2025年岳麓版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版高二物理下册阶段测试试卷860考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、我们感到空气很潮湿时，是因为（）A.这时空气中所含水汽较多B.这时的气温较低C.这时的相对湿度较大D.这时的绝对湿度较大2、放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成θ角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上始终静止，如图所示．如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角θ（θ＜90°）变大，那么，地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是（）A.N变小，f变大B.N变大，f变小C.N变小，f变小D.N变大，f变大3、下面四幅图表示了磁感应强度B

电荷速度v

和洛伦兹力F

三者方向之间的关系；其中正确的是()

A.B.C.D.4、如图所示，三个固定的斜面底边长度都相等，斜面倾角分别为30鈭�45鈭�60鈭�

斜面的表面情况都一样.

完全相同的物体(

可视为质点)ABC

分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中(

)

A.物体A

克服摩擦力做的功最多B.物体B

克服摩擦力做的功最多C.物体C

克服摩擦力做的功最多D.三物体克服摩擦力做的功一样多5、下列所给的位移—时间图象与速度—时间图像中能反映作直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）6、一个弹簧受10N拉力时总长为7cm，受20N拉力时总长为9cm，已知当拉力撤销时弹簧都能恢复原长，则弹簧原长为（）A.8cmB.9cmC.7cmD.5cm7、在水平地面上有一固定的楔形物块a

其斜面上静止一小物块b.

现用力F

沿不同方向作用在小物块b

上，小物块b

仍保持静止，如图所示.

则ab

之间的静摩擦力一定增大的是(

)

A.垄脵垄脹

B.垄脷垄脺

C.垄脷垄脹

D.垄脹垄脺

评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、如图所示甲、乙两物体运动的速度图象，由图可知乙物体运动的初速度是______m/s

甲物体的加速度是______m/s2

．9、如图所示，下端用橡皮管连接的两根粗细相同的玻璃管竖直放置，右管开口，左管内被封闭气柱长20cm

水银面比右管低15cm

大气压强相当于75cm

高的水银柱产生的压强。现保持左管不动，为了使左管内被封闭气柱长变为18cm

右管应向______移动(

填“上”或“下”)

移动的距离是______cm

10、研究地球的公转时，________(填“可以”或“不可以”)把地球看做质点；研究地球的自转时，________(填“可以”或“不可以”)把地球看做质点。11、如图，一玻璃柱体的横截面为半圆形，细的单色光束从空气射向柱体的O点（半圆的圆心），产生反射光束1和透射光束2，已知玻璃折射率为当入射角时，求反射光束1和透射光束2之间的夹角为。12、热力学第二定律常见的表述有两种．

第一种表述：不可能使热量由低温物体传递到高温物体；而不引起其他变化；

第二种表述：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功；而不引起其他变化．

图（a）是根据热力学第二定律的第一种表述画出的示意图：外界对制冷机做功，使热量从低温物体传递到高温物体．请你根据第二种表述在答题卷上完成示意图____（b）．根据你的理解，热力学第二定律的实质是____.

13、两只完全相同的灯泡L1和L2分别与相同的电感串联，组成如图所示的甲、乙两个相同的部分电路．现在甲电路两端加恒定电压U，L1灯发光；而在乙电路两端加最大电压为U，的正弦交变电压，L2灯也发光．比较两灯的明暗程度，是L1灯的亮度____________L2灯亮度．(填“大于”、“等于”、“小于”)评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共4分)21、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、实验探究题(共1题，共4分)23、用如图所示的实验装置验证动量守恒定律。实验的主要步骤如下：

（ⅰ）用天平测量小球A、B的质量mA、mB并记录。

（ⅱ）将斜槽固定在水平台上；并调整末端水平。

（ⅲ）在水平地面上依次放上白纸；复写纸并固定。

（ⅳ）让小球A从斜槽上的某一位置由静止释放；记录小球在水平面上的落点。重复多次，找出小球落点的中心位置P

（ⅴ）在斜槽水平末端处放上小球B；让小球A从步骤（ⅳ）同一位置由静止释放，记录小球A；B在水平面上的落点。重复多次，找出A、B两小球落点的中心位置M、N

（ⅵ）用重锤线确定斜槽水平末端的投影点O

（ⅶ）用毫米刻度尺测量出M、P、N距O点的距离LOM、LOP、LON并记录。

（ⅷ）将实验数据代入等式mALOP=mALOM+mBLON；验证是否成立，从而验证A；B两小球碰撞过程动量是否守恒。

请回答下列问题。

（1）步骤（ⅳ）；（ⅴ）中进行多次重复并找出小球落点的中心位置是为了减小______。

（2）本实验中两小球的质量大小关系为mA______mB．（选填“＞”；“＜”或“=”）

（3）试论证说明：验证等式mALOP=mALOM+mBLON是否成立，就可以验证A、B两小球碰撞过程动量是否守恒？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【解析】【答案】C2、B【分析】解：对物块受力分析；受推力；重力、支持力和静摩擦力，如图。

根据共点力平衡条件；有。

f=Fcosθ

N=G+Fsinθ

当θ变大时；静摩擦力f变小，支持力N变大；

故选：B．

物块始终处于静止状态；合力保持为零．对物块受力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和静摩擦力后讨论即可．

本题关键对物体受力分析，根据平衡条件求出支持力和静摩擦力后，再分析动态变化问题．【解析】【答案】B3、B【分析】【分析】伸开左手；让大拇指与四指方向垂直，并且在同一个平面内，磁感线通过掌心，四指方向与正电荷运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力方向。

本题考查了安培力和左手定则，解决本题的关键掌握左手定则，注意四指方向与正电荷运动方向相同，与负电荷运动方向相反。【解答】A.根据左手定则；洛伦兹力方向垂直纸面向外，故A错误；

B.根据左手定则；洛伦兹力方向竖直向上，故B正确；

C.根据左手定则；洛伦兹力方向竖直向下，故C错误；

D.电荷的运动方向与磁场方向平行；电荷不受洛伦兹力，故D错误。

故选B。【解析】B

4、D【分析】【分析】

根据受力分析和三角函数知识表示出摩擦力大小和斜面的距离.

根据功的定义式去比较两物体克服摩擦力做的功。

要比较不同情境下一个物理量的大小；一般我们应该先把这个物理量表示出来，看与哪些因素有关，再根据题目已知的去判断.

当然物理量表示的过程就运用了物理规律。

【解答】

设斜面底边长度为s

倾角为娄脠

那么的斜边长为L=Scos娄脠

对物体受力分析，那么物体受到的滑动摩擦力为f=娄脤FN=娄脤mgcos娄脠

那么物体克服摩擦力做的功为W=fL=娄脤mgcos娄脠?Scos娄脠=娄脤mgs

即物体克服摩擦力做的功与倾角无关，所以三物体克服摩擦力做的功一样多，故D正确，ABC错误。

故选D。

【解析】D

5、A|C【分析】【解析】试题分析：A、由图可知，2s末物体的纵坐标为零，与初始坐标相同，故A图中物体回到了初始位置；正确B、物体从正向2m处出发，2s末时到达负向的2m处，故没有回到初始位置；错误C、物体1s内以2m/s的速度沿正方向运动，1s末位移为2m，第2s内，物体反向以2m/s的速度运动，第2s内位移为负方向的2m，故物体应回到初始位置；正确D、由图可知，物体一直沿正方向运动，故2s末物体无法回到初始位置；错误故选AC考点：运动的图像【解析】【答案】AC6、D【分析】解：弹簧在大小为10N拉力作用下，其总长为7cm，设弹簧原长为l0；根据胡克定律公式F=kx，有：

10=k×（0.07-l0）①

弹簧在大小为20N拉力作用下；其总长为9cm，据胡克定律公式F=kx，有：

20=k×（0.09-l0）②

联立解得：l0=0.05m=5cm

故选：D

弹簧挂10N的重物时；弹簧的弹力大小等于10N．弹簧挂20N的重物时，弹簧的弹力大小等于20N，弹簧的伸长等于弹簧的总长减去原长．根据胡克定律求解弹簧的原长．

本题考查胡克定律的应用能力．要知道胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，不是弹簧的长度．【解析】【答案】D7、A【分析】解：不加力F

时；对物块进行受力分析，将重力分解；

根据平衡条件得出：f=mgsin娄脠

．

垄脵

力图：f=mgsin娄脠+F

故摩擦力变大。

垄脷

力图：如果F<mgsin娄脠f=mgsin娄脠鈭�f

故摩擦力变小．

如果F鈮�mgsin娄脠f=F鈭�mgsin娄脠

由于不知道F

的大小，所以摩擦力变化不确定．

垄脹

力图：将F

分解；根据平衡条件得出：f=Fsin娄脠+mgsin娄脠.

故摩擦力变大．

垄脺

力图：根据平衡条件得出：f=mgsin娄脠

故摩擦力不变．

故选A．

对物体进行受力分析；根据平衡条件结合力的分解列出平衡等式，找出静摩擦力的变化．

对物体进行受力分析，根据平衡条件结合力的分解列出平衡等式，找出静摩擦力的变化．【解析】A

二、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】解：乙物体运动的初速度为5m/s

甲物体的加速度a=鈻�v鈻�t=1510m/s2=1.5m/s2

．

故答案为：51.5

．

甲物体做初速度为零的匀加速直线运动；乙物体做初速度为5m/s

的匀加速直线运动，根据图线的斜率求出物体运动的加速度．

解决本题的关键理解速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示物体的加速度，能够从速度时间图象中判断物体的运动规律．【解析】51.5

9、上14【分析】解：以封闭气体为研究对象；气体的温度不变；

初态：p1=75+15=90cmHgV1=20S

末态：p2=cmHgV2=18S

由P1V1=p1V2

得。

90隆脕20S=p2隆脕18S

解得：P2=100cmHg

封闭气体的压强变大；右管应向上移动；

需要移动的距离是25鈭�15+4=14cm

故答案为：上；14

分别列出初态和末态封闭气体的压强；体积；由根据玻意耳定律列式可求出气柱压强，进而计算移动的距离。

此题考查玻意耳定律的应用，确定初末状态的参量是解题的关键。【解析】上14

10、略

【分析】当物体的大小远远小于两物体间距离时，可以把物体看作质点【解析】【答案】可以；不可以11、略

【分析】【解析】【答案】90012、一切宏观热现象都有方向性【分析】【解答】（a）如图所示：

（b）热力学第二定律常见的表述有多种．

第一种表述说明热传递的方向性；

第二种表述说明能量转化的方向性；

综上：一切宏观热现象都有方向性．

故答案为：（a）如图所示：（b）一切宏观热现象都有方向性．

【分析】热力学第二定律有不同的表述：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力学过程中熵的增量总是大于零．13、略

【分析】解：据题，乙电路两端所加正弦交变电压的最大值为U，有效值等于U，与甲电路的两端电压相等．乙电路中所加的交流电，电感L2有感抗，甲电路所加的是恒定电压，L1没有感抗，则甲电路中总阻抗小于乙电路中总阻抗，甲电路中电流大于乙电路中电流，所以L1灯的亮度大于L2灯亮度．

故答案为：大于【解析】大于三、判断题(共7题，共14分)14、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势