2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列事件中；属于利用物体惯性的是（）

A.飞机着陆前；乘客要系好安全带。

B.战斗机要尽量减少自重。

C.保龄球的质量比球瓶的质量大得多。

D.运动员跑跳前须把鞋带系紧。

2、【题文】从高h处以相同的速率先后抛出三个质量相同的球，其中一个上抛，一个下抛，另一个平抛，不计空气阻力，则从抛出到落地（）A.重力对它们做的功相同B.落地时它们的动能相同C.落地时它们的速度相同D.以上说法都不对3、如图所示，质量为m

的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30鈭�

的光滑木板AB

托住，小球恰好处于静止状态。当木板AB

突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为(

)

A.0

B.233g

C.g

D.33g

4、一本书放在水平桌面上，桌面对书有支持力N

书对桌面有压力F

则()A.支持力N

实际上是由于桌面发生微小的弹性形变而对书产生的向上的弹力B.支持力N

实际上是由于书发生微小的弹性形变而对书产生的向上的弹力C.压力F

实际上就是书受到的重力D.F

和N

是一对平衡力5、关于电场，下列说法中正确的是(

)

A.电场是电荷周围空间实际存在的物质B.电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型C.电荷周围分布的电场线就是电场D.电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的6、一物体作匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s1s

后速度的大小变为10m/s.

在这1s

内该物体的(

)

A.加速度的大小可能大于6m/s2

B.加速度的大小一定等于6m/s2

C.位移的大小一定等于7m

D.位移的大小可能大于10m

评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，平板C

放置在水平地面上，杆竖直固定在平板上，轻质滑轮固定在杆的上方，细绳跨过滑轮，一端与放在平板C

上的物块B

连接，另一端悬挂物块A

整个装置处于静止状态。现对物体B

施加向左的水平外力F

使B

沿平板向左缓慢移动的过程中，平板C

一直处于静止状态。在上述过程中，逐渐变大的力是(

)

A.水平外力F

B.杆对滑轮的作用力C.绳对物块B

的拉力D.地面对平板C

的作用力8、如图所示，两个三角形物块AB

叠放在靠着粗糙的竖直墙壁放置的轻弹簧上，用力F

将物块竖直向下缓慢压一小段距离后又缓慢撤去，AB

恢复静止状态，整个过程中弹簧始终保持竖直，则力F

撤去后(

)

A.弹簧弹力的大小等于两物块的总重力B.墙壁对A

有竖直向下的静摩擦力作用C.B

对A

的作用力大小大于A

的重力大小D.B

受到A

沿接触面向下的静摩擦力作用9、据报道，一个国际研究小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点O

做匀速圆周运动，如图所示。假设此双星系统中体积较小的成员能“吸食”另一颗体积较大星体的表面物质，达到质量转移的目的。在演变过程中两者球心之间的距离保持不变，双星平均密度可视为相同。则在最初演变过程中()

A.它们间万有引力保持不变B.它们做圆周运动的角速度不变C.体积较大的星体做圆周运动轨迹的半径变大，线速度变大D.体积较大的星体做圆周运动轨迹的半径变小，线速度变大10、关于做圆周运动的物体，下列说法正确的是(

)

A.做圆周运动物体的合力必定指向圆心B.做匀速圆周运动物体的合力必定指向圆心C.做变速圆周运动物体的向心力必定指向圆心D.做匀速圆周运动物体的加速度一定等于向心加速度11、某物体做直线运动v鈭�t

图象如图所示；下列说法是正确的是(

)

A.物体在4s

末返回出发点B.物体在第2s

内和第3s

内的加速度是不同的C.物体在第1s

末运动方向发生变化D.物体在6s

内运动的路程是3m

评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、（1）下列的几个数值中，不是保留两位有效数字的是：____

A.0.032B.2.0×103C.20D.3.20

（2）打点计时器振针打点的周期取决于____

A．交流电压的高低B．交流电的频率。

C．永久磁铁磁性的强弱D．振针与复写纸间的距离．13、利用水滴下落可以测量重力加速度g，调节水龙头，让水一滴一滴地流出，在水龙头的正下方放一盘子，调整盘子的高度，使一滴水滴碰到盘子时，恰好有另一滴水从水龙头开始下落，而空中还有两个正在下落的水滴，测出水龙头处到盘子的高度为h（m），再用秒表测量时间，从第一滴水离开水龙头开始，到第N滴水落至盘中，共用时间为t（s），当第一滴水落到盘子时，第二滴水离盘子的高度为____m，重力加速度g=____m/s2．14、在做研究匀变速度运动的实验中，所用交流电源的周期为T，实验得到一条纸带如图所示，纸带上相邻的两个计数点之间都有4个点未画出．按时间顺序取0，1，2，3计数点，实验中用直尺量出的1，2，3，点到0点的距离如为d1、d2、d3．

（1）该纸带运动的加速度为____；

（2）在计数点1所代表的时刻，纸带运动的速度为____．15、如图所示；是探究某根弹簧的伸长量X与所受拉力F之间的关系图：

（1）写出图线代表的函数____（x用m做单位）；

（2）弹簧的劲度系数是____N/m；

（3）当弹簧受F=600N的拉力作用时（在弹性限度内），弹簧伸长为x=____cm

16、如图所示为甲、乙两个物体直线运动s-t图像，则v甲=______m/s.5s末它们的间距等于___________m。17、如图所示，一质量为2kg的物体在光滑的水平面上，处于静止状态，现用与水平方向成60°角的恒力F=10N作用于物体上，历时5s，则力F对物体的冲量大小为______Ns，物体所受重力冲量大小为______Ns，物体的动量变化为______kgm/s．（取g=10m/s2）18、在探究物体的加速度与力、质量的关系实验中(1)

如果图象是通过坐标原点的一条直线，则说明____．A.加速度a

与质量m

成正比B.

加速度a

与质量m

成反比C.质量m

与加速度a

成反比D.

质量m

与加速度a

成正比(2)

本实验也可以不测加速度的具体数值，通过测出两个初速度为零的匀加速运动在相同时间内发生的位移x

1

x

2

来测量不同情况下物体加速度的比值，此比值____．评卷人得分四、计算题(共4题，共12分)19、升降机从静止开始上升，先做匀加速运动，经过2s速度达到4m/s，然后匀速上升2s，最后1s做匀减速运动，恰好停止下来．试作出升降机运动的v-t图象．20、如图所示的半圆形轨道，该轨道是用内壁光滑的薄壁细圆管弯成，放置在竖直平面内，圆半径比细管内径大得多，轨道底端与水平地面相切，轨道在水平方向不可移动.

弹射装置将一个小球(

可视为质点)

从a

点水平弹射向b

点并进入轨道，经过轨道后从最高点c

抛出。已知小球与地面ab

段间的动摩擦因数娄脤=0.2

不计其他机械能损失，ab

段长L=3m

圆的半径R=0.1m

小球质量m=0.01kg

轨道质量为M=0.19kgg

取10m/s2

求：

(1)

若v0=5m/s

小球从最高点c

抛出后的水平射程．(2)

若v0=5m/s

小球经过轨道的最高点c

时，管道对小球作用力的大小和方向．(3)

设小球进入轨道之前，轨道对地面的压力大小等于轨道自身的重力，当v0

至少为多少时，小球经过c

点时，轨道对地面的压力为零．21、一辆长为5m的汽车以v＝15m/s的速度行驶，在离铁路与公路交叉点175m处，汽车司机突然发现离交叉点200m处有一列长300m的列车以v＝20m/s的速度行驶过来，为了避免事故的发生，汽车司机应采取什么措施？（不计司机的反应时间）22、【题文】如图所示质量为m小球自弧形斜面顶端A由静止滑下，在斜面底端B进入半径为R的圆形轨道，小球刚好能通过圆形轨道的最高点C，已知A、B两点的高度差为3R，AB段粗糙，BC段光滑，求小球在B点的速度与A到B过程摩擦力对小球做的功．重力加速度为g．评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)23、（4分）（1）在做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套。实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套把橡皮条的一端拉到某一确定的O点，则下列说法中正确的是（）A．两根细绳必须等长B．同一次实验中，O点位置不允许变动C．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间的夹角必须取90°D．实验中，要始终将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点（2）如图所示，是甲、乙两位同学在做本实验时得到的结果，其中F是用作图法得到的合力，F’是通过实验测得的合力，则哪个实验结果是符合实验事实的_______(填“甲”或“乙”)24、电磁打点计时器的电源应是________电，通常的工作电压为________伏以下，实验室使用我国民用电时，每隔________秒打一次点。25、在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从______________位置自由滚下，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置，如右图中a、b、c、d所示。B．按图安装好器材，注意调节斜槽末端切线___________，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线。C．取下白纸以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。⑴完成上述步骤，将正确的答案填在横线上。⑵上述实验步骤的合理顺序是______________。⑶已知图中小方格的边长L＝1.25cm，则小球平抛的初速度为v0＝_____________（用L、g表示），其值是_________m/s（取g＝10m/s2）26、如图甲所示，在“验证力的平行四边形定则”的实验中，小高同学进行实验的主要步骤是：将橡皮条的一端固定在木板上A位置，另一端系有轻质小圆环：两根轻质细绳的一端分别系在小圆环上，另一端分别系在弹簧测力计的挂钩上。现用弹簧测力计通过细绳拉动小圆环，使橡皮条沿平行木板平面伸长至O位置。读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力F1、F2的大小。再用笔在两绳的拉力方向上分别标记a、b两点，并分别将其与O点连接，表示两力的方向。再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O点，记录其拉力F的大小并用上述方法记录其方向.对于上述的实验过程；下列说法中正确的是________

A.用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端时，可以拉至O点，也可以不拉至O点B.两根轻质绳拉力的方向应与木板平面平行C.这位同学在实验中确定分力方向时，图甲所示的a点离O点过近，标记得不妥D.图乙是在白纸上根据实验结果作出的图示，其中F是F1和F2合力的理论值参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

A；飞机着陆前；人由于惯性上身继续向前运动会向倾撞在椅背上，这是惯性带来的危害，不符合题意；

B；战斗机要尽量减少自重；是为了减小惯性，不符合题意；

C；保龄球的质量比球瓶的质量大得多；撞到球瓶后能继续向前运动，是利用了惯性，符合题意；

D；运动员跑跳前须把鞋带系紧；跟惯性无关，不符合题意．

故选C．

【解析】【答案】物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；有些惯性是有益的，我们要加以利用；有些惯性是有害的，我们要防止它带来的危害．

2、A|B【分析】【解析】三个质量相同的物体都是从相同的高度以相同的速率抛出，所以从抛出到落地，重力做功都为mgh，根据动能定理得落地时的动能为故AB正确。上抛和下抛运动的物体落地时速度方向与地面垂直，而平抛运动物体落地时的速度方向不与地面垂直，所以落地时三个物体落地时的速度不相同，CD错误。【解析】【答案】AB3、B【分析】解：木板撤去前；小球处于平衡态，受重力；支持力和弹簧的拉力，如图。

根据共点力平衡条件；有。

F鈭�Nsin30鈭�=0

Ncos30鈭�鈭�G=0

解得。

N=233mg

F=33mg

木板AB

突然撤去后；支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N

方向与N

反向；

故加速度为：

a=Nm=233g

故选：B

木板撤去前；小球处于平衡态，根据共点力平衡条件先求出各个力，撤去木板瞬间，支持力消失，弹力和重力不变，求出合力后即可求出加速度。

本题关键对物体受力分析，求出各个力，撤去一个力后，先求出合力，再求加速度。【解析】B

4、A【分析】【分析】弹力的施力物体是发生形变的物体，压力与物体所受的重力是两回事，支持力与压力是一对作用力与反作用，符合牛顿第三定律。本题考查了作用力与反作用力和一对平衡力的区别，根据其区别和联系求解。【解答】

AB.

支持力N

是桌面对书的作用力；实际上是由于桌面发生微小的弹性形变而对书产生的向上的弹力，故A正确，B错误；

C.压力F

是书对桌面的作用力，与书受到的重力是两回事，两个力的施力物体和受力物体不同，力的性质也不同，所以压力F

不是书受到的重力，故C错误；D.书对桌面的压力FF和桌面对书的支持力NN一对作用力和反作用力；受力物体不同，不是平衡力，故D错误。

故选A。【解析】A

5、A【分析】解：A

电场是实际存在的物质；不是理想化模型。故A正确，B错误。

C；电荷的周围存在电场；而电场线是假想的，故C错误。

D；电荷间的相互作用是通过电场作媒介产生的。故D错误。

故选：A

电场是实际存在的物质；电场线是为了形象地描述电场而假想的线.

电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反．

解决本题的关键掌握电场强度的方向规定，以及知道电场强度与电场力和放入电场中的电荷无关．【解析】A

6、A【分析】解：当末速度与初速度方向相同时，v0=4m/sv=10m/st=1s

则加速度a=v鈭�v0t=4鈭�101m/s2=鈭�6m/s2

加速度的大小为6m/s2.

位移x=v0+v2t=7m

当末速度与初速度方向相反时，v0=4m/sv=鈭�10m/st=1s

则加速度a=v鈭�v0t=鈭�10鈭�41m/s2=鈭�14m/s2

加速度的大小为14m/s2

位移x=v0+v2t=鈭�3m

位移的大小为3m

．

故选A

物体作匀变速直线运动，取初速度方向为正方向，1s

后末速度方向可能与初速度方向相同，为+1m/s

也可能与初速度方向相反，为鈭�1m/s

根据加速度的定义式a=v鈭�v0t

求出加速度可能值，根据位移公式x=v0+v2t

求出位移可能的值.

矢量的大小是其绝对值．

对于矢量，不仅要注意大小，还要注意方向，当方向不明确时，要讨论.

矢量的大小是指矢量的绝对值，矢量的符号是表示其方向的．【解析】A

二、多选题(共5题，共10分)7、AD【分析】解：AC

以A

为研究对象；可知，细绳的拉力T

等于A

的重力，没有变化。

对物块B

受力分析；受到重力G

拉力F

绳子的拉力T

地面的支持力N

和摩擦力f

五个力的作用，如图：

在水平方向上：F=Tcos娄脠+f

在竖直方向上：N=G鈭�Tsin娄脠

根据摩擦力的计算公式可得f=娄脤N

物块B

向左缓慢移动一小段距离；娄脠

变小，T

不变，cos娄脠

变小，sin娄脠

变大，所以FfN

都变大，故A正确，C错误。

B；由于绳子拉力不变；两根绳子的夹角变大，则两根绳子的拉力的合力减小，根据平衡条件可知，杆对滑轮的作用力减小，故B错误；

D；以整体为研究对象；水平拉力不影响竖直方向的受力情况，所以地面对C

的支持力不变，但随着拉力增大，地面对C

的摩擦力增大，故地面对平板C

的作用力增大，故D正确。

故选：AD

以A

为研究对象分析绳子拉力的变化情况；

对物块B

受力分析；根据平衡条件分析拉力F

摩擦力f

和支持力N

的变化；

绳子拉力不变；两根绳子的夹角变大，分析杆对滑轮的作用力的变化；

以整体为研究对象；分析地面对C

的作用力的变化。

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。注意整体法和隔离法的应用。【解析】AD

8、AD【分析】解：A

对AB

组成的整体进行受力分析可知；墙壁对A

没有弹力，否则水平方向不能平衡.

没有弹力就没有摩擦力；根据平衡条件，结合整体法，可知，弹簧弹力的大小等于两物体的总重力，故A正确，B错误；

C；B

对A

的作用力有弹力与静摩擦力；其合力的大小与A

的重力平衡，故C错误；

D；A

受到B

沿接触面向上的静摩擦力作用；B

受到A

沿接触面向下的静摩擦力作用，故D正确；

故选：AD

根据平衡条件；结合摩擦力产生的必须要有弹力，即可判断A

与墙壁之间是否存在作用力；然后分别对A

与B

进行受力分析即可．

考查弹力与摩擦力关系，注意有弹力不一定有摩擦力，而有摩擦力一定有弹力，同时掌握平衡条件的应用．【解析】AD

9、BC【分析】【分析】双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动；由相互之间万有引力提供向心力，根据万有引力定律；牛顿第二定律和向心力进行分析．

本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究。【解答】A.

设体积较小的星体质量为m1

轨道半径为r1

体积大的星体质量为m2

轨道半径为r2.

双星间的距离为L.

转移的质量为鈻�m

．

则它们之间的万有引力为F=G(m1+?m)(m2+?m)L2

根据数学知识得知，随着鈻�m

的增大；F

先增大后减小，故A错误；

B.对m1G(m1+?m)(m2鈭�?m)L2=(m1+?m)娄脴2r1垄脵

对m2G(m1+?m)(m2鈭�?m)L2=(m2鈭�?m)娄脴2r2垄脷

由垄脵垄脷

得：娄脴=G(m1+m2)L3

总质量m1+m2

不变，两者距离L

不变，则角速度娄脴

不变，故B正确；

CD.

由垄脷

得：娄脴2r2=G(m1+?m)L2娄脴Lm1

均不变，鈻�m

增大，则r2

增大；即体积较大星体圆周运动轨迹半径变大；

由v=娄脴r2

得线速度v

也增大.

故C正确；D错误。

故选BC。

【解析】BC

10、BD【分析】解：A

只有做匀速圆周运动的物体加速度才始终指向圆心；故A错误，B正确；

C；变速圆周运动的合外力指向圆心的分量提供向心力；所以变速圆周运动的合力不指向圆心，只有匀速圆周运动物体的合力才总指向圆心，故C错误；

D；做匀速圆周运动物体的加速度一定等于向心加速度；故D正确；

故选：BD

．

匀速圆周运动是指物体运动的速度的大小不变；匀速圆周运动的向心力始终指向圆心，向心力的方向也就是变化的，变速圆周运动向心力指向圆心，但合外力不指向圆心．

解决本题的关键知道圆周运动的向心力一定指向圆心，但合外力不一定指向圆心．【解析】BD

11、AD【分析】解：A

速度时间图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移；图象在时间轴上方位移为正，图象在时间轴下方位移为负，则知0鈭�4s

内物体的位移为0

物体在4s

末返回出发点，故A正确．

B；图线的斜率表示物体的加速度；直线的斜率是一定的，所以2鈭�3s

内物体的加速度是一定的，物体在第2s

内和第3s

内的加速度是相同的，故B错误．

C；物体在前2s

内速度一直为正；运动方向没有发生过改变，故C错误．

D、物体在6s

内运动的路程是前2s

内位移的3

倍，为x=3隆脕12隆脕2隆脕1m=3m

故D正确．

故选：AD

速度时间图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移；图线的斜率表示物体的加速度，速度的正负表示物体的运动方向，路程等于各段位移大小之和.

由此分析即可．

解决本题的关键能够从速度时间图线中获取信息，知道速度图线的斜率表示加速度，图线与时间轴所围成的面积表示位移．【解析】AD

三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】

（1）A.0.032是两位有效数字．B.2.0×103是两位有效数字．

C.20是两位有效数字D.3.20是三位有效数字．

故选D．

（2）当电流为正方向时；振片受向下的力，此时打点一次，当电流方向为反方向时，振片受向上的力，此时不打点，所以在交流电的一个周期内打点一次，即每两个点间的时间间隔等于交流电的周期．

而交流电的周期又等于电源的频率的倒数．

故选B．

故答案为：（1）D

（2）B

【解析】【答案】（1）根据有效数字的概念；从左边第一个不是0的数字3起，到数字7为止有三个有效数字，注意7右边的6用四舍五入的方法，应进1．

（2）了解打点计时器的打点原理．由于交变电流方向的改变间隔打点．

13、略

【分析】

由题意可知，水滴将h分成时间相等的3份，3份相等时间的位移比为1：3：5，总高度为h，所以第二滴水离盘子的高度为．

从第一滴水离开水龙头开始，到第N滴水落至盘中（即N+3滴水离开水龙头），共用时间为t（s），知道两滴水间的时间间隔为

所以水从水龙头到盘子的时间为t′=根据h=g=．

故本题答案为：．

【解析】【答案】当一滴水碰到盘子时；恰好有另一滴水从水龙头开始下落，而空中还有两个正在下落的水滴，知水滴将h分成时间相等的3份，根据初速度为0的匀加速运动，在相等时间内的位移比为1：3：5，求出第二滴水离盘子的高度．

从第一滴水离开水龙头开始，到第N滴水落至盘中（即N+3滴水离开水龙头），共用时间为t（s），知道两滴水间的时间间隔，根据h=求出重力加速度．

14、略

【分析】

由于交流电源的周期为T，纸带上相邻的两个计数点之间都有4个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=5T，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2；我们可以用前两段位移之差来解出加速度；

x2-x1=d2-d1-d1=at2；

解得：a==

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

v1==

故答案为：

【解析】【答案】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小．

15、略

【分析】

（1）由图象可以解出倾斜直线的斜率，k===2000N/m

由于F=kx

解得：F=2000x

（2）根据胡克定律弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比；比例系数即为弹簧的劲度系数；所以弹簧的劲度系数为2000N/m．

（3）由胡克定律：F=2000x；当弹簧受F=600N的拉力作用时（在弹性限度内）；

弹簧伸长：x=0.3m=30cm

故答案为：F=2000x；2000，30

【解析】【答案】由图象可以看出根弹簧的伸长量X与所受拉力F是线性关系；解出斜率即能找到图线对应的函数，根据胡克定律可以解出弹簧的劲度系数，以及已知拉力时弹簧的形变量．

16、略

【分析】【解析】试题分析：图像的斜率表示物体的运动速度，所以两者在5s末的间距为考点：考查了对s-t图像的理解【解析】【答案】2.5m/s,12.5m17、略

【分析】解：拉力F对物体的冲量：IF=Ft=10×5=50N•s；

物体所受重力的冲量：IG=mgt=2×10×5=100N•s；

由动量定理可知，物体动量的变化：△P=F合t=Fcos60°•t=10×cos60°×5=25kg•m/s；

故答案为：50；100；25．

力与力的作用时间的乘积是力的冲量；根据冲量的定义与动量定理分析答题．

本题考查了求冲量、动量的变化量问题，知道冲量的定义，应用冲量的定义式、动量定理可以解题，本题是一道基础题．【解析】50；100；2518、略

【分析】本题考查探究牛顿第二定律中加速度与合力和质量的关系。(1)如果图象是通过坐标原点的一条直线，则说明加速度aa与质量mm成反比，故选B。(2)(2)根据位移时间关系可知加速度与位移成正比，所以故答案为：(1)B(2)

本题属于简单的数据处理，因为时间相同，初速度为零，所以用位移时间公式解决加速度和位移的关系。【解析】(1)B(1)B(2)(2)四、计算题(共4题，共12分)19、略

【分析】

匀变速直线运动的v-t图象是直线；先作出v-t图象，然后根据加速度的定义求解各个时间段的加速度．

本题关键是明确v-t图象的斜率表示加速度，倾斜直线表示匀变速直线运动，基础问题．【解析】解：如图所示：

答：如图所示20、解：

(1)

设小物体运动到c

点的速度大小为v

对小物体由a

点运动到c

点过程运用动能定理得：鈭�娄脤mgL鈭�mg隆陇2R=12mv2鈭�12mv02

小物体自c

点做平抛运动，设运动时间为t

水平射程为s

则：2R=12gt2s=vt

，联立解得小球从最高点c

抛出后的水平射程：s=0.6m

(2)

设在轨道的最高点时管道对小物体的作用力大小为F

取竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，F+mg=mv2R

联立代入数据解得：F=0.8N

方向竖直向下；

(3)

分析可知，要使小球以最小速度v0

运动时，可以使轨道对地面的压力为零，由牛顿第二定律：F+mg=mv12RF隆盲=Mg

根据动能定理得，鈭�娄脤mgL鈭�mg隆陇2R=12mv12鈭�12mv02

解得：v0=6m/s

【分析】(1)

对a

到c

过程运用动能定理求出小球到达c

点的速度；根据平抛运动的规律求出小物体抛出后的水平射程；

(2)

根据牛顿第二定律求出管道对小物体的作用力大小和方向；

(3)

当小球在c

位置轨道对地面的压力为零；此时速度最小，根据动能定理，结合牛顿第二定律求出最小的速度。

本题综合考查牛顿第二定律和动能定理的运用；难度中等，涉及到圆周运动，平抛运动，需加强这方面题型的训练。

【解析】解：(1)

设小物体运动到c

点的速度大小为v

对小物体由a

点运动到c

点过程运用动能定理得：鈭�娄脤mgL鈭�mg隆陇2R=12mv2鈭�12mv02

小物体自c

点做平抛运动，设运动时间为t

水平射程为s

则：2R=12gt2s=vt

，联立解得小球从最高点c

抛出后的水平射程：s=0.6m

(2)

设在轨道的最高点时管道对小物体的作用力大小为F

取竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，F+mg=mv2R

联立代入数据解得：F=0.8N

方向竖直向下；

(3)

分析可知，要使小球以最小速度v0

运动时，可以使轨道对地面的压力为零，由牛顿第二定律：F+mg=mv12RF隆盲=Mg

根据动能定理得，鈭�娄脤mgL鈭�mg隆陇2R=12mv12鈭�12mv02

解得：v0=6m/s

21、略

【分析】

设A车的速度为vA，B车加速行驶时间为t，两车在t0时相遇。则有XA=vAt①XB=vBt+at2/2+(vB+at)(t0-t)②式中，t0=12s，XA．XB分别为A．B两车相遇前行驶的路程。依题意有XA=XB+X③式中X＝84m。由①②③式得t2-2t0t+=0④代入题给数据vA=20m/s，vB=4m/s，a=2m/s2，有⑤式中矿的单位为s。解得t1=6s，t2=18s⑥t