2024年新科版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年新科版必修1物理下册阶段测试试卷252考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于“探究小车速度随时间变化的规律”的实验操作，下列说法错误的是()A.长木板不能侧向倾斜，也不能一端高一端低B.在释放小车前，小车应停在靠近打点计时器处C.应先接通电源，待打点计时器开始打点后再释放小车D.要在小车到达定滑轮前使小车停止运动2、一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点，已知小球经过和两段所用的时间均为2s，则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是（）A.B.C.D.3、如图所示，直线a和曲线b分别是在同一条平直公路上行驶的甲、乙两汽车的速度一时间（v-t)图线．由图可知（）

A.t1时刻，甲车的加速度大于乙车B.t2时刻，甲、乙两车运动方向相反C.t2时刻，甲、乙两车相遇D.t1到t2时间内，乙车的平均速度比甲车的大4、下图是某物体做直线运动的图象；由图象可得到的正确结论是（）

A.t=1s时,物体的加速度大小为B.第3秒内，物体静止C.第3s内物体的位移大小为1.5mD.物体在加速过程中的速度变化率比减速过程中的速度变化率大5、以下说法中不正确的是（）A.质点的提出应用了物理模型法B.加速度的定义应用了比值定义法C.亚里斯多德提出重的物体落得快D.伽利略提出重的物体落得快6、如图所示，在竖直平面内的固定光滑圆环上，套有一质量为m的小球，一轻绳通过光滑滑轮P连接小球A，绳的另一端用水平向左的力F拉绳，使小球缓慢上升一小段位移，图中为圆心，OQ为半径，P为OQ的中点。在小球上升过程中；下列说法正确的是（）

A.绳的拉力先减小后增大B.绳的拉力一直减小C.环对小球的弹力方向是沿半径背离圆心，大小恒为D.环对小球的弹力方向是沿半径指向圆心，大小恒为2mg7、一滑块做直线运动的v﹣t图象如图所示；下列说法正确的是（）

A.滑块在2s末的速度方向发生改变B.滑块在4s末的加速度方向发生改变C.滑块在2～4s内的位移等于4～6s内的位移D.滑块在0～2s内的平均速度等于2～4s内的平均速度评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、一个物体沿直线运动，其v-t图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.前2s内的加速度为4m/s2B.前16s内的位移为100mC.第1s末速度方向和第11s末速度方向相反D.第0.5s末加速度方向和第11.5s末加速度方向相反9、若两物体间有弹力作用，则这两个物体（）A.一定有接触B.一定有弹性形变C.表面一定光滑D.一定有相对运动10、如图所示是汽车中的速度计,某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化,开始时指针指示在图甲所示的位置,经过7s后指针指示在图乙所示的位置,若汽车做变速直线运动,有关上述过程,下列说法正确的是()

A.乙速度计直接读出的是汽车运动的平均速度B.乙速度计直接读出的是汽车7s时的瞬时速率C.汽车运动的加速度约为5.7m/s2D.汽车运动的加速度约为1.6m/s211、小球从静止开始运动，它在第1s内通过1m，在第2s内通过2m，在第3s内通过3m，在第4s内通过4m，有关小球运动的描述，正确的是（）A.小球在这4s内的平均速度是2.5m/sB.小球在第3、第4两秒内的平均速度是3.5m/sC.小球在第3s末的瞬时速度是3m/sD.小球在这4s内一定做的是匀加速直线运动12、如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔。质量为m的小球套在圆环上。一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移。在移动过程中手对线的拉力F和轨道对小球的弹力FN的大小变化情况是（）

A.F减小B.F增大C.FN不变D.FN减小13、关于牛顿第一定律的下列说法中，正确的是()A.牛顿第一定律是牛顿第二定律在合力为零时的特例，所以牛顿第一定律可以被牛顿第二定律代替B.牛顿第一定律说明了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因C.速度大的物体惯性大，所以不容易停下来D.物体的运动不需要力来维持14、如图，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条轻质不可伸长的细绳结于O点。一条绳跨过定滑轮平行于斜面体连接物块P，一条绳连接小球Q，另一条绳OA在外力F的作用下，处于水平方向。现缓慢拉着绳OA向上直到OB水平，整个过程保持θ不变；下列说法正确的是（）

A.斜面对物块P的摩擦力一定减小B.绳OA的拉力一定增大C.地面对斜面体的作用力一定减小D.地面对斜面体有向右的摩擦力15、两个质点A、B在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v-t图象如图所示．对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是（）

A.在t=3t0时刻，A、B相距最远B.在t=6t0时刻，A、B相遇C.A、B在加速阶段平均速度相同D.A、B在减速阶段加速度相同评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、在光滑墙壁上用网兜把足球挂在A点，足球与墙壁的接触点为B．足球所受重力为G，悬绳与墙壁的夹角为α，网兜的质量不计，则悬绳对球的拉力大小为_______；若缩短网兜上的悬绳，球仍然保持静止，则球对墙壁的压力将___________（填“增大”或“减小”）．

17、v-t图，读图则_____时刻离原点最远，9秒内的位移是_____

18、一质点在x轴上运动，各个时刻的位置坐标如下表，则此质点开始运动后。t/s012345x/m05-4-1-71

（1）几秒内位移最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（2）第几秒内位移最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（3）几秒内路程最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（4）第几秒内路程最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s19、如图所示，物体A、B、C叠放在光滑的水平面上，拉力F作用在B上。已知mA=3kg，mB=2kg；mC=1kg，A、B之间动摩擦因数为0.1，B、C之间动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。

（1）若要维持A、B、C一起运动，则拉力F的最大值为______N；

（2）若要将B时从A、C中抽出，则拉力F的应大于____N。20、矢量和标量。

（1）矢量：既有大小又有方向，相加时遵从______的物理量。

（2）标量：只有大小，没有方向，相加时遵从______的物理量。21、有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是______mm．用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是______mm．22、如图，固定于竖直面内的粗糙斜杆，在水平方向夹角为质量为m的小球套在杆上，在大小不变的拉力作用下，小球沿杆由底端匀速运动到顶端，为使拉力做功最小，拉力F与杆的夹角a=____，拉力大小F=_____．评卷人得分四、实验题(共4题，共28分)23、在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打出的纸带如图所示。已知打点计时器使用的交流电源频率为50Hz，计数点A和B之间、B和C之间均有4个打出的点；则。

（1）打B、C两点的时间间隔是______s；为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出______段的距离。

（2）当纸带与运动物体连接时，打点计时器在纸带上打出点痕，下列关于纸带上的点痕说法中，正确的是______。

A.点痕记录了物体运动的时间。

B.点痕记录了物体在一段时间内的位置变化。

C.点在纸带上的分布情况；反映物体的质量和形状。

D.纸带上点痕的分布情况；反映物体的运动情况。

（3）这次实验已经得出小车做匀变速直线运动的结论。若第（1）问纸带中测得AB、BC间距离分别为6.52cm和12.12cm，则B点对应小车速度为vB=______m/s，加速度a=______m/s2。（保留3位有效数字）24、某物理小组利用图所示的实验装置研究小车的匀变速直线运动。

主要实验步骤如下：

a.安装好实验器材；接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。

b.选出一条点迹清晰的纸带，找一个合适的点当作计时起点O（t＝0），然后每隔相同的时间间隔T选取一个计数点。

c.通过测量；计算可以得到小车的加速度。

结合上述实验步骤；请你完成下列任务：

(1)在下列仪器和器材中，还需要使用的有________和________（填选项前的字母）。

A．电压合适的50Hz交流电源。

B．电压可调的直流电源。

C．刻度尺。

D．秒表。

E．天平（含砝码）

(2)实验中，保证小车做匀变速直线运动的必要措施是________（填选项前的字母）。

A．细线必须与长木板平行。

B．将长木板上没有滑轮的一端适当垫高。

C．钩码的质量远小于小车的质量。

D．先接通电源后释放小车。

(3)实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，打出几条纸带，选取一条比较清晰的纸带，部分计数点如图所示（每两个相邻的计数点间还有4个点未画出）。则小车的加速度a＝_____m/s2（结果保留3位有效数字）。

(4)研究匀变速直线运动时，往往用求某个点的瞬时速度，从理论上讲，对Δt的要求是________（选填“越小越好”、“越大越好”或“与大小无关”）。25、小敏同学在暗室中用图甲装置做“测定重力加速度”的实验；用到的实验器材有：分液漏斗；阀门、支架、米尺、接水盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪。具体实验步骤如下：

①在分液漏斗内盛满清水；旋松阀门，让水滴以一定的频率一滴滴的落下；

②用频闪仪发出的白闪光将水滴流照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率，当频闪仪频率和水滴频率均为时；可以看到一串仿佛固定不动的水滴；

③用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度；

④处理数据；得出结论；

(1)之所以能看到一串仿佛不动的水滴，是由于____________。

A．每次频闪仪发出白闪光时；水滴的排布方式正好和上次闪光时一致，造成了水滴不动的假象；

B．频闪光的频率过高；对人眼造成了损伤；

C．分液漏斗由于实验次数太多；被损坏了，滴出特定水滴后便不再滴出水滴，之前的水滴静止在空中；

(2)小敏同学测得连续相邻的五个水滴之间的距离如图乙所示，根据数据计算当地重力加速度____点处水滴此时的速度____（结果均保留三位有效数字）26、如图所示为某次实验中拍摄到的小滑块在粗糙水平面上滑动时的闪光照片，已知闪光频率为每秒10次．其中A、B、C、D、E分别对应每次闪光时滑块的位置，根据照片与实物的比例得到滑块位移的数据，其中BC＝2.98cm，CD＝2.00cm．查得当地重力加速度值为9.80m/s2．则。

(1)小滑块通过C位置时速度的大小vc=______________m/s（结果保留2位有效数字）；

(2)小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ=_____________．评卷人得分五、解答题(共1题，共7分)27、美国当地时间2017年3月21日；HTT官方发布一段视频以及一组图片展示了公司的最新进展，宣称在建设世界上第一条全尺寸；可以运送乘客同时速度能达到720km/h的超级高铁管道．该方案在法国图卢兹市的地下进行测试，据称最快会在2018年面世．在某次实验直轨道上测试超级高铁技术时，列车从静止开始启动后达到最大速度后匀减速运动后，恰好到达368km的终点站．已知加速阶段与减速阶段加速度大小相等，匀速阶段时间是变速阶段总时间的22.5倍，试验列车总质量为5000kg，运行过程中的平均阻力为2000N，求：

（1）匀速运行过程的时间；

（2）匀加速直线运动时加速度；

（3）该超级高铁在减速阶段时列车的制动力．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理；需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理；实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．

【详解】

A；实验前要平衡摩擦力；把木板的一端垫高，长木板应一端高一端低，故A错误；

B；在释放小车前；小车应靠近打点计时器，故B正确；

C；应先接通电源；待打点计时器开始打点后再释放小车，故C正确；

D；要在小车到达定滑轮前使小车停止运动；故D正确；

故选BCD2、B【分析】【分析】

【详解】

根据小球做匀加速直线运动的特点，两点之间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故B点的速度等于段的平均速度

又因为连续相等时间内的位移之差等于恒量，即

则由

解得

则A点的速度vA=vB−at

解得vA=2m/s

C点的速度vC=vB+at

解得vC=6m/s

故B正确；ACD错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

图线切线的斜率表示加速度，在时刻，a图线的斜率小于b图线切线的斜率，故甲车的加速度小于乙车的加速度，故A错误；在时刻，速度图象都在时间轴的上方，都为正，方向相同．故B错误．在时刻，甲车和乙车的速度相同，不能说明在同一位置．故C错误．图象与坐标轴围成的面积表示位移，则在到这段时间内；乙车的位移大于甲车的位移，因平均速度等于位移比时间，时间相同，故乙车的平均速度比甲车的大故D正确．选D.

【点睛】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负.4、D【分析】【详解】

A．t=1s时物体的加速度大小

故A错误．

B．第3秒内；物体做匀速直线运动，选项B错误；

C．第3s内物体的位移大小为x=3.0×1m=3.0m

选项C错误．

D．因v-t图像的斜率等于加速度，加速度为速度的变化率，则由图像可知，物体在加速过程中的速度变化率比减速过程中的速度变化率大，选项D正确．5、D【分析】【分析】

【详解】

A．质点的提出应用了理想化模型法；选项A正确；

B．加速度的定义应用了比值定义法；选项B正确；

C．亚里斯多德提出重的物体落得快；选项C正确；

D．伽利略提出轻重物体落得一样快；选项D错误。

此题选项不正确的选项，故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

AB．小球缓慢上升一小段位移的过程中；小球处于平衡状态，对小球进行分析受力分析如图所示。

由于三角形ABC与三角形POA，可得

当小球缓慢上升一小段位移的过程中，由于AP减小，则F减小；A错误，B正确；

CD．对小球受力分析可知，环对小球的弹力方向是沿半径背离圆心，根据关系

解得N=2mg

故CD错误。

故选B。7、D【分析】【详解】

A；在2s末前后速度方向均为正,故速度方向没有发生改变,A错误;

B；在4s末前后图线斜率没变,则加速度没变,故B错误;

C；由图像可知；滑块在2～4s内的位移等于4--6s内的位移大小相等，方向相反，故C错；

D；由图像可知：滑块在0～2s内的位移等于2～4s内的的位移；所以滑块在0～2s内的平均速度等于2～4s内的平均速度，故D对；

故选D二、多选题(共8题，共16分)8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．前2s的加速度为

故A正确；

B．v-t图像与t轴围成的面积等于位移，则

故B正确；

C．v-t图像中v值的正负表示方向；第1s末即第11s都为正值，故速度方向相同，C错误；

D．0-2s内匀加速(斜率为正值)

故第0.5s末a方向为正方向；10-12s内做匀减速运动(斜率为负值)

故第11.5s末a方向为负值，故a方向相反(或直接从斜率的正负判断)；故D正确；

故选ABD。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

产生弹力的条件是两个物体接触并且挤压；也就是接触有弹性形变。

故选AB。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB.速度计测量的是某个时刻的瞬时速度的大小；即瞬时速率，故A错误，B正确；

CD.7s前的瞬时速度大小为20km/h，7s后的瞬时速度大小为60km/h，则速度的变化量为40km/h≈11.2m/s，则加速度

故C错误；D正确。

故选BD。11、A:B【分析】【详解】

A、小球在这4s内的平均速度故A正确；

B、小球在第3s和第4s这两秒内的平均速度．故B正确；

C；小球在第3s内的平均速度为3m/s；因为小球具体运动情况不详，所以小球在第3s末的速度不一定等于3m/s．故C错误；

D、初速度为零的匀变速直线运动，连续相等时间内的位移之比为1：3：5：7，所以小球在这4s内做的一定不是初速度为零的匀加速直线．故D错误．12、A:C【分析】【详解】

对小球受力分析如图：

根据图中几何关系可知：

根据相似比例关系：

重力和圆的半径不变，随着绳子长度减小，可知不变，减小；AC正确，BD错误。

故选AC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论,不是牛顿第二定律在合力为零时的特例,它们的含义并不是完全相同的;故A错误;

B．由牛顿第一定律可以知道,当物体不受力或受平衡力时,物体将处于静止状态或匀速直线运动状态,因此力是改变物体运动状态的原因;所以B选项是正确的;

C．惯性的大小仅仅与物体的质量有关,与物体速度的大小无关,故C错误;

D．由牛顿第一定律可得,力不是维持物体运动的原因,力是改变物体运动状态的原因;故D对。

故选BD。14、B:C【分析】【详解】

B．画出节点O受力分析图，构建力的矢量三角形，由于这个三角形中重力不变，FOA、FOB的夹角（180°－θ）保持不变，这类似于圆周角对应弦长的关系，作初始三角形的外接圆，然后让FOA、FOB的交点在圆周上按题中转动规律转动；如图。

力的三角形的外接圆正好是以初态时的FOB为直径的圆周，可知在逆时针转动到OB水平的过程中，FOA逐渐变大到最大为圆周直径，FOB从圆周直线逐渐减小；故B正确；

A．由前面的分析可知绳OB的拉力逐渐减小，由于不知道物块P受到斜面摩擦力的方向，故不能判断斜面对物块P的摩擦力是增大还是减小；故A错误；

C．以斜面体和P整体为研究对象受力分析，地面对斜面体的作用力等于整体的重力与OB拉力的合力，由于绳OB的拉力一直减小且与整体重力的方向夹角从90度逐渐变大，可知斜面体和P整体的重力与OB拉力的合力逐渐减小；所以地面对斜面体的作用力一直在减小，故C正确。

D．以斜面体和P整体为研究对象受力分析，根据平衡条件可知，斜面体受地面的摩擦力与OB绳子水平方向的拉力等大反向；可知斜面所受的摩擦力方向向左，故D错误；

故选BC。15、B:D【分析】【详解】

;

A、速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移,当AB速度相等时,相距最远,由图象可以知道,在和之间相距最远,故A错误;

B、当AB图象与坐标轴围成的面积相等时,相遇,根据图象可以知道,在时刻,A；B位移相等,相遇,所以B选项是正确的.

C、由公式知故C错误；

D、速度时间图象的斜率表示加速度,则A减速时的加速度大小为B减速时的加速度大小为所以A、B在减速阶段加速度相同；故D正确。

综上所述本题答案是：BD

点睛：速度时间图象的斜率表示加速度,速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移,当AB速度相等时,相距最远,当AB图象与坐标轴围成的面积相等时,相遇.三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]．对球进行力分析；如图：

根据平衡条件拉力

[2]．若缩短网兜上的悬绳，悬绳与墙面夹角增大，由平衡可知

所以墙面对球的支持力增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力将增大．【解析】增大17、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，v-t图所包围的面积代表位移；故7s时物体的正向位移最大，离原点最远；

[2]v-t图的斜率代表加速度，6-9s内，斜率为

即加速度大小为9s时的速度为

所以9秒内的位移是【解析】7s10m18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）4s内的位移是-7m；其大小为7m，最大。

故选D；

（2）第2s内的位移是-9m；其大小是9m，最大。

故选B；

（3）由于质点一直在运动着；时间越长，经过的轨迹也越长，在5s内的路程也最大。

故选E。

（4）在第2s内质点的位移最大；路程是9m也最大。

故选B。【解析】①.D②.B③.E④.B19、略

【分析】【详解】

（1）[1]若要使得AB之间不产生滑动，则对A分析可知

可得A的最大加速度为

此时BC之间的摩擦力

即BC之间不会产生滑动，A、B、C能一起运动。此时对整体可得

（2）[2]若要将B时从A、C中抽出，则需使BC之间达到最大静摩擦力，即对C分析可知，

此时AB之间一定产生了滑动，则对B分析可知

解得

若要将B时从A、C中抽出，则拉力F的应大于33N。【解析】63320、略

【分析】【详解】

（1）[1]既有大小又有方向；相加时遵从平行四边形定则的物理量叫矢量。

（2）[2]只有大小，没有方向，相加时遵从算术法则的物理量叫标量。【解析】平行四边形定则算术法则21、略

【分析】【分析】

试题分析：游标卡尺的主尺读数为10mm；游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.2mm=0.232mm，所以最终读数为1.732mm（1.729到1.733均可）．

考点：游标卡尺；螺旋测微器。

【名师点睛】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．

【点睛】

【详解】【解析】10.50mm1.732mm（1.729—1.733都可）22、略

【分析】【详解】

．因为没有摩擦力；拉力做功最小．

本题考查力的分解，功等．难度：中等．【解析】①.60°②.mg四、实验题(共4题，共28分)23、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]由图可以知道，B和C之间有4个打出的点，则B、C两点的时间间隔是0.1s;为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出BC段的距离。

(2)[3]AB．打点计时器每隔一定的时间打下一个点；因而点迹记录了物体运动的时间，同时也记录了物体在不同时刻的位置和某段时间内的位移，故AB正确；

CD．点迹的分布情况反映了物体的运动情况；而不能反映物体的质量和形状，故C错误D正确。

故选ABD。

(3)[4][5]B点对应小车速度为

利用公式

解得加速度【解析】0.1BCABD0.9325.6024、略

【分析】【详解】

(1)[1]打点计时器需要使用交流电源；因此需要