=、电场强度与电势差的关系式：E=；

综合而得：E=．由题意知；电容器所带电荷量Q不变，ɛ；S也不变，则当两极板间距离变化时，板间场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍处于匀速直线运动状态．

若增大距离后再合上开关，则电场强度E=；则电场强度减小，导致粒子受到的电场力减小，因此做匀变速曲线运动，即类平抛．

故答案为：匀速直线，类平抛．13、v0v0tgt【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动．【解析】【解答】解：（1）水平方向的匀速直线运动，其运动规律为：vX=v0，x=v0t；

（2）竖直方向的自由落体运动，运动规律为：vy=gt，y=．

故答案为：（1）v0，v0t；（2）gt，．14、5×10-3上【分析】【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．【解析】【解答】解：长L=0.25m的导体棒垂直置于磁感应强度B=1.0×10-2T的匀强磁强中；则导体棒受到的安培力大小为。

F=BIL=1.0×10-2×2×0.25N=5×10-3N

由左手定则可得：安培力方向竖直向上．

故答案为：5×10-3；上15、(1)×(2)×(3)√(4)×(5)√(6)√(7)√【分析】略【解析】(1)隆脕(2)隆脕(3)隆脤(4)隆脕(5)隆脤(6)隆脤(7)隆脤

16、氮不能质子N+He→O+H【分析】【分析】要了解卢瑟福发现质子并实现原子核人工转变核反应方程以及实验装置中各部分的作用，注意书写核反应方程的原则是质量数和电荷数守恒．【解析】【解答】解：卢瑟福第一次用α粒子轰击氮核完成了原子核的人工转变并发现了质子；所以容器中充有氮气，α粒子穿透性比较弱，不能穿过铝箔F；

荧光屏S上的亮点是由质子打出的，根据质量数和电荷数守恒可知，该核反应方程为：N+He→O+H

故答案为：氮，不能，质子，N+He→O+H17、里左【分析】【分析】根据右手螺旋定则，即可判定P点的磁场方向，再由左手定则判断洛伦兹力的方向，从而即可求解．【解析】【解答】解：根据右手螺旋定则；直导线电流向上，则环绕的四指为磁场方向，即P点的磁场方向垂直纸面向里；

粒子带正电；竖直向上运动，根据左手定则，洛伦兹力向左；

故答案为：里，左18、1060【分析】【分析】物体炸开瞬间，系统动量守恒，根据守恒定律列式求解速度；此后两碎片做平抛运动，根据平抛运动的分位移公式列式求解．【解析】【解答】解：物体炸开瞬间；系统动量守恒，以初速度方向为正方向，根据守恒定律，有：

mv=m1v1+（m-m1）v2

3×20=1×40+（3-1）×v2

解得：v2=10m/s

此后两碎片做平抛运动，运动时间为：t=；

因两碎片初速度方向相同，故两块落到水平地面上的距离为：△x=v1t-v2t=40×2-10×2=60m；

故答案为：10，60．三、判断题(共5题，共10分)19、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析，即用电器正常工作时的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率．【解析】【解答】解：因用电器正常工作时；电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率，所以额定功率与实际电压无关，实际功率与工作时的电压有关；

故答案为：√20、×【分析】【分析】万有引力定律适用的条件是两个质点间引力的计算．物体间的引力关系也遵守牛顿第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；万有引力定律适用于任何两个可以看出质点的物体之间或均质球体之间的引力计算；当两个物体之间的距离太小的时候，物体就不能看做质点，这时就不能用这个公式直接计算了，所以这个说法是错误的．

故答案为：×21、√【分析】【分析】同时晶体内部排列有规则，而非晶体则没有，但形状不一定有规则．晶体分为单晶体和多晶体，单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性．【解析】【解答】解：晶体分为单晶体和多晶体．根据晶体的结构的特点可知；单晶体由于内部原子按空间点阵排列，排列规律相同，所以具有各向异性．故该说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力，方向始终指向圆心，只改变速度的方向，不改变速度的大小．【解析】【解答】解：物体做圆周运动；向心力方向始终指向圆心，方向时刻变化，此说法错误．

故答案为：×23、×【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，与初速度无关．【解析】【解答】解：根据h=得：t=；知平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．所以这个说法是错的．

故答案为：×．四、实验题(共3题，共15分)24、×10欧姆调零200【分析】【分析】用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．【解析】【解答】解：用×100挡测量某电阻时；根据图象可知，表头指针偏转角度过大，说明所选档位太大，为了较准确地进行测量，应换到×10挡．

换挡后要重新进行欧姆调零；

由图示表盘可知；该电阻的阻值是20×10=200Ω．

故答案为：×10；欧姆调零；20025、1.851.67B该同学做实验时，先释放了纸带，然后才合上打点计时器的开关．【分析】【分析】①重物在下落过程中减少的重力势能EP=mgh；根据做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度求出B点的速度；然后求出重物经过B点时的动能；

②根据机械能守恒有v2=mgh，因此在以v2为纵轴，以h为横轴的图线中，斜率表示重力加速度，图线不过原点，说明开始时，物体已经具有了动能．【解析】【解答】解：①重力势能减小量△Ep=mgh=1×9.8×0.189J=1.85J．

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；有：

vB===1.83m/s

打B点时的动能为：

EKB=m=1.68J

②根据机械能守恒有v2═mgh，因此在以v2为纵轴；以h为横轴的图线中，斜率表示重力加速度；

故选：B

图线不过原点；说明开始时，物体已经具有了动能，因此该同学做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的开关．

故答案为：（1）1.85；1.67（2）B；该同学做实验时，先释放了纸带，然后才合上打点计时器的开关．26、交流左2.04.14.0【分析】【分析】（1）电磁打点计时器的工作电源为低压交流电源．

（2）①重物下落时，速度越来越快，相等时间内的位移越来越大，根据该规律确定纸带的哪一端与重物相连；②根据在匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度；③求出B点速度，根据从而得出动能的增加量，根据下落的高度求出重力做功，从而确定重力势能的减小量．【解析】【解答】解：（1）根据打点计时器的构造和工作原理可知；电磁打点计时器的工作电源为低压交流电源．

（2））①从纸带上可以看出0点为打出来的第一个点；速度为0，重物自由下落，初速度为0，所以应该先打出0点，而与重物相连的纸带在下端，应该先打点．所以纸带的左端应与重物相连．

②AB；BC间各有一个点未画出；所以相邻的计数点的时间间隔是：t=2T=0.04s；

根据在匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；可得：

③重力势能减小量：

△Ep=mgh=2×9.8×0.206J=4.1J；

动能的增加量为：

=

故答案为：（1）交流；（2）①左，②2.0，③4.1，4.0．五、作图题(共2题，共14分)27、略

【分析】【分析】（1）先根据折射定律；求出光线在AB面的折射角，由几何知识求出光线在BC面上的入射角，由折射定律求得全反射的临界角，画出光路图．

（2）根据几何知识求解EB距离．

（3）运用几何知识求出光在三棱镜中通过的路程S，由v=求出光在三棱镜中传播速度，由t=求解时间．【解析】【解答】解：（1）根据题意画出光在三棱镜中的光路图如图．

（2）由题图知；光线在AB面上的入射角i=60°

由折射定律得n=，得sinr===，得r=30°=θ

由几何知识可得：=2cosθ=2dcos30°=d

（3）==d

==2d-d=d

由几何知识有i′=60°；∠CEF=30°

则===2d

故光在三棱镜中传播的路程为S=+=3d

光在三棱镜中传播的速度v==c

故光在三棱镜中传播的时间为t==