2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在圆轨道上运行的国际空间站里；一宇航员A静止（相对空间舱）“站”于舱内朝向地球一侧的“地面”B上，如图所示，下列说法正确的是（）

A.宇航员A处于平衡状态。

B.宇航员A所受地球引力与他在地面上所受重力相等。

C.宇航员A与“地面”B之间无弹力作用。

D.若宇航员A将手中一小球无初速（相对于空间舱）释放；该小球将落到“地面”

2、一人游泳渡河，以垂直河岸不变的划速向对岸游去，河水流动速度恒定．下列说法中正确的是A.河水流动速度对人渡河无任何影响B.人垂直对岸划水，其渡河位移是最短的C.由于河水流动的影响，人到达对岸的时间与静水中不同D.由于河水流动的影响，人到达对岸的位置向下游方向偏移3、如图为A、B两物体在同一地点沿相同方向做直线运动的速度~时间图象，由图可知A.A出发时间比B早2sB.6s末B两物体的位移相同C.6s内B的位移比A的位移大15mD.4s末B两物体的速度大小相等4、【题文】电动机带动水平传送带以v=2.0m/s匀速运动，A端上方靠近传送带漏斗中装有碎煤，以流量kg/s落到传送带上，与传送带达共同速度后被运送到B端；在该过程中，下列说法正确的有（）

A.电动机应增加的功率为200WB.电动机应增加的功率为100WC.每分钟煤因与传送带摩擦产生热量6.0×102JD.每分钟煤增加的机械能为3.0×102J5、人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G，电梯对人的支持力为FN，人对电梯的压力为FN’，则（）A.G和FN是一对平衡力B.G和FN’是一对平衡力C.G和FN是一对相互作用力D.G和FN’是一对相互作用力6、关于分力和合力，以下说法不正确的是（）A.合力的大小小于任何一个分力是可能的B.如果一个力的作用效果与其它几个力的效果相同，则这个力就是其它几个力的合力C.合力的大小一定大于任何一个分力D.合力可能是几个力的代数和7、斜抛运动和平抛运动的共同特点是()．A.加速度都是gB.运动轨迹都是抛物线C.运动时间都与抛出时的初速度大小有关D.速度变化率都随时间变化8、【题文】如图5所示；x－t图象和v－t图象中，给出四条曲线1；2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是()

A.图线1表示物体做曲线运动B.x－t图象中t1时刻物体1的速度大于物体2的速度C.v－t图象中0至t3时间内物体4的平均速度大于物体3的平均速度D.两图象中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动9、2015新课标II

如图所示，两平行的带电金属板水平放置。若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒；改微粒将（）

A.保持静止状态B.向左上方做匀加速运动C.向正下方做匀加速运动D.向左下方做匀加速运动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、（多选）最近在湖南长沙某区湘府路发生了一起离奇的交通事故．家住公路拐弯处的张先生和李先生家在三个月内连续遭遇了七次大卡车侧翻在自家门口的场面，第八次有辆卡车冲进李先生家，造成三死一伤和房屋严重损毁的血腥惨案．经公安部门和交通部门协力调查，画出的现场示意图如图所示．交警根据图示作出以下判断，你认为正确的是（）A.公路在设计上可能外（西）高内（东）低．B.公路在设计上可能内（东）高外（西）低．C.由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车做向心运动．D.由图可知汽车在拐弯时发生侧翻是因为车做离心运动．11、在高处以初速度v1

水平抛出一个带刺飞镖，在离开抛出点水平距离l2l

处有AB

两个小气球以速度v2

匀速上升，先后被飞标刺破(

认为飞标质量很大，刺破气球后不会改变其平抛运动的轨迹).

则下列判断正确的是(

)

A.飞标刺破A

气球时，飞标的速度大小为vA=g2l2v12

B.飞标刺破A

气球时，飞标的速度大小为vA=v12+g2l2v12

C.AB

两个小气球未被刺破前的匀速上升过程中，高度差为3gl22v12+v2lv1

D.AB

两个小气球未被刺破前的匀速上升过程中，高度差为3gl22v12

12、2008

年9

月25

日至28

日，我国成功实施了“神舟”七号载人航天飞行并实现了航天员首次出舱.

飞船先沿椭圆轨道飞行，然后在远地点343

千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343

千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90

分钟.

下列判断正确的是(

)

A.飞船变轨前后的机械能相等B.飞船在圆轨道上飞行时航天员出舱前后都处于失重状态C.飞船在此圆轨道上运动的角速度大于同步卫星运动的角速度D.飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的向心加速度与变轨后沿圆轨道运动的向心加速度大小相等13、关于弹性势能，下列说法中正确的是()

A.任何物体发生弹性形变，都具有弹性势能B.任何具有弹性势能的物体，一定发生了弹性形变C.物体只要发生形变，就一定具有弹性弹性势能D.弹簧的弹性势能只跟弹簧被拉伸或压缩的长度有关14、在地球表面用弹簧秤悬挂一个小球处于静止时，示数为F，假如宇航员登上某个半径为地球2倍的行星表面，仍用弹簧秤悬挂这个小球处于静止，弹簧秤示数为则下列说法正确的是（）A.这个行星的质量与地球质量之比为1：1B.这个行星的自转周期与地球的自转周期之比为21C.这个行星的重力加速度与地球的重力加速度之比为1：4D.这个行星的平均密度与地球的平均密度之比为1：415、如图所示，将一小钢球用细线悬挂在汽车的顶部，汽车在做直线运动过程中，钢球与车厢保持相对静止，细线与竖直方向的夹角为娄脠

已知重力加速度为g

下列选项正确的是(

)

A.可求出摆线的拉力B.汽车可能向右做减速运动C.汽车可能向左做加速运动D.可求出汽车的加速度16、ab

两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是(

)

A.ab

加速时，物体b

的加速度大于物体a

的加速度B.20

秒末，ab

两物体相距最远C.40

秒末，ab

两物体速度相等，相距900m

D.40

秒末，ab

两物体在同一位置17、如图所示，一个球绕中心线OO隆盲

以角速度娄脴

转动，则(

)

A.AB

两点的角速度相等B.AB

两点的线速度相等C.若娄脠=30鈭�

则vAvB=32

D.以上答案都不对18、行星绕太阳公转轨道是椭圆，冥王星公转周期为T0，其近日点距太阳的距离为a，远日点距太阳的距离为b，半短轴的长度为c，如图所示。若太阳的质量为M，万有引力常数为G，忽略其它行星对它的影响，则（）A.冥王星从B→C→D的过程中，速率先变小后变大B.冥王星在B点的加速度为C.冥王星从A→B所用的时间等于D.冥王星从A→B→C的过程中，万有引力对它先做负功后做正功评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)19、关于打点计时器的时间间隔；下列是四位同学各自发表的看法，其中正确的是。

____

A．电源电压越高；每打两个点的时间间隔就越短。

B．纸带速度越大；每打两个点的时间间隔就越短。

C．打点计时器连续打两个点的时间间隔由电源的频率决定。

D．如果将交流电源改为直流电源，打点计时器连续打两个点的时间间隔保持不变．20、(

一)

如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为L=5cm

如果g

取10m/s2

那么：

(1)

闪光频率为____。

(2)

小球运动中水平分速度的大小是____。

(3)

小球经过B

点时的速度大小是____。

(

二)(1)

在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要的是____．A.秒表B.

天平C.

坐标纸D.

弹簧秤E.

重垂线(2)

实验中，下列说法正确的是____A.应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下B.斜槽轨道必须光滑C.斜槽轨道末端可以不水平D.要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些E.为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条曲线把所有的点连接起来．21、一个学生在做平抛运动的实验中只描出了如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上任取水平距离鈻�x

相等的三点abc

量得鈻�x=0.10m

又量得它们之间的竖直距离分别为h1=0.10mh2=0.20m

取g=10m/s2

利用这些数据可以求出：

(1)

物体被抛出时的初速度为______m/s

(2)

物体经过点b

时的竖直速度为______m/s

．22、一辆汽车以10m/s的速度匀速行驶，要求它刹车时必须在5m内停下来，则汽车加速度的数值不得小于____m/s2．23、【题文】小船在静水中速度是v，今小船要渡过一条宽度为d的河流，渡河时小船朝对岸垂直划行，则渡河的时间为____，若航行至河中心时，水流速度增大，则渡河时间将____。（填变大、变小或不变）。评卷人得分四、实验题(共3题，共12分)24、如图是“测定匀变速直线运动加速度”实验中得到的一条纸带，从O点开始每5个点取一个计数点（打点计时器的电源频率是50Hz），依照打点的先后依次编为1、2、3、4、5、6，量得s1=1.22cm，s2=2.00cm，s3=2.78cm，s4=3.62cm，s5=4.40cm，s6=5.18cm.(1)相邻两计数点间的时间间隔为T=_______________s(2)打点计时器打计数点3时，小车的速度大小v3=________________m/s(3)计算小车的加速度大小为a=____________________m/s2（计算结果保留两位有效数字）。25、（1）在《测定匀变速直线运动的加速度》实验中，纸带的E端与小车连接，得到如图所示的一条纸带。已知打点计时器打点的时间间隔为0.02s，纸带上的各个点均为计数点（相邻两个计数点之间还有四个点图中未画出）。用毫米刻度尺测量从某点O（O点图中未画出）到A、B、C、D、E各点的距离依次是（单位为cm）：3.00、3.30、3.80、4.50、5.40。则实验中小车的加速度大小是m/s2，打点计时器打下C点时小车的速度大小为m/s，打点计时器打下A点时小车的速度大小为m/s。（结果均保留两位有效数字）（2）某同学用如图所示的装置测定重力加速度，①利用打点计时器测重力加速度实验中，接通电源与释放纸带（或物体），这两个操作时刻的关系应当是________A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以②打出的纸带如图所示，实验时纸带的______端应和重物相连接。（选填“甲”或“乙”）③当地的重力加速度数值为9.8m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因：。26、如图所示，在“探究求合力的方法”实验中，用图钉把白纸固定在水平桌面上的木板上，并用图钉把橡皮条的一端固定在A点，橡皮条的另一端拴上两个细绳套。用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长到某一位置O。下列说法正确的是A．两条细绳必须等长B．两条细绳的夹角越大越好C．两个弹簧测力计的拉力必须等大D．两个弹簧测力计贴在木板表面不会影响弹簧测力计读数评卷人得分五、作图题(共1题，共7分)27、（6分）作图题：画出图中静止杆M受到的弹力的示意图．评卷人得分六、其他(共4题，共36分)28、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．29、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．30、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．31、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】

A；宇航员随国际空间站绕地球做匀速圆周运动；处于非平衡状态．故A错误．

B、宇航员A所受地球引力近似于他所在处的重力，根据万有引力定律F=G可知，宇航员A所受地球引力小于他在地面上所受的重力．故B错误．

C；国际空间站处于完全失重状态；则宇航员A与“地面”B之间无弹力作用．故C正确．

D；宇航员相对于太空舱无初速释放小球；小球受地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．故D错误．

故选C

【解析】【答案】国际空间站绕地球做匀速圆周运动；宇航员受力不平衡．根据万有引力定律分析引力与地面重力的关系．国际空间站处于完全失重状态．靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．

2、D【分析】【解析】试题分析：河水的流速会影响人渡河的合速度的大小和方向，故A错误;由于河水是流动的，人渡河的合速度方向必不会沿与河岸垂直的方向，故B错误;由分运动的独立性可知，人到达对岸的时间与静水中相同，故C错误;由于河水流动的影响，人到达对岸的位置将向下游方向偏移，故D正确故选D考点：运动的合成和分解．【解析】【答案】D3、D【分析】试题分析：由两图线与横坐标的交点可知A晚运动了2s时间,A错误；6s末A物体的位移为B物体的位移：两物体的位移不同，B物体的位移比A物体的位移大10m，BC错误；图像的交点表示两者的速度相等，所以D正确考点：考查了对v-t图像的理解【解析】【答案】D4、A【分析】【解析】每秒钟有50Kg的碎煤获得动能200J，功率大小等于50Kg的碎煤获得的动能，在碎煤加速的过程中，传送带的位移是碎煤位移的两倍，相对位移等于碎煤的位移，所以产生的热量等于碎煤动能增加量。每分钟煤因与传送带摩擦产生热量为12000J。所以答案选A。【解析】【答案】A5、A【分析】【分析】G和FN作用在一个物体上，且大小相等方向相反，为平衡力，A对；同理BC错；G和FN’涉及到三个物体；不是相互作用力，D错；故选A。

【点评】本题难度较小，能够区分平衡力和相互作用力是求解本题的关键。6、C【分析】解：A；合力的大小可能大于任一分力；可能小于任一分力，可能等于某一分力，故A正确，C错误；

B；合力与分力的关系是等效替代的关系；等效说的就是相同的作用效果．故B正确；

D；合力的大小等于分力的矢量和；但方向相同时，则合力即为几个力的代数和．故D正确．

本题选错误的；故选：C．

合力与分力的关系是等效替代的关系；

如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

如果二力不在同一条直线上；合力大小介于二力之和与二力之差之间．

本题考查的是合力与分力的关系，知道合力与分力遵循平行四边形定则，有时合力与分力的大小关系判断时可取几个特值比较．【解析】【答案】C7、A|B【分析】物理学中的斜抛运动和平抛运动都是仅受重力作用的抛体运动，因此其加速度或速度变化率都是相同的，都为重力加速度，因此选项A正确、选项D错误．它们的轨迹均为抛物线，选项B正确．斜抛运动的时间由竖直方向的分运动决定，平抛运动的时间仅与高度有关，与初速度无关，故选项C错误．【解析】【答案】AB8、B|C【分析】【解析】运动图象只能用来描述直线运动，A错；x－t图象中，t1时刻物体1的斜率大于物体2，故B对；v－t图象，0至t3时间内由速度——时间图象所围的面积可知4＞3，C对；t2时刻物体2开始反向，t4时刻物体4的速度方向不变，加速度开始反向，D错．【解析】【答案】BC9、D【分析】【解答】现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转时；两板间的电场强度不变，电场力也不变，所以将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转后，带电微粒受两大小相等的力的作用，合力方向向左下方，故微粒将向左下方做匀加速运动，故D正确。

【分析】本题主要是要理解这个题目的实质，是在二力平衡作用下物体静止，如果一个力转动45度，而大小不变，物体会怎么样运动。二、多选题(共9题，共18分)10、BD【分析】解：A；汽车在水平路面上拐弯时；靠静摩擦力提供向心力，现在易发生侧翻可能是路面设计不合理，公路的设计上可能内侧（东）高外侧（西）低，重力沿斜面方向的分力背离圆心，导致合力不够提供向心力而致．故A错误，B正确；

C；汽车发生侧翻是因为提供的力不够做圆周运动所需的向心力；发生离心运动．故C错误，D正确．

故选：BD．

汽车拐弯时发生侧翻是由于车速较快；提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．有可能是内测高外侧低，支持力和重力的合力向外，最终的合力不够提供向心力．

解决本题的关键知道当提供的力等于圆周运动所需要的力，物体做圆周运动，当提供的力不够圆周运动所需要的力，物体做离心运动．【解析】【答案】BD11、BC【分析】解：AB

飞标刺破A

气球时；设经历时间t

满足：v1t=l

故：t=lv1

vy=gt=glv1

故飞镖的速度：v=v12+vy2=v12+g2l2v12

故A错误，B正确；

C、D

飞镖从刺破A

球到刺破B

球的时间t隆盲=t=lv1

飞镖从刺破A

球后气球B

上升的高度：h1=v2t

飞镖下降的高度h2=vyt+12gt2

两气球在上升的过程中高度差不变，所以h=h1+h2=v2lv1+3gl22v12.

故C正确；D错误。

故选：BC

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，根据水平方向上位移求出飞标刺破A

气球时已运动的时间，从而求出飞镖竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则求出飞标刺破A

气球时，飞标的速度大小．

两气球在上升的过程中高度差不变；根据气球和飞镖竖直方向上的运动规律求出高度差．

解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，知道分运动与合运动具有等时性．【解析】BC

12、BCD【分析】解：A

在远地点343

千米处点火加速；机械能增加，故A错误．

B；飞船在圆轨道上时；航天员出舱前后，航天员所受地球的万有引力提供航天员做圆周运动的向心力，航天员此时的加速度就是万有引力加速度，即航天员出舱前后均处于完全失重状态，故B正确；

C、因为飞船在圆形轨道上的周期为90

分钟小于同步卫星的周期，根据娄脴=2娄脨T

可知角速度与周期成反比；所以飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，故C正确；

D、飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点时的加速度均为万有引力加速度，据a=GMr2

可知；轨道半径一样则加速度一样，故D正确．

故选：BCD

．

同步卫星的周期T=24h

根据周期与角速度的关系可知角速度的大小关系．

飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用；飞船处于完全失重状态．

飞船的加速度由万有引力产生；加速度是否相同就是看飞船受到的万有引力是否一样．

圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关．【解析】BCD

13、AB【分析】【分析】发生弹性形变的物体的各部分之间，由于有弹力的相互作用，也具有势能，这种势能叫做弹性势能，同一弹性物体在一定范围内形变越大，具有的弹性势能就越多，反之，则越小。本题考查了弹性势能。本题关键抓住弹性势能的定义，同时要注意弹性势能的变化总是伴随着弹力做功，同过弹力做功来研究弹性势能的变化。【解答】A.发生弹性形变的物体，恢复形变的过程能够对外做功，一定具有弹性势能，故A正确；B.物体具有弹性势能，在释放弹性势能时会对外做功，故一定是发射了弹性形变，从而积蓄了一定的势能，故B正确；C.形变可以是永久形变，故有形变不一定有弹性势能，故C错误；D.弹簧的弹性势能与弹簧的行变量和弹簧的劲度系数有关，故D错误。故选AB。【解析】AB

14、AC【分析】解：AC、由题可知，由F=mg可知行星表面重力加速度等于地球重力加速度的

根据=mg可得：M=可知这个行星的质量与地球质量之比为1：1，故AC正确；

B；由题设条件不能求解这个行星的自转周期与地球的自转周期之比；故B错误；

D、根据ρ==可知这个行星的平均密度与地球的平均密度之比为1：8，故D错误；

故选：AC。

根据弹簧的弹力等于小球的重力可知重力加速度的关系；根据=mg可求得行星的质量与地球质量之比；写出密度的表达式可求得密度之比。

本题考查了万有引力定律、重力加速度的求解、天体质量的求解，解决本题的关键是根据F=mg得到重力加速度的关系。【解析】AC15、BCD【分析】解：AD

汽车、小钢球具有共同的加速度；对小钢球进行受力分析有：

小球受重力和线的拉力；在两个力作用下小球在竖直方向处于平衡状态，水平方向产生加速度，所以有：

Tsin娄脠=ma

Tcos娄脠=mg

所以可得小球的加速度a=gtan娄脠

摆线的拉力T=mgcos

由于小钢球的质量未知，所以不能求出摆线的拉力T

可以可求出汽车的加速度，故A错误，D正确．

BC

由牛顿第二定律得小球具有向左的加速度；则汽车也具有向左的加速度，所以汽车可能向右做减速运动，也可能向左做加速运动，故BC正确；

故选：BCD

隔离对小球分析；根据牛顿第二定律求出小球的加速度大小和方向，抓住小球和汽车具有共同的加速度，再分析出汽车的运动情况．

通过对小球的受力分析得出加速度的大小和方向，再根据加速度判断汽车的运动情况.

要注意当加速度向某个方向时物体可以在这个方向上加速运动，也可以在这个方向的反方向上减速运动．【解析】BCD

16、AC【分析】解：A

在速度鈭�

时间图象中切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以a

物体的加速度：a1=鈻�v鈻�t=40鈭�1020m/s2=1.5m/s2b

物体的加速度：a2=鈻�v鈻�t=40鈭�020m/s2=2m/s2

故A正确．

BCDab

两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，到40s

末之前a

的速度一直大于b

的速度，ab

之间的间距逐渐增大，40s

之后a

的速度小于b

的速度，b

开始追赶a

物体；间距减小，所以40s

末两物体相距最远；

xa=(10+40)202m+20隆脕40m

xb=12隆脕20隆脕40m

鈻�x=xa鈭�xb=(10+40)202m+20隆脕40m鈭�12隆脕20隆脕40m=900m

故B错误，C正确，D错误．

故选：AC

在速度鈭�

时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．

本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．【解析】AC

17、AC【分析】解：A

共轴转动的各点角速度相等；故A、B

两点的角速度相等，故A正确．

B、由于转动半径不等，角速度相等，根据v=r娄脴

公式；线速度不等，故B错误．

C、AB

两点的角速度相等，A

点的转动半径为Rcos30鈭�=32RB

点的转动半径为R

根据v=r娄脴

公式，线速度之比vAvB=RARB=32

故C正确．

D；由于AC正确；故D错误．

故选AC．

共轴转动的各点角速度相等，根据v=r娄脴

判断线速度的大小．

解决本题的关键知道共轴转动各点角速度大小相等，以及知道角速度、线速度、半径之间的关系公式．【解析】AC

18、AB【分析】解：A；根据第二定律：对每一个行星而言；太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等。所以冥王星从B→C→的过程中，冥王星与太阳的距离先增大后减小，所以速率先变小后增大，故A正确；

B、设B点到太阳的距离l，则c2+（）2=l2，根据万有引力充当向心力知=ma；知冥王星在B点的加速度为a=故B正确；

C、公转周期为T0，冥王星从A→C的过程中所用的时间是0.5T0；由于冥王星从A→B→C的过程中，速率逐渐变小，从A→B与从B→C的路程相等；

所以冥王星从A→B所用的时间小于故C错误；

D；太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等；所以冥王星从A→B→C的过程中，冥王星与太阳的距离增大，速率逐渐变小，万有引力对它做负功。故D错误。

故选：AB。

根据开普勒的行星运动三定律分析速度的变化并求解时间；根据牛顿第二定律分析加速度的变化；根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功。

正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键，会根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功。【解析】AB三、填空题(共5题，共10分)19、略

【分析】

打点计时器是使用交流电源仪器；其打点周期与交流电的周期相同，与电压；速度等无关，故ABD错误，C正确．

故选C．

【解析】【答案】解决实验问题首先了解实验仪器工作特点；原理构造；掌握基本仪器的使用等即可正确解答本题．

20、（一）（1）10Hz（2）1.5m/s（3）2.5m/s（二）（1）CE（2）AD【分析】(

一)

【分析】正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在竖直方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解。对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题。【解答】(1)A(1)ABB间竖直距离为hh1=3L=3隆脕5cm=0.15m=3L=3隆脕5cm=0.15m

B、CC间竖直距离为hh2=5L=0.25m=5L=0.25m

设两次闪光时间间隔为TT则有hh2鈭�h-h1=gT=gT2

所以T=h2鈭�h1g=0.1s

故闪光频率为f=1T=10Hz

(2)A(2)ABB间水平距离为鈻�x=3L=0.15mtrianglex=3L=0.15m

由鈻�x=vtrianglex=vxTT得水平分速度为v0=?xT=1.5m/s

(3)(3)经过BB点时的竖直分速度为vy=h1+h22T=2m/s

经过BB点时速度大小为v=v02+vy2=2.5m/s

故答案为：(1)10Hz(2)1.5m/s(3)2.5m/s

(

二)

【分析】在实验中要画出平抛运动轨迹，必须确保小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道末端一定要水平，同时斜槽轨道要在竖直面内，要画出轨迹，必须让小球在同一位置多次释放，才能在坐标纸上找到一些点..然后将这些点平滑连接起来，就能描绘出平抛运动轨迹。

体现了平抛运动的特征：水平初速度且仅受重力作用，同时让学生知道描点法作图线，遇到不在同一条直线上一些点时，只要以能平滑连接就行。【解答】(1)(1)在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要重锤线，确保小球抛出是在竖直面内运动，还需要坐标纸，便于确定小球间的距离，故CE正确，ABD错误；

(2)A.(2)A.应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下，保证抛出的初速度相同，故A正确；

BC.BC.为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的，故B错误，C错误；

D.要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，故D正确；

E.为了比较准确地描出小球运动的轨迹，将这几个点平滑连接起来，故E错误。

故答案为：(1)CE(1)CE(2)AD(2)AD​【解析】(

一)(1)10Hz(2)1.5m/s(3)2.5m/s

(

二)(1)CE(2)AD

21、略

【分析】解：(1)

由图可知，物体由a隆煤b

和由b隆煤c

所用的时间相等；且有：

鈻�y=gT2

解得：T=0.2鈭�0.110=0.1s

x=v0T

将x=0.1m

代入解得：v0=1m/s

竖直方向自由落体运动；根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有：

vby=h1+h22T=0.30.2=0.15m/s

故答案为：11.5

在竖直方向上根据鈻�y=gT2

求出时间间隔T

在水平方向上根据v0=xt

求出平抛运动的初速度.

匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；即AC

在竖直方向上的平均速度等于B

点的竖直分速度．

本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，是一道考查基础知识的好题目．【解析】11.5

22、略

【分析】

根据速度位移公式得a==．所以汽车加速度的数值不得小于10m/s2．

故本题答案为：10．

【解析】【答案】汽车刹车后做匀减速直线运动，根据速度位移公式求出刹车后做匀减速直线运动的加速度．

23、略

【分析】【解析】小船的运动可分为垂直河岸方向上的运动和平行河岸方向上的运动，合运动与分运动具有同时性，所以小船渡河的时间等与小船在垂直河岸方向上的运动时间当河流速度增大时由于船的速度不变，河岸的宽度不变，所以小船在垂直河岸方向上的运动时间不变，即小船渡河时间不变，【解析】【答案】d/v不变四、实验题(共3题，共12分)24、略

【分析】试题分析：⑴从O点开始每5个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为0.1s⑵由匀变速直线运动规律：⑶由大段法：考点：本题考查加速度的测量。【解析】【答案】（1）0.1（2）0.32（3）0.8025、略

【分析】试题分析：⑴由于计时器打点的时间间隔为0.02s，相邻两个计数点之间还有四个点图中未画出，所以相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：xCD-xAB=2a1T2xDE-xBC=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：a=（a1+a2）解得：a＝0.20m/s2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，vC==0.06m/s根据得打下A点时小车的速度为：0.02m/s⑵为使纸带打上较多的点，应先接通电源，后释放纸带。物体在下落过程中，速度逐渐增大，计数点间的距离应逐渐增大，所以应是乙端与重物相连。当地的重力加速度数值为9.8m/s2，大于实验测出的加速度，所以重物下落过程中除了重力还受到了向上的阻力，这个阻力主要是重物与纸带受到摩擦阻力和空气阻力．考点：本题考查测加速度。【解析】【答案】14.（1）0.20,0.06,0.02（2）①A②乙③纸带与打点计时器间有摩擦力作用或重物受到空气阻力作用（其它合理答案也同样给分）26、略