2024年华师大新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列所示各图中，小磁针的指向不正确的是A.B.C.D.2、如图所示，M、N是相互平行、垂直于纸面放置的长直导线，其中通入的电流大小相等、方向相反．纸面内的点a到M、N距离相等．关于a点的磁场方向；下列说法正确的是（）

A.沿纸面向上B.沿纸面向下C.沿纸面向左D.沿纸面向右3、如图所示，质量为m、带电荷量为q（q>0）的小球A用绝缘细线悬挂于O点，细线长为l.当将电荷量为－q的点电荷B置于空间某位置时，小球A静止，悬线与竖直方向的夹角θ＝30°，A、B连线与竖直方向的夹角恰好也为30°，则A、B之间的距离为（）

A.lB.qC.qD.q4、如图所示，在电场强度大小为E0的水平匀强电场中，a、b、和c三个点电荷分别固定在光滑水平面上的同一直线上，ab之间的距离为L，c在ab的中点上．当a、b、和c的电量均为+Q时，水平面内与a、b两点电荷距离均为L的O点处有一电量为+q的点电荷恰好处于平衡状态．如果仅让点电荷a带负电；电量大小不变，其他条件都不变，则O点处电荷的受力变为()

A.B.C.D.5、如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，导体分为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为QA、QB；则下列结论正确的是（）

A.沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且QA＞QBB.只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且QA＝QBC.沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且QA＜QBD.沿任意一条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且QA＝QB，而QA、QB的值与所切的位置有关6、如图所示，闭合开关S使电容器充电，充电结束后断开开关，保持平行板电容器两极板的正对面积、间距不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（）

A.C和U均增大B.C增大，U减小C.C减小，U增大D.C和U均减小7、四个相同的小灯泡按照如图所示的(a)、(b)两种方式接入电压相等的电路中，调节R1、R2使四个小灯泡都正常发光，这时可变电阻R1、R2消耗的电功率P1和P2的关系为

A.P1=2P2B.P1＞2P2C.P1＜2P2D.P1=P28、关于电磁场和电磁波，下列说法不正确的是A.变化的电场能够产生磁场，变化的磁场能够产生电场B.麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在C.无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线、射线都是电磁波D.紫外线是一种波长比紫光更短的电磁波，能够灭菌消毒评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R3=r，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R2的滑动触点向b端移动；电表为理想电表，则下列说法正确的是（）

A.I1增大，I2不变，U增大B.I1减小，I2增大，U减小C.电源的总功率增大D.电源外部消耗的热功率先增大后减小10、两点电荷固定在轴上，位置如图．在+轴上每一点的电势随变化的关系如图所示,其中处的电势为零，处的电势最低．下列说法正确的是。

A.处的电场强度为零B.处的电场强度为零C.两点电荷均带正电D.的电荷量比的大11、如图所示，直线是某电场中的一条电场线。若有一质子仅在电场力的作用下以某一初速度沿直线由A运动到其速度图像如图所示，下列关于A、两点的电场强度和电势以及质子在两点所具有的电势能和动能判断正确的是（）

A.B.C.D.12、两个较大的平行金属板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正；负极上；这时质量为m，带电油滴恰好静止在两极之间，如图所示，在其它条件不变的情况下，那么在下列的过程中（）

A.如果保持连接电源，将两极距离不变，非常缓慢地错开一些，电流计中电流从a流向bB.如果保持连接电源，将A板上移，油滴将向上加速运动C.如果断开电源，A板上移，B板接地，油滴静止不动，油滴处电势不变D.如果断开电源，两板间接静电计，B板下移，静电计指针张角变大13、如图所示，某空间有一竖直向上的磁感应强度为B的匀强磁场，两条平行通电长直导线M和N，固定在某水平面上，电流方向如图。与M和N平行的电流元（不计重力）放在位置P，恰好平衡。图中为垂直导线的截面图，已知电流产生的磁场的磁感应强度与到导线的距离成反比，构成边长分别为L、L的等腰直角三角形。则下列判断正确的是（）

A.通电金属直导线M在P的磁感应强度大小为B.电流元P的电流方向一定垂直纸面向外C.P关于水平面的对称点Q的磁感应强度大小为零D.P的正下方处的合磁感应强度为14、某电场中的坐标轴上，一个带电粒子从坐标原点出发，仅在电场力作用下沿轴正向运动到处；此过程带电粒子的电势能随位置的变化如图所示，则下列判断正确的是（）

A.粒子在坐标原点的动能可能为B.从坐标原点运动到处过程中，粒子做的是加速度不断减小的减速运动C.从运动到的过程中，粒子做的是加速度越来越小的减速运动D.粒子从运动到电场力做功绝对值等于从运动到的电场力做功绝对值15、一条沿水平方向的坐标轴上，一个带负电的粒子仅在电场力作用下，从原点沿坐标轴正方向运动，其速度的平方与运动位移x的关系图象如图所示；则下列说法正确的是（）

A.沿坐标轴正方向，电场强度逐渐增大B.沿坐标轴正方向，电势越来越高C.坐标轴上任意两点间的电势差与两点间距成正比D.此粒子的电势能在不断增大16、如图所示，已知某匀强电场方向平行于正六边形ABCDEF所在平面，若规定D点电势为零，则A、B、C的电势分别为8V、6V、2V。初动能为12eV、电荷量大小为2e（e为元电荷）的带电粒子从A沿着AC方向射入电场，恰好经过BC的中点G；不计粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.该粒子一定带负电B.该粒子达到点G时的动能为20eVC.只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过CD.若该粒子以不同速率从D点沿DF方向入射，该粒子可能垂直经过CE评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、带电荷量为q＝＋5.0×10－8C的点电荷从A点移到B点时，克服电场力做功3.0×10－6J.已知B点的电势为φB＝20V，A、B间的电势差UAB=_________V；A点的电势φA=_____V；点电荷从A到B的电势能变化为____________。18、如图所示，平行板电容器与电池相连，现仅将两极板间的距离减小，则电容器的电容__________两极板间的电压__________，电场强度__________（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。19、电磁感应现象的发现直接导致了___________的设计成功。使大规模生产电能成为可能，人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。1887年，物理学家___________用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。20、有两条长直的导线垂直水平纸面放置，交纸面于a、b两点，通有大小相等的恒定电流，方向如图所示．a、b的连线水平，c是的中点，d点与c点关于b点对称．已知c点的磁感应强度为d点的磁感应强度为则分析可得a处导线在d点的磁感应强度的大小为_______、方向为_________（选填“向上”“向下”或“向右”）．

21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为900N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－9C的正点电荷，则A处场强大小EA＝_______N/C，B处的场强大小EB＝______N/C，方向____________．

22、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

23、如图甲所示的电表使用0~0.6A量程时，图中表针示数为______A；当使用0~3A，图中表针示数为______A。如图乙所示的电表若使用的是较大量程，图中表针示数为_______V。

24、电磁波具有能量：

（1）可以用仪器探测到电磁波的存在，说明电磁波是一种真实存在的_____。

（2）生活中常常用微波炉来加热食物，说明电磁波具有____，且电磁波的频率____，能量____。25、如图所示，规格为“220V、44W”的排气扇，线圈电阻为40Ω，接上220V的电压后，通过排气扇的电流为________A；排气扇的发热功率为________W。

评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)28、（1）如图是将电流表改装而成的欧姆表的示意图，此时已欧姆调零，用此欧姆表测一电阻为R=500Ω的标准电阻时，指针恰好指在满刻度的二分之一处；如果用它测量一个未知电阻时，指针指在三分之一处。则该位置电阻的的阻值_______。

（2）某同学将一个内阻Rg=90Ω、满偏电流Ig=10mA的小量程电流表改装为0~100mA的电流表和量程为0~10V的电压表，改装电路图如图所示，接线柱1代表改装的_____表（填“电流”或“电压”），其中R1=_______Ω，R2=_____Ω。

（3）图1螺旋测微器读数为________mm，图2游标卡尺读数为________cm。

29、实验方案对实验测量的精度有直接影响；某学习小组对“测量电源的电动势和内阻”的实验方案进行探究，选用电动势约为4V；内阻约为5Ω的电源，现有下列实验器材：

A.电阻箱阻值可调范围为0~999.9Ω；

B.滑动变阻器阻值范围为0~15Ω；

C.滑动变阻器阻值范围为0~100Ω；

D.表头G：量程为2内阻为199.5Ω；

E.电压表量程为3V；内阻约为5kΩ；

F.电压表量程为15V；内阻约为15kΩ；

G.开关；导线若干。

（1）该小组设计了三个实验电路图，你认为最合理的是___________。

请说明理由：______________。

（2）若将表头G改装成量程为800的电流表，则电阻箱的阻值应该为___________Ω。

（3）为更好调节，滑动变阻器应该选用___________（填“”或“”），为使读数更准确，电压表应该选用___________（填“”或“”）。30、用如图所示的电路，测定某电源电动势和内阻。通过多次测量并记录对应的电流表示数和电压表示数利用这些数据在图中画出了图线。由图线可以得出此干电池的电动势________（保留至小数点后两位）、内阻________（保留三位有效数字），该实验由于系统误差使电池电动势的测量值________（填“偏小”；“偏大”或“不变”）。

31、某学习小组想要较精确地测定某废旧锂电池的电动势和内阻；有如下器材供选择。

A.待测电源（电动势约为9V；内阻约为1Ω）

B.电压表V1（量程0~7.5V；内阻约3kΩ）

C.电压表V2（量程0~7.5V，内阻r2=10kΩ）

D.电流表A（量程0~10mA；内阻未知）

E滑动变阻器R1（最大阻值20Ω）

F.滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ）

G.定值电阻R=5Ω

H.导线；开关若干。

（1）该小组除选择器材A、C、G、H外。还应从上列剩余器材中选择______（填所选器材前面的字母）以最优方案完成本次实验。

（2）请在方框中画出你所设计的实验电路图的最优方案，并在图上标注你所选的仪器仪表的符号______。

（3）按设计的方案连接好电路进行实验，记录的数据用对应的物理量符号表示（如电压表V1、V2、电流表A的示数、定值电阻阻值分别用U1、U2、I、R表示等），若用U2作为纵坐标轴，另一个仪表测得的物理量作为横坐标轴，得到图像与横坐标轴的交点为a，与U2轴的交点为b。则待测电源内阻r=______，电源电动势为E=______（结果用字母a、b、R表示，计算中忽略电压表V2的分流）。评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)32、如图所示，光滑斜面倾角为37°，一质量为m=1×10﹣2kg，电荷量为q=+1×10﹣6C的小物块置于斜面上，当加上水平向右的匀强电场时，该物体恰能静止在斜面上，g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）该电场的电场强度大小；

（2）若电场强度变为原来的小物块运动的加速度大小；

（3）在（2）前提下，当小物块沿斜面下滑时；电势能的改变量。

33、当用多用电表测电阻时，发现指针偏角太大，那么我们是更换大倍率还是小倍率?34、如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10－4的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.2J，已知A、B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成角；求：

(1)电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；

(2)A、B两点间的电势差UAB；

(3)该匀强电场的电场强度E。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

由右手螺旋定则可知，电磁铁左侧为N极，则内部磁感线向左，故A指示正确；赤道处的磁场方向由南极指向北极，故B指示正确；磁感线从N极出发指向S极，所以小磁针的N极应指向下方，故C指示错误；磁感线从N极出发指向S极，所以小磁针的N极应指向右方，故D指示正确．所以选C．2、C【分析】【详解】

M在a处产生的磁场方向垂直于aM偏左下方，N在a处产生的磁场方向垂直于aN偏左上方，根据平行四边形定则，知a处的磁场方向水平向左；C正确，ABD错误。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

对小球A受力分析，受竖直向下的重力，B对A斜向左上的静电力，受斜向右上的细线的拉力，由题意知小球A静止，则小球受力平衡，设此时点电荷B与小球A间的距离为r，则

解得距离

故B正确。

故选B。4、C【分析】【详解】

由于电荷量为的点电荷恰好处于平衡状态；受力分析如所示：

由物体的平衡可得：

如果仅让点电荷a带负电，电量大小不变，其他条件都不变，相当于只有点电荷a(且a带负电荷，电荷量为2Q)对O点处电荷作用，则O点处电荷的受力变为选项C正确，ABD错误．

点睛：本题考查库仑定律与力学平衡知识的问题，注意受力分析，画出受力分析图是解决力学题的关键．5、D【分析】【详解】

静电感应使得A带正电，B带负电；导体原来不带电，在带正电的导体球C静电感应的作用下，导体中的自由电子向B部分转移，使B部分带了多余的电子而带负电；A部分少了电子而带正电，根据电荷守恒定律，A部分移走的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，因此无论从哪一条虚线切开，两部分的电荷量总是相等的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，自由电子在不同位置所受C的作用力的强弱是不同的，这样导致电子在导体上的分布的不均匀，越靠近右端负电荷密度越大，越靠近左端正电荷密度越大，所以从不同位置切开时左右两部分所带电荷量的值QA、QB是不同的；故只有D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

由平行板电容器电容的决定式

插入一电介质，增大，则C增大，充电后断开Q不变，根据电容定义式

知U减小；则ACD错误，B正确。

故选B。7、B【分析】【详解】

灯泡规格相同且正常发光，甲图灯泡并联，电流为

乙图灯泡串联，电流为

电阻的电压为

消耗的功率为

电阻的电压为

消耗的功率为

所以有

故A；CD错误；B正确；

故选B。8、B【分析】【详解】

A．变化的电场能产生磁场；变化的磁场能产生电场．所以电场和磁场总是相互联系着的，故A正确，不符合题意；

B．麦克斯韦只是预言了电磁波的存在；是赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在；故B错误，符合题意；

C．电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、射线；故C正确，不符合题意；

D．紫外线的波长比紫光的短；它可以进行灭菌消毒，故D正确，不符合题意；

故选B。

【名师点睛】

电磁波是横波，是由变化的电场与变化磁场，且相互垂直．电磁波是由同相振荡且互相垂直的电场与磁场在空间中以波的形式移动，其传播方向垂直于电场与磁场构成的平面，有效的传递能量．电磁波在真空传播速度与光速一样，电磁波与光均是一种物质，所以不依赖于介质传播．二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB.将R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流I增大，电源的内电压增大，路端电压减小，即电压表示数U减小。R3的电压也增大，R1的电压减小，电流减小，即I1减小；所以I2增大。故A错误；B正确；

C.由于总电流I增大，电源的总功率P=EI增大；故C正确；

D.由于R3=r，外电路电阻大于内阻，R2减小；外电路电阻减小，电源的输出功率逐渐增大，故D错误。

故选：BC10、B:D【分析】【详解】

AB.电势φ随x变化的关系图线上每点切线的斜率大小等于电场强度，即x=x0处的电场强度不为零，x=x1处的电场强度为零；故A错误，B正确．

C.因为x1点的场强为0，所以两点的电荷在x1点产生的场强大小相等，方向相反，两电荷为异种电荷，根据沿电场线方向电势逐渐降低，q1带负电、q2带正电．故C错误;

D.因为x1点的场强为0，所以两点的电荷在x1点产生的场强大小相等，方向相反，根据知距离大的电量大，所以q1的电荷量大于q2的电荷量．故D正确.11、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．速度图象的斜率表示点电荷的加速度的大小，由于斜率减小，则知从A运动到B过程中带电粒子的加速度减小；根据牛顿第二定律说明电场力减小，由。

知由A运动到B，场强E减小；所以。

故A正确；

B．质子带正电，在电场力的作用下做加速运动，所以电场方向从A指向B，则B点的电势低；即。

故B正确；

CD．电场力对质子做正功；电势能减小，则。

动能增大；则。

故C正确；D错误。

故选ABC。12、A:C:D【分析】【详解】

A．将两极距离不变，非常缓慢地错开一些，根据

可知，电容减小；由

可知，A极板上的电荷量减少，则电流计中电流从a流向b；故A正确；

B．如果保持连接电源，将A板上移，根据

可知；电场强度减小，则合力向下，油滴将向下加速运动，故B错误；

C．如果断开电源，A板上移，根据

可知电场强度不变，则油滴静止不动，B板接地，小球到B板的距离不变；则油滴处电势不变，C正确；

D．如果断开电源，两板间接静电计，B板下移，根据

可知，电场强度不变，由于两极板距离变大，根据

可知两极板电势差增大；因此静电计指针张角变大，D正确。

故选ACD。13、A:C【分析】【详解】

A．因为与M和N相互平行的电流元放在位置P，恰好平衡，说明匀强磁场与通电金属直导线M和N的合磁感应强度为零，根据对称性可知，长直导线M和N在位置P产生磁感应强度相等；如图所示。

可知通电金属直导线M在P的磁感应强度为

故A正确；

B．电流元的电流方向不确定；可能垂直纸面向里也可能向外，故B错误；

C．根据对称，P关于水平面的对称点Q的磁感应强度大小为零；故C正确。

D．P的正下方处，刚好为M、N连线的中点，根据对称性可知，M、N在连线中点处产生的磁感应强度大小相等，方向相反，相互抵消，故P的正下方处的合磁感应强度等于匀强磁场的磁感应强度，即为

故D错误。

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

A．根据图像可知，粒子从坐标原点出发后电势能先增大，动能先减小，因此电场力先做负功，由于粒子能到达因此粒子到达x2时的动能大于等于零，设粒子在坐标原点的动能为则

即

故A错误；

B．图像的切线斜率表示电场力，由图可知，从坐标原点运动到处过程中；粒子受到的电场力越来越小，加速度越来越小，电势能越来越大，动能越来越小，速度越来越小，故B正确；

C．同理分析，从运动到的过程中；粒子做的是加速度越来越小的加速运动，故C错误；

D．从运动到和从运动到电势能变化的绝对值相等；因此电场力做功的绝对值相等，故D正确。

故选BD。15、B:C【分析】【详解】

A．沿坐标轴正方向，根据动能定理得

得

根据图知。

为定值，则E恒定；故A错误；

BD．沿坐标轴正方向；粒子的动能增加，电场力做正功，电势能减小，由于粒子带负电，可知沿坐标轴正方向，电势越来越高，故B正确，D错误；

C．根据

E一定；知坐标轴上任意两点间的电势差与两点间距成正比，故C正确。

故选BC。16、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．因为B点电势为6V，C点电势为2V，所以根据匀强电场规律可得G点的电势为4V，A点电势为8V，D点电势为0V，所以AD的中点电势为4V，故根据几何知识可得电场方向平行AD方向，从A指向D点；粒子仅在电场力作用下运动，根据物体做曲线运动时受到的合力指向轨迹内侧，所以可知粒子受到的电场力方向和电场方向相反，故粒子带负电，A正确；

B．电场力做负功，根据动能定理可得

解得

B错误；

C．设六边形边长为b，则粒子受到的电场力为

方向沿DA方向。粒子A沿着AC方向射入电场，恰好经过沿恰好经过BC的中点G。设粒子的质量为m，粒子的速度为v。由运动分解可得

解得

假设改变粒子在A点初速度的方向（设速度方向与AD的夹角为），粒子能经过C点，则

代入速度可得

则

将代入可得

则

值不在的取值范围内，故只改变粒子在A点初速度的方向，该粒子不可能经过C；C正确；

D.从D点沿DF方向入射时，受到的电场力方向沿DA方向；粒子沿CE方向的速度大小不变，故粒子的合速度不可能垂直CE，D错误。

故选AC。

【点睛】

带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同。先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题。解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

[1]．A、B间的电势差为：

[2]．A点的电势为：φA=UAB+φB=-60V+20V=-40V；

[3]．从A到B，电场力做负功，故电势能增加，增加了3.0×10-6J；【解析】-60V-40V增加了3.0×10-6J18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．根据电容的决定式当板间距离减小，电容C变大；

[2][3]．平行板电容器与电池相连，其电压U保持不变；当二极板间距离减小后，由分析可知，板间场强E变大。【解析】变大不变变大19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁感应现象的发现直接导致了发电机的设计成功。使大规模生产电能成为可能；人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。

[2]1887年，物理学家赫兹用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。【解析】发电机赫兹20、略

【分析】【详解】

[1][2]．设a处导线在d点的磁感应强度的大小为B，方向方向竖直向下。根据通电直导线产生的磁场磁感应强度与电流成正比，a处导线在c点的磁感应强度的大小为3B，方向竖直向下。由题，两条长直导线恒定电流大小相等，则得到b处导线在c两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向下。b处导线在d两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向上。则根据磁场叠加得B1=3B+3B=6BB2=3B-B=2B

根据数学知识得到

所以a处导线在d点的磁感应强度的大小为

方向是竖直向下。【解析】向下21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由知，点电荷在A处产生的场强

方向向左，与匀强电场方向相反，所以A处合场强为零；

[2][3]点电荷在B处产生的场强大小为EB＝900N/C，方向向下，所以B处合场强为

方向与水平方向呈45°角斜向右下；【解析】01．27×103与水平方向呈45°角斜向右下22、略

【分析】【详解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9723、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图甲电表使用0~0.6A量程时；分度值为0.02A，其读数为0.44A；

[2]当图甲使用0~3A量程时；分度值为0.1A，需估读到下一位，其读数为2.20A；

[3]图乙为电压表，当使用较大量程时为分度值为0.5V，其读数为8.5V。【解析】①.0.44②.2.20③.8.524、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]可以用仪器探测到电磁波的存在；说明电磁波是一种真实存在的物质。

(2)[2][3][4]生活中常常用微波炉来加热食物，说明电磁波具有能量，且电磁波的频率越高，能量越大。【解析】①.物质②.能量③.越高④.越大25、略

【分析】【详解】

[1]根据

知，该排气扇正常工作时的电流为

[2]由焦耳定律知，该排气扇的发热功率为【解析】0.2A1.6W四、作图题(共2题，共10分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共24分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1]设电动势为E，内阻为R内，满偏电流为Ig，欧姆表调零时

测一阻值为R的电阻时

测一未知电阻时

计算得出R'=2R=1000Ω

（2）[2][3][4]接线柱1时电流表与电阻R1并联，则接线柱1代表改装的电流表，由欧姆定律可得

接线柱1代