2025年人教版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理上册阶段测试试卷620考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）A.伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B.卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法C.电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D.“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法2、在交通事故中，测定碰撞瞬间汽车的速度对于事故责任的认定具有重要的作用，《中国汽车驾驶员》杂志曾给出一个估算碰撞瞬间车辆速度的公式：v=，式中△L是被水平抛出的散落在事故现场路面上的两物体A、B沿公路方向上的水平距离，h1、h2分别是散落物A、B在车上时的离地高度．如图所示．只要用米尺测量出事故现场的△L、h1、h2三个量，根据上述公式就能够估算出碰撞瞬间车辆的速度，则下列叙述正确的是（）A.B落地时间相同B.B落地时间差与车辆速度无关C.B落地时间差与车辆速度成正比D.B落地时间差和车辆碰撞瞬间速度的乘积小于△L3、在下面所说的运动情况中，不可能出现的是（）A.物体在某一时刻运动速度很大，并且加速度很大B.物体在某一时刻运动速度很小，而加速度很大C.运动的物体在某一时刻速度为0，而加速度不为0D.做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，其速度也减小4、A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称．则下列说法中正确的是（）A.这两点电荷一定是等量异种电荷B.这两点电荷一定等量同种电荷C.C两点的电势一定不相等D.C点的电场强度比D点的电场强度小5、以下说法中正确的是（）A.电子的发现使人们意识到了原子核具有复杂的结构B.铀裂变反应中，如果铀块体积不够大，链式反应就不能继续C.核反应方程：Be+He-→C+X中的X为质子D.氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，向外辐射光子，其核外电子动能减小6、长为5m的竖直杆下端距离一竖直隧道口为5m，让这根杆自由下落，它全部通过隧道口的时间为（g取10m/s2）（）A.sB.sC.sD.s7、【题文】如图所示；当平行板电容器C充电后把电键S断开．设电容器电压为U，电量为Q．现只将电容器两板的正对面积减小，则。

A.Q变大B.Q不变C.U变大D.U变小8、两颗行星绕太阳运动轨道的半长轴分别为a1和a2，且a1=4a2，则它们的周期之比T1：T2是（）A.16：1B.8：1C.4：1D.2：1评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、已知地球质量为M，万有引力恒量为G，地球半径为R，人造卫星在高空绕地球运行的轨道半径为r，则其绕地球运行的环绕速度V=____，在地球表面附近运行的人造卫星的第一宇宙速度V1=____．10、某人将一静止在地面上的物体提到高处，此过程中克服重力做功W1，克服阻力做功W2，人对物体做功W3，取地面为零势能，则物体获得的动能为____．11、某研究性学习小组发现河水在缓慢流动时有一个规律；河中央流速最大，岸边速度几乎为零．为了研究河水流速与从岸边到中央距离的关系，小明同学设计了这样的测量仪器：如图甲所示，两端开口的“L”型玻璃管的水平部分置于待测的水流中，竖直部分露出水面，且露出水面部分的玻璃管足够长．当水流以速度v正对“L”型玻璃管的水平部分开口端匀速流动时，管内外液面的高度差为h，且h随水流速度的增大而增大．为了进一步研究水流速度v与管内外水面高度差h的关系，该组同学进行了定量研究，得到了如下的实验数据，并根据实验数据得到了v-h图象，如图丙所示．

。v（m/s）01.001.411.732.002.453.003.16h（m）00.050.100.150.200.300.450.50（1）根据根据上表的数据和图丙中图象的形状，可猜想v和h之间的关系为____；为验证猜想，图丁的纵坐标应设定为____，并另作图象，若该图象的形状为____；说明猜想正确．

（2）现利用上述测速器；由河流南岸开始，每隔1米测一次流速，得到数据如下表所示：

。测试点距南岸距离x/m01234567管内外液面高度差h/cm00.83.27.212.820.018.111.2相应的水流速度v/ms-1分析对比上表中的数据，可以看出河中水流速度v与从观测点距离南岸的距离x的关系为：____．该河流中水流的最大流速约为____m/s．12、（2007•肇庆二模）某研究性学习小组；为了探索航天器球形返回舱穿过大气层时所受空气阻力（风力）的影响因素，进行了模拟实验研究．如图为测定风力的实验装置图，其中CD是一段水平放置的长为L的光滑均匀电阻丝，电阻丝电阻较大；一质量和电阻都不计的细长细长裸金属丝一端固定于O点，另一端悬挂球P，无风时细金属丝竖直，恰与电阻丝在C点接触，OC=H；有风时金属丝将偏离竖直方向，与电阻丝相交于某一点（如图中虚线所示）．细金属丝与电阻丝始终保持良好的导电接触．

（1）已知电源的电动势为E，内阻不计，理想电压表两接线柱分别与O点和C点相连，球P的质量为m，重力加速度为g，由此可以推得风力大小F与电压表示数的关系式为F=____．

（2）研究小组的同学猜想：风力大小F可能与风速大小v和球半径r这两个因素有关；于是他们进行了如下的实验：

实验一：使用同一球；改变风速，记录了在不同风速下电压表的示数．

表一球半径r=0.50cm

。风速（m/s）10152030电压表示数（V）2.403.604.817.19由表一数据可知：在球半径一定的情况下，风力大小与风速的关系是____．

实验二：保持风速一定；换用同种材料；不同半径的实心球，记录了在球半径不同情况下电压表的示数．

表二风速v=10m/s

。球半径（cm）0.250.500.751.00电压表示数（V）9.602.401.070.60由表二数据可知：在风速一定的情况下，风力大小与球半径的关系是____．（球体积公式V=）

（3）根据上述实验结果可知风力的大小F与风速大小v、球半径r的关系式为____．13、一物体置于光滑水平面上，在20N水平拉力作用下，从静止出发经2s，速度增加到10m/s，则此物体的质量为____kg．14、一台直流电机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常的工作时间为t时，所产生的电热为____，所产生的机械能为____．15、一平行板电容器的带电量Q=3×10-8C，两极板间的电压U=2V，则它的电容为____F．16、（2014•宿州模拟）如图所示的装置中，AB杆水平固定，另一细杆可绕AB杆上方距AB杆高为h的O轴转动，两杆都穿过P环，若使可动细杆绕O轴以角速度ω转动，当可动细杆与竖直方向所成的锐角α=30°时，环的运动速率为____．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）18、较大的颗粒不做布朗运动是因为跟颗粒碰撞的分子数较多，多方面的撞击导致受力平衡．因为分子冲击力小，不易改变大颗粒的运动状态．____．（判断对错）19、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）20、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）21、影响蒸发快慢的因素有绝对湿度、表面积、温度．____．（判断对错）22、物体的运动状态发生了变化，一定受到外力的作用．____（判断对错）23、阴离子在阳极放电，阳离子在阴极放电．____（判断对错）24、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．评卷人得分四、实验探究题(共3题，共30分)25、在做“探究共点力合成规律”的实验时；可以先将橡皮条的一端固定在木板上，再用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一位置O，之后只用一个弹簧测力计拉橡皮条使其伸长，如图所示。

（l）关于实验操作，下列说法中正确的是______（填写相应序号）．

①同一次实验中O点的位置允许变动。

②实验中弹簧测力计必须保持与木板平行；读数时要正视弹簧测力计。

的刻度。

③实验中需要记录弹簧测力计的示数和弹簧测力计所施加拉力的方向．

（2）在误差允许的范围内，此实验的结论是______．26、某实验小组利用图（a）的装置“通过频闪照相研究平抛运动”．将小钢球A由斜槽某位置静止释放，到水平轨道末端水平抛出．由频闪照相得到图（b）所示的小球位置坐标图．结合图（b）的中的相关信息，研究得到“平抛运动水平方向是匀速直线运动”这一结论的依据是______，“平抛运动竖直方向是匀变速直线运动”这一结论的依据是______

27、在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1

连接起来进行探究。

。钩码数1

2

3

4

LA

/cm

15.71

19.71

23.66

27.76

LB

/cm

29.96

35.76

41.51

47.36

(1)

某次测量如图2

所示，指针示数为________cm

(2)

在弹性限度内，将50g

的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A

、B

的示数LA

和LB

如表。用表中数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为________N/m(

重力加速度g

=10m/s2)

由表中数据________(

填“能”或“不能”)

计算出弹簧Ⅱ的劲度系数。(3)

下图是该同学描绘的弹簧的伸长量娄陇l

与弹力F

的关系图线，图线的AB

段明显偏离直线OA

造成这种现象的主要原因是____________评卷人得分五、推断题(共2题，共20分)28、rm{[}化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}有机物rm{X}是合成抗痛风药非布司他的一种中间体，其合成路线如下图所示：己知：rm{(1)A}是一种重要的化工原料和有机溶剂，其结构简式是________。rm{(2)A隆煤B}的反应类型是________。rm{(3)C}中所含的官能团是________。rm{(4)B隆煤C}可通过三步反应完成，请选择必要的无机试剂完成该转化，写出有关反应的化学方程式：________、________、________。rm{(5)D}是一种烃，rm{D隆煤E}时可能产生的副产物结构简式是________。rm{(6)F}与在一定条件下反应生成rm{X}写出rm{F}的结构简式：________。29、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均为中学化学常见的纯净物，rm{B}为自然界中含量最多的液体；它们之间有如下的反应关系：

rm{(1)}常温下，若rm{A}为气态单质，rm{C}为非金属氧化物，rm{A}rm{C}均能使品红溶液褪色，相对分子质量rm{E>D}则：该反应的反应方程式为______，检验rm{D}中阴离子的方法是______．

rm{(2)}若rm{A}为短周期的金属单质，rm{D}为气态单质，rm{C}溶液呈强酸性或强碱性时，该反应都能进行rm{.}写出反应的离子方程式______；______．

rm{(3)}若rm{A}rm{C}均为化合物，rm{E}为白色沉淀，rm{C}为引起温室效应的主要气体，写出rm{E}可能的化学式rm{(}写两种rm{)}______、______写出生成rm{E}的一个离子方程式______．评卷人得分六、简答题(共4题，共40分)30、如图所示，固定斜面的长度x=4.0m，高度h=3.2m，一个质量m=60kg的物体从斜面顶端由静止开始沿斜面做匀加速下滑，滑到底端需要的时间；求此物体：

（1）下滑加速度的大小；

（2）所受重力沿斜面方向的分力的大小；

（3）下滑时受到阻力的大小．（g取10m/s2）31、(1)

物体体积变化时，分子间距离会随之变化，分子势能也会发生变化.

下图为分子势能Ep

与分子间距离r

的关系曲线，以下判断正确的是__(

填正确答案标号。)

A.当r=r1

时，分子势能最小B.当r=r2

时，分子引力与斥力大小相等C.当r>r2

时，分子间作用力的合力表现为引力D.在r

由r2

变到r1

的过程中，分子间作用力的合力做正功E.在r

由r2

逐渐增大的过程中，分子间作用力的合力做负功

(2)

如图所示；粗细相同的导热玻璃管AB

由橡皮软管连接，一定质量的空气被水银柱封闭在A

管内，气柱长L1=40cm.B

管上方与大气相通，大气压强P0=76cmHg

环境温度T0=300K.

初始时两管水银面相平，若A

管不动，将B

管竖直向上缓慢移动一定高度后固定，A

管内水银面上升了h1=2cm

．

(i)

求：B

管上移的高度为多少？(ii)

要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低还是升高？变为多少？(

大气压强不变)

32、工业上用菱锰矿rm{(MnCO_{3})[}含rm{FeCO_{3}}rm{SiO_{2}}rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}等杂质rm{]}为原料制取rm{KMnO_{4}}其流程示意图如下：rm{垄脷}金属阳离子生成氢氧化物沉淀的rm{pH}如下表：回答下列问题：rm{(1)}写出滤渣rm{1}的一种工业用途：_________________________________。实验室模拟该流程过程中，洗涤滤渣rm{1}的具体操作方法为____________________________。rm{(2)}试剂rm{a}最好选用________rm{(}填选项字母rm{)}A.氯水rm{B.}高锰酸钾rm{C.}次氯酸钠rm{D.}浓盐酸rm{(3)}试剂rm{b}可选用______rm{(}填选项字母rm{)}A.氨水rm{B.}稀硫酸rm{C.}碳酸锰rm{D.Mn(OH)_{2}}rm{E.NaOH}rm{(4)}试剂rm{c}为rm{MnS}写出滤液rm{2}中加入rm{MnS}后发生反应的离子方程式：________________________。

rm{(6)KMnO_{4}}是一种常用的滴定试剂，某同学用酸性高锰酸钾溶液测定滤液rm{1}中rm{Fe^{2+}}的含量。滴定过程中，每次均量取rm{25.00mL}的滤液rm{1}置于锥形瓶中，滴定三次平均消耗掉rm{0.1000mol/L}的rm{KMnO_{4}}溶液rm{20.00mL}则滤液rm{1}中rm{Fe^{2+}}的浓度为______rm{g/L(}保留三位有效数字rm{)}rm{(5)}用惰性电极电解硫酸锰和硫酸钾混合溶液的方法可以制取高锰酸钾，写出电解时的阳极反应式：__________________。33、如图所示，光滑水平面上固定一倾斜角为37鈭�

的粗糙斜面，紧靠斜面底端有一质量为4kg

的木板，木板与斜面底端之间通过微小弧形轨道相接，以保证滑块从斜面滑到木板的速度大小不变.

质量为2kg

的滑块从斜面上高h=5m

处由静止滑下，到达倾斜底端的速度为v0=6m/s

并以此速度滑上木板左端，最终滑块没有从木板上滑下.

已知滑块与木板间的动摩擦因数娄脤2=0.2

取g=10m/s2sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8.

求：

(1)

斜面与滑块间的动摩擦因数娄脤1

(2)

滑块从滑上木板到与木板速度相同经历的时间及共同速度；

(3)

木板的最短长度．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法；卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法；电场强度是用比值法定义的，但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定；“平均速度”、“合力与分力”“总电阻”“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法．【解析】【解答】解：A；16世纪末；伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学发展极为有益的方法．这些方法的核心是把逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法．故A正确．

B；扭秤实验可以测量微弱的作用；关键在于它把微弱的作用经过了两次放大：一方面微小的力通过较长的力臂可以产生较大的力矩，使悬丝产生一定角度的扭转；另一方面在悬丝上固定一平面镜，它可以把入射光线反射到距离平面镜较远的刻度尺上，从反射光线射到刻度尺上的光点的移动，就可以把悬丝的微小扭转显现出来．故B正确．

C；电场强度是用比值法定义的；但是电场强度与电场力不成正比，与试探电荷的电量不成反比，电场强度由电场本身的性质确定．故C错误．

D；合力与分力”“总电阻”“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法．故D正确．

本题选择错误的，故选C．2、B【分析】【分析】A、B两物体离开汽车后做平抛运动，平抛运动的初速度等于汽车当时的速度．平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．平抛运动的时间和初速度共同决定水平位移，求出水平位移差看与什么因素有关．【解析】【解答】解：A；平抛运动的时间由高度决定；A、B的高度不同，则平抛运动的时间不同，时间差与车辆的速度无关．故A错误，B正确．C错误．

D、根据，知A、B运动的时间，．A的水平位移x1=vt1，B的水平位移x2=vt2，△L=x1-x2=v（t1-t2）．故D错误．

故选：B．3、D【分析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反应速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解析】【解答】解：物体在某一时刻速度很大；速度变化可能很快，加速度可能很大，故A正确．

B；某一时刻速度很小；但是速度变化可能很快，加速度很大，故B正确．

C；某时刻速度为零；加速度可能不为零，比如自由落体运动的初始时刻，故C正确．

D；当加速度方向与速度方向相同；加速度减小，速度一定增大，故D错误．

本题选不可能的，故选：D．4、A【分析】【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出；到负电荷或无穷远处为止．在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断场强的大小．

根据电场线与等势线垂直，判断电势的高低．【解析】【解答】解：A；B、根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止；可知A、B是两个等量异种电荷．故B错误，A正确；

C；据平行四边形定则；对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以O点的电势等于P点的电势，故C错误。

D；在两等量异号电荷连线的中垂线上；OC处电场线最密，电场强度最大，所以C点的电场强度比D点的电场强度，故D错误；

故选：A5、B【分析】【分析】电子的发现为提出原子的核式结构奠定基础，链式反应必须达到临界体积，由质量数与质子数守恒，即可判定，X是否为质子，当较高能级跃迁到较低能级时，根据电场力提供向心力，结合牛顿第二定律，即可知电子的动能的变化情况．【解析】【解答】解：A；电子的发现使人们意识到了原子的核式结构；故A错误；

B；铀裂变反应中；如果铀块体积不够大，达不到临界体积，则链式反应就不能继续，故B正确；

C、根据质量数与质子数守恒可知，核反应方程：Be+He-→C+X中的X为中子；故C错误；

D；由较高能级跃迁到较低能级时；向外辐射光子，由电场力提供向心力，可知，其核外电子动能增大，且电势能减小，故D错误；

故选：B．6、B【分析】【分析】分别求出直杆自由释放到直杆的下端到达隧道口的时间和直杆上端到达隧道的口的时间，两时间之差即为通过隧道的时间．【解析】【解答】解：根据h=gt2，直杆自由下落到下端运动到隧道口的时间t1=s=1s

直杆上端到达隧道的口的时间t2=s=s

所以它通过隧道口的时间为（-1）s

故选B．7、B|C【分析】【解析】电容器与电源断开，Q不变，选项B正确。正对面积减小，电容减小，根据Q=CU，U增大，选项C正确。选项A、D错误。【解析】【答案】BC8、B【分析】【分析】根据开普勒第三定律，结合半长轴与周期的关系，结合半长轴之比求出周期之比．【解析】【解答】解：根据开普勒第三定律知，；

则．

故选：B．二、填空题(共8题，共16分)9、【分析】【分析】第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度；根据引力等于向心力，列式求解；

根据万有引力提供向心力表示出线速度即可求解．【解析】【解答】解：高空的物体受到的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：=m

解得：环绕速度也可为：V=

第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度；

根据引力等于向心力，列式得：=m

解得：v=

故答案为：，．10、W3-W2-W1【分析】【分析】物体重力势能的变化等于克服重力做的功；由动能定理知，动能的变化等于各分力做功之和．【解析】【解答】解：由题意可知，W总=W3-W1-W2

由动能定理知。

△Ek=Ek末-0=W总=W3-W2-W1

故答案为：W3-W2-W111、v2∝h（或v∝，或v2=20h，或v=）v2直线v=0.4x（当x≤）、v=0.4（L-x）（当x≥）式中L为河的宽度2.15±0.01m/s【分析】【分析】根据上表的数据；找出一些特殊值进行对比，在结合丙中图象的形状猜想v和h之间的关系．

为了更能说明物理量之间的关系，我们需要画出倾斜的直线来说明．【解析】【解答】解：（1）在数据中；当v由1.00→2.00→3.00；

h由0.05→0.20→0.45；再结合丙中图象得出：

v2∝h（或v∝，或v2=20h，或v=）

图象如图，若该图象的形状为直线，我们可以说明v2与h成正比．

（2）根据v2=20h；已知h求出对应的v．

根据表格中x与v的数据得出：

v∝x（或v=0.4x）（当x≤）；v=0.4（L-x）（当x≥）式中L为河的宽度；

河流中水流的最大流速是在河中；因此根据图象可知，最大流速约为2.15±0.01m/s．

故答案为：（1）v2∝h（或v∝，或v2=20h，或v=）；v2；直线；

（2）v=0.4x（当x≤）、v=0.4（L-x）（当x≥）式中L为河的宽度；2.15±0.01m/s12、风力大小与风速成正比成正比F=kvr，式中k为常数【分析】【分析】（1）设小球受到风力为F时细金属丝与竖直方向的夹角为θ；θ既与风力有关，又与电压表示数U有关．先以小球为研究对象，根据平衡条件列式，得出F与θ的关系，再对电路进行研究，根据串联电路的分压规律和电阻定律得出U与θ关系，即可得到风力大小F与电压表示数的关系式．

（2）分析表1实验数据可知；电压表示数U与风速v成正比关系，设出U与v之间的关系得出风力大小与风速大小的关系式；

（3）分析表2实验数据，电压表示数U与球半径r2成反比关系，设出U与r之间的关系得出风力大小与球半径大小的关系式；进一步得出风力大小F与风速大小v、球的半径r的关系式．【解析】【解答】解：（1）以小球为研究对象；对小球进行受力分析，设小球受到风力为F是细金属丝与竖直方向的夹角为θ，由平衡条件可知其风力。

F=mgtanθ①

设细金属丝与电阻丝相交点与C点之间的长度Htanθ，电阻为；

由串联电路的分压规律可知电压表示数②

①②两式联立解得③

（2）由表一中的测量数据可以看出；在球半径一定的情况下，风力大小与风速成正比，即F与v成正比．

由表二中的测量数据可知：在风速一定的情况下，球半径增大到原来的二倍，电压表示数减小为原来的．

由③式和球体积公式、密度公式可得

综合考虑可得在风速一定的情况下，风力大小与球半径的关系是：F与r成正比．

（3）根据上述两次实验结果可以得出，风力大小与风速成正比，与球半径成正比，风力的大小F与风速大小v、球半径r的关系式可以写为F=kvr；式中k为常数．

故答案为：

（1）

（2）风力大小与风速成正比。

（3）F=kvr，式中k为常数．13、4【分析】【分析】根据速度时间公式求出物体的加速度，结合牛顿第二定律求出物体的质量．【解析】【解答】解：根据速度时间公式得；物体的加速度为：

a=；

根据牛顿第二定律得；物体的质量为：

m=．

故答案为：4．14、I2RtUIt-I2Rt【分析】【分析】电动机是非纯电阻，在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，这两个的计算结果是不一样的，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的．【解析】【解答】解：电动机所消耗的电功率P=UI，P′=I2R计算的是电动机的内阻发热的部分，是发热的功率，所以产生的电热为I2Rt，t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的部分，所以机械功UIt-I2Rt；

故答案为：I2Rt，UIt-I2Rt15、1.5×10-8【分析】【分析】由电容器的定义式可求得电容器的电容，明确电容器与两板上的电压及电荷量无关．【解析】【解答】解：由C==

故答案为：1.5×10-8F16、【分析】【分析】根据P的实际运动，将其分解沿杆OP方向分量和垂直于OP方向分量，根据平行四边形定则，结合v=ωR，及三角函数知识，即可求解【解析】【解答】解：P环水平运动；可分解为沿杆OP方向分量和垂直于OP方向分量．其中，垂直于OP方向分速度正为P点绕O轴转动速度．

30°时，P点转动速度为v=ω×．

Vp×cos30°=ω×．

Vp=ω×h×=ωh；

故答案为：ωh．三、判断题(共8题，共16分)17、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】悬浮在液体（或气体）中固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体颗粒越小、液体（或气体）温度越高，布朗运动越明显；布朗运动是液体（或气体）分子无规则运动的反应．【解析】【解答】解：较大的颗粒不做布朗运动是因为跟颗粒碰撞的分子数较多；多方面的撞击导致受力平衡．因为各个方向的分子冲击力比较均衡，所以不易改变大颗粒的运动状态，不是因为分子的冲击力小．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×．19、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】影响蒸发快慢的因素和液体的温度、表面积以及空气的流动性有关．【解析】【解答】解：根据蒸发与液化的特点；影响蒸发快慢的因素和液体的温度；表面积以及空气的流动性有关，与绝对湿度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×22、√【分析】【分析】根据牛顿第一定律，力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，则物体的加速度a不为0，故力是产生加速度的原因．【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律；力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，一定受到外力的作用．以上说法是正确的；

故答案为：√23、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的．1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电，并测出其荷质比，这在一定意义上是历史上第一次发现电子．【解析】【解答】解：阴极即负极；阴极射线是负极发出的射线，是电子流；同理，阳离子在阳极放电．故该说法是错误的．

故答案为：×．24、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√四、实验探究题(共3题，共30分)25、略

【分析】解：（1）①要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同；橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故①错误；

②本实验是在水平面作力的图示；为了减小误差弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度，故②正确；

③由于力是矢量；因此在记录时不但要记录大小还要记录其方向，故③正确．

故选：②③．

（2）在误差允许的范围内；此实验的结论是共点力合成应该遵循平行四边形定则．

故答案为：（1）②③

（2）共点力合成应该遵循平行四边形定则。

本实验的目的是验证力的平行四边形定则；研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的．本实验采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来选择．

本实验采用是等效替代的思维方法．实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同．【解析】②③；共点力合成应该遵循平行四边形定则26、略

【分析】解：由b图可知；因为频闪照片的时间间隔相等，在相等时间间隔内通过的水平位移相等，可知平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．

相等时间间隔内；竖直方向上相邻位移的差值相等，可知平抛运动在竖直方向上做匀变速直线运动．

故答案为：相等时间间隔通过的水平位移相等；

相等时间间隔竖直方向相邻位移的差值相等；

将平抛运动分解为水平方向和竖直方向；通过水平方向上相等时间内的位移相等得出水平方向上做匀速直线运动，通过竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量得出竖直方向上做匀加速直线运动．

本题通过频闪照片分析平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合两个方向上的运动规律得出两个分运动的规律，基础题．【解析】相等时间间隔通过的水平位移相等；相等时间间隔竖直方向相邻位移的差值相等27、（1）15.95cm-16.05cm（2）（12.2-12.8）N/m能（3）弹簧所受弹力超过了弹簧的弹性限度范围【分析】【分析】(1)

刻度尺的读数需估读；需读到最小刻度的下一位；

(2)

根据弹簧Ⅰ形变量的变化量，结合胡克定律求出劲度系数；通过弹簧Ⅱ弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧Ⅱ的劲度系数；(3)?l与弹力FF在弹性限度以内应该是线性关系，即一条直线。解决本题的关键掌握胡克定律，知道F=kxx

表示形变量，以及知道其变形式?F=k?x?x

为形变量的变化量。【解答】(1)

刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm

．(2)

由表格中的数据可以知道，当弹力的变化量?F=0.5N

时，弹簧形变量的变化量为?x=4.00cm

根据胡克定律知：k=?F?x=0.50.04=12.5N/m

结合L1

和L2

示数的变化，可以得出弹簧Ⅱ形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧Ⅱ的劲度系数；(3)?l与弹力FF在弹性限度以内应该是线性关系，图线的ABAB段明显偏离直线OAOA说明弹簧所受弹力超过了弹簧的弹性限度范围。故应填(1)15.95cm鈭�16.05cm(2)(12.2鈭�12.8)N/m

能(3)

弹簧所受弹力超过了弹簧的弹性限度范围

【解析】(1)15.95cm鈭�16.05cm

(2)(12.2鈭�12.8)N/m

能(3)

弹簧所受弹力超过了弹簧的弹性限度范围五、推断题(共2题，共20分)28、（1）

（2）取代反应

（3）—NO2（硝基）—CHO（醛基）

（4）

（5）

（6）【分析】【分析】本题考查有机化合物的推断与合成，难度中等，根据题给信息和转化关系准确推断各物质的结构是解题的关键。【解答】rm{A}为甲苯，硝化得到rm{B}对硝基甲苯，三步反应得到rm{C}对硝基苯甲醛，rm{D}为rm{2-}甲基丙烯，与溴化氢加成得到rm{E1-}溴rm{-2-}甲基丙烷，rm{F}为rm{(1)A}的结构简式为rm{(2)}rm{A}rm{A}的反应类型是取代反应。rm{B}的反应类型是rm{B}中所含的官能团是rm{(3)}硝基rm{C}中所含的官能团是醛基rm{C}rm{隆陋NO_{2}(}rm{)隆陋CHO(}rm{)}可通过以下三步反应完成rm{(4)}rm{B}rm{B}时可能产生的副产物结构简式是rm{C}可通过以下三步反应完成rm{C}的结构简式为rm{(5)}【解析】rm{(1)}rm{(2)}取代反应rm{(3)隆陋NO_{2}(}硝基rm{)隆陋CHO(}醛基rm{)}rm{(4)}rm{(5)}rm{(6)}29、Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl；先加硝酸酸化无沉淀，再滴加AgNO3溶液有白色沉淀生成，则含Cl-；2Al+6H+=2Al3++3H2↑；2Al+2OH-+H2O=2AlO-+H2↑；H2SiO3；Al（OH）3；SiO32-+CO2+H2O=CO32-+H2SiO3↓或AlO2-+CO2+2H2O=Al（OH）3↓+HCO3-

或2AlO2-+CO2+3H2O=2Al（OH）3↓+CO32-【分析】解：rm{(1)}依据题干关系判断，rm{A}为rm{Cl_{2}}rm{C}为rm{SO_{2}}二者在水溶液中反应生成硫酸和盐酸，判断rm{E}为rm{H_{2}SO_{4}}rm{D}为rm{HCl}该反应的反应方程式为：rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}检验rm{D(HCl)}中阴离子rm{Cl^{-}}的方法：先加硝酸酸化无沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，则含rm{Cl^{-}}

故答案为：rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}先加硝酸酸化无沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，则含rm{Cl^{-}}

rm{(2)A}是两性元素判断rm{A}为rm{Al}rm{D}为rm{H_{2}}rm{C}为强酸强碱溶液；反应的离子方程式为：rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}

故答案为：rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}

rm{(3)}为引起温室效应的主要气体判断为rm{CO_{2}}酸性强的制备酸性弱的，rm{E}为白色沉淀，判断为rm{Al(OH)_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}则rm{C}为偏铝酸盐、硅酸盐；rm{E}可能的化学式：rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al}rm{(}rm{OH}rm{)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}

故答案为：rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al(OH)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}

rm{B}为自然界中含量最多的液体，判断为rm{H_{2}O}

rm{(1)}常温下，若rm{A}为气态单质，rm{C}为非金属氧化物，rm{A}rm{C}均能使品红溶液褪色，相对分子质量rm{E>D}推断rm{A}为rm{Cl_{2}}rm{C}为rm{SO_{2}}二者在水溶液中反应生成硫酸和盐酸，判断rm{E}为rm{H_{2}SO_{4}}rm{D}为rm{HCl}

rm{(2)}若rm{A}为短周期的金属单质，rm{D}为气态单质，rm{C}溶液呈强酸性或强碱性时，该反应都能进行，说明rm{A}是两性元素判断rm{A}为rm{Al}rm{D}为rm{H_{2}}rm{C}为强酸强碱溶液；

rm{(3)}若rm{A}rm{C}均为化合物，rm{C}为引起温室效应的主要气体判断为rm{CO_{2}}酸性强的制备酸性弱的，rm{E}为白色沉淀，判断为rm{Al(OH)_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}则rm{C}为偏铝酸盐；硅酸盐．

本题考查了物质转化关系的应用，物质性质和反应条件的应用判断，主要考查氯气、二氧化硫、铝及其化合物、硅酸盐等物质性质的推断和运用．【解析】rm{Cl_{2}+SO_{2}+2H_{2}O=H_{2}SO_{4}+2HCl}先加硝酸酸化无沉淀，再滴加rm{AgNO_{3}}溶液有白色沉淀生成，则含rm{Cl^{-}}rm{2Al+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+H_{2}O=2AlO^{-}+H_{2}隆眉}rm{H_{2}SiO_{3}}rm{Al(OH)_{3}}rm{SiO_{3}^{2-}+CO_{2}+H_{2}O=CO_{3}^{2-}+H_{2}SiO_{3}隆媒}或rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+HCO_{3}^{-}}

或rm{2AlO_{2}^{-}+CO_{2}+3H_{2}O=2Al(OH)_{3}隆媒+CO_{3}^{2-}}六、简答题(共4题，共40分)30、略

【分析】【分析】（1）根据匀加速直线运动位移时间公式求解加速度；

（2）根据力的合成与分解原则求解所受重力沿斜面方向的分力的大小；

（3）根据牛顿第二定律求解下滑时受到阻力的大小．【解析】【解答】解：（1）根据x=得：a=；

（2）设斜面倾角为θ，根据几何关系得：sinθ=；

则所受重力沿斜面方向的分力的大小Gx=mgsinθ=600×0.8=480N；

（3）根据牛顿第二定律得：

Gx-f=ma

解得：f=480-60×4=240N

答：（1）下滑加速度的大小为4m/s2；

（2）所受重力沿斜面方向的分力的大小为480N；

（3）下滑时受到阻力的大小为240N．31、（1）BCE（2）解：如图：（ⅰ）设B管被提升H高度后，B管液面比A高h2，有：A管内气柱长为L1－h1＝38cm；A管气柱遵循玻意耳定律，有：p0L1=(p0+ph2)(L1-h1)；解得：h2＝4cm；B管提升的高度：H＝2h1＋h2＝8cm；即：B管上移的高度为8cm；（ⅱ）要使两管水银面又平齐，必须降低温度；设当温度为T时，A管气柱长：根据理想气体状态方程有：解得：T＝270K；即：要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低，变为270K。【分析】【分析】(1)

从分子势能图像可知，当分子势能最小时，即r=r2

时分子间的引力等于斥力，分子间作用力为零；当r<r2

时，分子间表现为斥力，当r>r2

时，表现为引力，所以当r

由r1

变到r2

时分子间的作用力做正功。本题主要考查了分子势能图图像的理解，知道分子势能随距离增大关系，掌握分子势能最小点，即为引力与斥力相等的位置，是解题的突破口。【解答】(1)A.r

小于r2

时，分子间的作用力表现为斥力，距离减小的过程中做负功，分子势能增大，所以当r

等于r2

时，分子势能最小，故A正确；B.由图可知，当r=r2

时分子势能最小；当分子势能最小时，即r=r2

时分子间的引力等于斥力，分子间作用力为零，故B正确；C.当r>r2

时，表现为引力，即分了间作用力的合力表现为引力，故C正确；D.在r

由r2

变到r1

的过程中，分子间的作用力，即为斥力，做负功，故D错误；E.在r

由r2

逐渐增大的过程中，分子间作用力的合力为斥力，做正功，故E错误。故选BCE。(2)

本题考查了理想气体的状态方程、封闭气体压强。本题关键是明确平衡后左侧水银面比右侧高，然后根据玻意耳定律列式求解，不难。(1)

根据遵循玻意耳定律求出B

管液面比A

高的长度，计算出B

管上移的高度；(2)

要使两管水银面又平齐，需要降低温度；根据理想气体状态方程求出温度。【解析】(1)BCE

(2)

解：如图：(垄隆)

设B

管被提升H

高度后，B

管液面比A

高h2

有：A

管内气柱长为L1鈭�h1=38cm

A

管气柱遵循玻意耳定律，有：p0L1=(p0+ph2)(L1鈭�h1)

解得：h2=4cm

B

管提升的高度：H=2h1+h2=8cm

即：BB管上移的高度为8cm8cm(垄垄)

要使两管水银面又平齐，必须降低温度；设当温度为T

时，A

管气柱长：L3=L1鈭�h1鈭�12h2=36cm

根据理想气体状态方程有：p0L1T0=p0L3T

解得：T=270K

即：要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低，变为270K270K32、（1）制造光导纤维、冶炼硅、制玻璃等(只需答出一项，合理即可)(沿玻璃棒)向过滤器中加蒸馏水至浸没沉淀，待水自然流尽后，重复操作2～3次（2）B（3）CD（4）MnS(s)＋Cu2＋(aq)＝CuS(s)＋Mn2＋(aq)（不注明物质状态也可以）（5）（6）22.4【分析】【分析】本题考查混合物分离提纯及物质制备实验，为高频考点，把握实验流程中的反应、混合物分离提纯、电解原理为解答的关键，综合性较强，侧重分析与实验能力的考查，题目难度不大。【解答】菱