物理（江苏南京卷）-学易金卷：2023年中考第二次模拟考试卷（参考答案）

学而优教有方年中考物理第二次模拟考试卷物理·参考答案第Ⅰ卷一、选择题（每小题只有一个选项符合题意；共12小题，每小题2分，共24分）123456789101112CCBCBABCCADB第Ⅱ卷二、填空题（此题共6小题，每空1分，共24分）13．

在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力

两

1000

14．

116

1102

1×106

100015．

定滑轮

省力

等于

大于16．

不能

真空

同一高度

吸收17．

杠杆

电阻

热

通电线圈（或通电导体）18．

变小

定值电阻R

1.2

1.4三、解答题（此题共10小题，共52分。解答第27、28题时应有解题过程））19．（1）（2分）（2）（2分）（3）（2分）20.（4分）10.0

使像呈在光屏的中心

缩小

靠近21．（3分）

需要

已经

石棉网的余温高于水的沸点，水会继续吸收热量22．（5分）47

偏大

用细线拴着石块浸没在塑料瓶里的水中，拿出石块，用吸水纸擦去瓶外面的水

【详解】（1）[1]小石块的质量为（2）[2]小石块的体积为则小石块的密度为（3）[3]如果先测体积，则小石块从量筒中取出后会沾水，在测量质量的时候会导致所测量偏大，根据密度公式可知，计算出来的密度也会偏大。（4）[4][5]①用天平称出石块的质量m；②在杯子中装满水，用天平称出杯子和水的总质量m1；③把石块放入装满水的杯子中，有部分水溢出，拿出石块，用吸水纸擦去瓶外面的水，用天平称出杯子和剩余水的总质量m2；④溢出水的质量为石块的体积为则石块的密度23．

（4分）

右

便于测量力臂的长度

左

D【详解】（1）[1]在杠杆调节时，观察到杠杆左端下沉，说时重心在支点左边，使重心右移，杠杆才能水平平衡，在没有平衡螺母的情况下，在右侧末端缠些透明胶能使杠杆重心向右移动，当重心移到支点处，杠杆就水平平衡。[2]在“研究杠杆平衡条件”的实验中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是为了使力臂在杠杆上，方便测量力臂的长度。（2）[3]小明在两边钩码下方各拿走两个钩码，此时左边剩2个钩码，右边剩1个钩码，设每个钩码的重力为G，杠杆上每格的长度为L，则左边F1×l1＝2G×3L=6GL右边F2×l2＝G×4L=4GL由6GL>4GL，则杠杆左端下沉。[4]为使杠杆恢复水平平衡，设钩码重为G，杠杆每格为L。根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2得所以小明应将左侧剩余的两个钩码移至D处。24．（4分）

易拉罐

加热时间

2：1

A【详解】（1）[1]易拉罐金属导热性好，实验结果会更明显，故填易拉罐。（2）[2]用相同的酒精灯加热，所以通过加热时间来控制吸收热的量。（3）[3][4]在图像中，5min中内A变化了20℃，B变化了40℃，A和B的温度Δt之比是1：2。由于A和B的吸收的热量Q和质量m相等，由Q=cmΔt可得A、B比热容之比就是2：1。暖手袋要选比热容大的A物质来供热，这样温度下降的才慢，才可以长时间供热。25．

（8分）

断开

R短路

0.44

正比

右【详解】（1）[1]要求滑片向左移动，电流表示数变大，由可知电路中的总电阻变小，由电阻的串联可知变阻器连入电路的电阻变小，将变阻器的A接线柱和开关右端接线柱连接，如图所示：（2）[2]连接电路时，为了保护电路，开关应断开。（3）[3]同学连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，则故障可能是电阻短路。（4）[4]由图甲可知，电流表的量程是0~0.6V，分度值是0.02V，由图乙可知电流表的示数是0.44A。（5）[5]根据表格数据描点，将各个点连线作出图象，如图：[6]图象为倾斜直线，为正比例函数图象，可得出结论：导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。（6）[7]定值电阻R的阻值由5Ω更换为10Ω，由串联分压可知电阻两端电压会增大；要保持电压不变，由串联电路电压的规律可知增大变阻器两端的电压，由串联分压可知需要将滑动变阻器的电阻也增大，应将滑动变阻器的滑片向右滑动。26．

（8分）

断路

变大

D

A

小于

①【详解】（1）[1]要求当滑动变阻器滑片向左移动时电流表示数变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑片向左移动时滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择左下接线柱串联接入电路，如图：（2）[2]闭合开关，发现电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明与电压表并联部分电路断路，所以电路故障可能是电阻R断路。（3）[3][4]用10Ω的电阻替换5Ω后，闭合开关，根据串联分压原理可知电压表示数将变大，为保持电压表示数不变，需减小定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律可知需增大滑动变阻器两端的电压，即需增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以此时应将滑片P向D端移动。（4）[5]A．串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联分压原理可得定值电阻的最大阻值为20Ω，代入数据可得解得RH=40Ω，故A可行；B．当电源电压增加到6V，则解得RH=100Ω，故B不可行。（5）额定电压为2.5V，额定功率为0.75W的小灯泡的额定电流[6]利用上述电路继续进行实验时，调节滑动变阻器使得电流表示数为灯泡温度越低，灯泡电阻越小，通过灯泡电流为其额定电流一半时，灯泡电阻小于灯泡正常发光时的电阻，根据P=I2R可知灯泡实际功率小于额定功率的四分之一。[7]因灯泡的电阻随温度的升高而增大，则可知灯泡的U﹣I图像是一条向上的曲线（图丙中的实线）；电源电压为3V，小灯泡的曲线与滑动变阻器的曲线的交点，表示灯与滑动变阻器的电压相等，根据串联分压原理可知此时灯与滑动变阻器的电压都是1.5V，如下图知①、②、③三条曲线与小灯泡曲线相交的点对应为1.5V的是曲线①，故正确的是图丙中的虚线为①。27．（6分）（1）；（2），会【详解】解：（1）口罩打包后的密度（2）①每个叉手的水平部分接触面积为该包口罩对叉手的压强②设物资的密度为，则物资的重力为根据杠杆平衡原理可知，升降架对A点作用力的大小物资的密度会影响升降架对A点作用力的大小。答：（1）口罩打包后的密度为；（2）①包口罩对叉手的压强为，②物资的密度会影响升降架对A点作用力的大小。28．(6分)（1）1.68×105J；（2）80Ω，800Ω；（3）220V【详解】解：（1）储水罐的容积是0.8L，储水的质量是m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.8L=1.0×103kg/m3×0.8×10-3m3=0.8kg水温升高50℃，需要吸收的热量是Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×0.8kg×50℃=1.68×105J（2）由图甲可知，当S接2时，电路为R1、R2的串联电路，电路的总电阻为两电阻阻值之和。当S接1时，电路为只有R1的简单电路，电路的电阻为R1的阻值。由可知，当S接2时，电路处于保温档；当S接1时，电路处于高温档。高温档时，发热电阻R1的电功率即为加热档额定功率，于是有解得R1=80Ω饮水机在保温挡和加热挡工作时，发热电阻R