第一章 电与磁 章末选择题专项突破（解析版）

浙教版8年级下册第一章电与磁章末选择题专项突破一、指南针为什么能指南1．如图所示，四个完全相同的环形磁铁a、b、c、d套在塑料支架的光滑杆上，静止时磁铁a、b、c悬浮在空中，d压在塑料支架底板上，若每个磁铁受到的重力均为G，磁铁a的上表面是N极，则()A．磁铁b的上表面是N极 B．磁铁c的上表面是S极C．磁铁d对底板的压力是G D．磁铁d对底板的压力是4G【答案】D【解析】根据图片可知，相邻磁铁之间产生的是排斥力。a的上表面为N极，那么a的下表面为S极。根据“同名磁极相互排斥”可知，b的上表面与a的下表面为同极，也就是S极，故A错误；

b的下表面为N极，而c的上表面与b的下表面为同极，即c的上表面为N极，故B错误；

将a、b、c、d看作一个整体，则d对底座的压力等于所有磁铁的总重力，即为4G，故C错误，D正确。故选D。2．如图所示，内部均装有磁铁的两块清洁器M和N隔着窗玻璃总能合在一起移动，这让玻璃清洁变得安全高效。关于清洁器的分析正确的是()A．两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引B．N受到的重力和M对N的吸引力是-对平衡力C．玻璃对N的支持力和M对N的吸引力是-一对相互作用力D．移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的形状【答案】A【解析】A.两块清洁器能合在一起的原理是异名磁极相互吸引，故A正确；

B.N受到的重力在竖直方向，和M对N的吸引力在水平方向，二者没有在同一直线上，肯定不是平衡力，故B错误；

C.玻璃对N的支持力和M对N的吸引力，二者都同时作用在一个物体上，肯定不是相互作用力，故C错误；

D.移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故D错误。故选A。3．如图是三个钢块两两吸引或排斥的情况，下列判断正确的是()A．都是磁体B．只有两个有磁性C．可能都是磁体，也可能只有两个有磁性D．都不是磁体【答案】C【解析】根据图片可知，B和C相互排斥，那么B和C肯定是磁体。A和B相互吸引，则A可能为磁体，也可能是磁体，故C正确，而A、B、D错误。故选C。4．在一个圆形纸盒内放着一条形磁铁，盒的周围放着一些小磁针(黑端表示N极)，这些小磁针静止时的指向如图所示，据此可知，纸盒内条形磁铁的放置情况是()A． B． C． D．【答案】C【解析】条形磁铁两端的磁性最强，中间磁性最弱，则磁极附近的磁感线呈放射状。根据图片可知，条形磁铁呈左上右下方向放置。左上方的小磁针的下端为N极，根据“异名磁极相互吸引”可知，条形磁铁的左上端为S极，右下端为N极。故选C。5．指南针是我国古代的四大发明之一，有关指南针和地磁场的说法正确的是()A．指南针静止时指示南北方向，是因为指南针受到地磁场的作用B．指南针静止时南极指向地理北极C．如果地磁场消失，指南针还能指示南北方向D．信鸽是靠绑在身上的小磁铁来实现导航的【答案】A【解析】地磁场的两极和地理两极交错分布，即地磁N极在地理南极附近，地磁S极在地理北极附近。根据“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”的规律可知，小磁针的N极朝向地磁S极，即地理北极附近，故A正确；

指南针静止时南极指向地理南极附近，故B错误；

如果地磁场消失，那么就不会对指南针产生力的作用，因此它就不能指示南北方向，故C错误；

信鸽体内存在磁性物质，可以借助地磁场的作用辨别方向，实现导航，故D错误。故选A。6．如图所示是一个自制的小指南针。用硬纸板和大头针制作指南针的底座，使缝衣针磁化后，穿过按扣的两孔，放在底座的针尖上，当小指南针静止后，针尖指向北方。则下列说法中正确的是()A．针尖能指北，是受到磁感线的作用B．针尖指的是地磁场的南极C．针尾是指南针的N极D．针尾所指方向，是该点地磁场的磁场方向【答案】B【解析】地球就是一个巨大的磁体，它的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近。磁化后的缝衣针也是一个磁体，由于受到地磁场的作用，因此针尖会指向北方，故A错误；

针尖指的是地理的北方，其实是地磁场的南极，故B正确；

针尾指向地理的南方，是指南针的南极（S极），故C错误；

针尖是指南针的北极，因此针尖所指的方向，是该点地磁场的磁场方向，故D错误。故选B。7．中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。关于地磁场，下列说法正确的是（）A．地理南、北极与地磁场的南、北极完全重合B．只有地球外部存在磁场，内部不存在磁场C．地磁场的N极在地球的南极附近D．北京地区的地磁场方向由北向南【答案】C【解析】A.地理两极和地磁两极交错分布，且成一定角度，二者并不重合，故A错误；

B.地球内部和外部同时存在磁场，故B错误；

C.地磁场的N极在地理的南极附近，地磁场的S极在地理的北极附近，故C正确；

D.北京地区的北方是地磁的南极，南方是地磁的北极，因此地磁场方向从南向北，故D错误。故选C。8．近年来磁悬浮盆栽备受人们关注，如图是一盆磁悬浮盆栽，盆栽底部有磁体，底座内装有电磁铁，盆栽能在空中自由悬浮并转动，给该盆栽浇水前后()A．盆栽受到的磁力不变B．盆栽受到的重力与空气对盆栽的浮力是一对平衡力C．要使盆栽与底座之间距离不变，可改变电磁铁线圈内的电流方向D．要使盆栽与底座之间距离不变，可适当增大电磁铁线圈内的电流【答案】D【解析】当盆栽在空中悬浮时，它受到的重力与磁力相互平衡，即二者相等。盆栽中浇水后，重力增大，则它受到的磁力增大，故A错误；

当盆栽不受磁力时，它静止在桌面上，此时它受到的浮力小于重力。当它悬空时，排开空气的体积不变，则它受到的浮力不变，此时浮力仍然小于重力，肯定不是平衡力，故B错误；

要使盆栽与底座之间的距离不变，就必须增大底座的磁场，即增大电磁铁线圈内的电流大小，故C错误，D正确。二、电生磁9．如图所示，盛水的烧杯放在电磁铁上方，当电磁铁的开关断开时，空心小铁球自由地浮在水面上，小磁针指向如图所示，以下说法正确的是()A．开关闭合时，小磁针N极向上偏转，S极向下偏转B．开关闭合后，滑动变阻器的滑片向下移动时，电磁铁磁性减弱C．当电路中电流减小时，空心小铁球所受的浮力减小D．无论开关断开还是闭合，浮在水面上的空心小铁球所受的浮力不变【答案】C【解析】A.开关闭合时，线圈上的电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指向右边，此时大拇指指向上端，则上端为电磁铁的N极，下端为S极。根据“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知，小磁针的S极向上偏转，故A错误；

B.开关闭合后，滑动变阻器的滑片向下移动时，它的阻值减小，而通过它的电流增大，则电磁铁磁性变强，故B错误；

D.当开关断开时，小球只受重力和浮力，根据漂浮条件可知，此时浮力等于重力。当闭合开关后，电磁铁对小球产生向下的吸引力，此时F浮力=G+F吸引，则小球受到的浮力增大，故D错误；

C.当闭合开关后，电磁铁对小球产生向下的吸引力，此时F浮力=G+F吸引。当电流减小时，电磁铁的磁场变弱，小球受到的吸引力减小，则小球受到的浮力减小，故C正确。故选C。10．一条形磁铁放在水平桌面上，处于静止状态，电磁铁置于条形磁铁附近并正对(如图所示)。下列叙述中，正确的是()A．闭合开关前，电磁铁与条形磁铁间没有力的作用B．闭合开关后，条形磁铁受到桌面向右的摩擦力C．闭合开关后，滑片P向a移动时，电磁铁与条形磁铁间的作用力减小D．闭合开关后，滑片P向b移动过程中，若条形磁铁始终处于静止状态，则它受到桌面的摩擦力变大【答案】B【解析】A.闭合开关前，电磁铁没有磁性，但是条形磁体有磁性，二者也会先后吸引，故A错误；

B.闭合开关后，根据安培定则可知，电磁铁的左端为N极，右端为S极。根据“异名磁极相互吸引”可知，条形磁体受到水平向左的吸引力。由于条形磁体处于静止状态，所以它受到的摩擦力与吸引力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。因为吸引力水平向左，所以摩擦力水平向右，故B正确；

C.闭合开关后，滑片P向a移动时，变阻器的阻值减小，通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁场变强，而它与条形磁体之间的作用力增大，故C错误；

D.闭合开关后，滑片P向b移动过程中，变阻器阻值变大，通过电磁铁的电流变小，则电磁铁磁场变弱，则条形磁体受到的磁力变弱。条形磁铁始终处于静止状态，则它受到的摩擦力与磁力相等，因此摩擦力也变小，故D错误。故选B。11．连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片的位置，无法探究的是()A．电流的有无对电磁铁磁场有无的影响B．电流方向对电磁铁磁场方向的影响C．电流大小对电磁铁磁场强弱的影响D．线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响【答案】B【解析】A.断开开关，无电流；闭合开关，有电流，通过能够吸引大头针判断是否有磁场，则可以探究电流的有无对电磁铁的磁场的影响，故A不合题意；

B.探究电流方向对电磁铁磁场方向的影响时，需要改变电路中的电流方向，而这个电路无法实现，故B符合题意；

C.探究电流大小对磁场强弱的影响时，需要控制线圈匝数相同而改变电流，只需观察同一个电磁铁，然后调节变阻器的阻值即可，故C不合题意；

D.探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响时，需要控制电流相同而改变线圈匝数，题目中两个电磁铁线圈匝数不同，二者串联即通过电流相等，故D不合题意。故选B。12．如图所示，在电磁铁的正．上方用弹簧挂一条形磁铁。下面说法正确的是()A．开关闭合，电磁铁上端是N极B．开关闭合，条形磁铁与电磁铁相互吸引C．当滑片P从b端向a端滑动的过程中，灯泡变暗，电磁铁磁性减弱D．当滑片P从b端向a端滑动的过程中，弹簧的长度会变短【答案】C【解析】A.开关闭合时，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指朝左，此时大拇指指向下端，则电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；

B.根据“异名磁极相互排斥”可知，条形磁体与电磁铁相互排斥，故B错误；

C.当滑片P从b端向a端滑动的过程中，变阻器的阻值变大，则总电阻变大，而总电流变小，因此灯泡变暗，电磁铁磁场减弱，故C正确；

D.当滑片P从b端向a端滑动的过程中，电磁铁磁场减弱，则条形磁铁受到向上的排斥力减小。根据F=G-F排斥可知，弹簧受到的拉力增大，则长度变大，故D错误。故选C。13．在如图所示的电路中，根据小磁针静止时的指向可知()A．a端是通电螺线管的N极，c端是电源的正极B．b端是通电螺线管的N极，d端是电源的正极C．a端是通电螺线管的N极，c端是电源的负极D．b端是通电螺线管的N极，d端是电源的负极【答案】A【解析】在螺线管内部，磁感线从S指向N极。根据图片可知，小磁针在磁铁内部，此时小磁针的N极指向a端，即磁感线从b指向a，那么a为螺线管的N极，b为螺线管的S极。右手握住螺线管，大拇指指向a端，此时弯曲的四指指尖向上，则线圈上电流方向向上，即电流从c端流出，d端流入，那么c端为电源的正极，d端为电源的负极。故选A。14．如图所示，甲、乙均为条形磁体，中间是通电螺线管，虚线是表示磁极间磁场分布情况的磁感线。则可以判断图中A、B、C、D四个磁极依次是()A．N、S、N、N B．S、N、S、S C．S、S、N、S D．N、N、S、N【答案】D【解析】根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则B为N极，C为S极。A、B之间磁感线呈顶牛之势，则二者为同极，那么A为N极。C、D之间磁感线相连，则二者为异极，那么D为N极。

故D正确，而A、B、C错误。故选D。15．如图为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入了一段金属丝，电源和金属丝相连，当温度达到设定值，电铃报警。下列说法不正确的是()A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应B．温度升高至78°C时，电铃报警C．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度会降低D．电铃工作时，电磁铁a端为N极【答案】D【解析】A.电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故A正确不合题意；

B.根据图片可知，水银柱与上面的金属丝接通的温度为78℃，则温度升高至78°C时，电铃报警，故B正确不合题意；

C.若将温度计上端的金属丝向下调整，那么水银柱与上面金属丝接通时的温度会降低，则报警温度会降低，故C正确不合题意；

D.线圈上电流方向下。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则右端为螺线管的N极，左端a为S极，故D错误符合题意。故选D。三、电磁铁的应用16．如图是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，原因是()A．电磁铁始终没有磁性B．衔铁没有向下运动C．衔铁一直被电磁铁吸着不能回弹D．电池正、负极接反了【答案】C【解析】根据图片可知，当开关断开时，电磁铁没有磁性，衔铁在上面。闭合开关后，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引下来，此时小锤敲击铃盖发声。但是衔铁会时针吸合在下面的电磁铁上，不会回弹到原来位置，因此电铃只响一声吗，故C正确，而A、B、D错误。故选C。17．（2021·南湖模拟）小明在商场发现，电梯上没乘客时运行较慢，当有乘客站在电梯上时电梯运行又快了起来。小明根据所学的知识，画了如图所示电磁控制电路(R是一个压敏电阻)来解释。以下关于这个电路分析，正确的是（）A．压敏电阻R的阻值在受压时阻值变大B．根据此控制电路，电梯上没乘客时电梯停止运行C．电梯上没有站乘客时，继电器的电磁铁磁性较弱D．电梯上有乘客时，电动机的额定功率较大【答案】C【解析】A.当乘客站在电梯上时，压敏电阻受到的压力增大，此时电动机的转速增大，通过电动机的电流变大，肯定是电磁铁将衔铁吸下来了。电磁铁的磁场增强，则通过电磁铁的电流增大，而压敏电阻的阻值减小，故A错误；

BC.当电梯上没有乘客时，压敏电阻阻值增大，电流变小，电磁铁磁场变弱，衔铁接通R1所在的电路，此时电动机与R1串联，电流较小，那么电梯的速度变小，故B错误、C正确；

D.电梯上有乘客时，电梯运行加快，即通过电动机的电流增大，根据P=UI可知，此时电动机的实际功率增大，但是它的额定功率不变，故D错误。故选C。18．（2021·龙港模拟）电磁铁的磁性随电流的增大而增强。如图所示，电源电压保持不变，弹簧秤下挂着一块铁。现在盛有硫酸铜溶液的烧杯中，逐渐滴入氢氧化钡溶液，可发现弹簧测力计的示数()A．逐渐变小，最后趋于稳定B．一直保持不变C．先变小，后变大，最后趋于稳定D．先变大，后变小，最后趋于稳定小【答案】C【解析】硫酸铜和氢氧化钡反应，生成硫酸钡沉淀和氢氧化钠，因此溶液中的离子浓度先变小后不变，那么电流先变小后不变，那么电磁铁的磁力先变小后不变，根据F=G+F吸引可知，弹簧测力计的示数先变小后不变，最后趋于稳定，故C正确，而A、B、D错误。故选C。19．如图是小敏设计的汽车尾气中CO排放量的检测电路。当CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警。图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，下列说法正确的是()A．电铃应接在A和C之间B．当CO浓度升高，电磁铁磁性减弱C．用久后，电源电压U1会减小，报警时CO最小浓度比设定值高D．为使该检测电路在CO浓度更低时报警，可将R2的滑片向下移【答案】C【解析】当CO浓度超过设定值时，R1阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性增强，将衔铁吸下来，B和D所在的电路被接通，因此电铃应接在B和D之间，故A错误；

当CO浓度升高时，R1阻值减小，那么总电阻变小，而总电流增大，所以电磁铁的磁性增强，故B错误；

电源电压U1减小，报警时控制电路中的电流与原来相等，则电路中的总电阻需减小，R2阻值不变，根据R总=R1+R2可知，则R1阻值比设定值更小，此时CO的最小浓度比设定值高，故C正确；

若使检测电路在CO浓度更低时报警，则报警时R1阻值比原设定值大，为保证报警时控制电路中的电流与原来相等，则需要减小R2的阻值，可将R2滑片向上移，故D错误。故选C。20．（2020八下·吴兴期中）如图所示是某科技小组设计的一种温度自动控制报警装置电路图，以下说法中正确的是（）A．温度达到90℃，绿灯亮B．自动报警器的触点类似一种开关C．自动报警器中的电磁铁运用了电磁感应现象D．把水银温度计换成煤油温度计同样可以工作【答案】B【解析】A.温度达到90℃，控制电路接通，电磁铁产生磁性，衔铁被吸下来，此时红灯亮，故A错误；

B.自动报警器的触点类似一种开关，故B正确；

C.自动报警器中的电磁铁运用了电流的磁效应，故C错误；

D.把水银温度计里面的水银是导体，而煤油是绝缘体，因此不能换成煤油温度计，故D错误。故选B。21．（2019八下·乐清期末）如图所示电路，其中GMR为磁敏电阻，其阻值随所处空间磁场的增强而增大。闭合开关S1和S2，滑片P向右滑动时（）A．电磁铁的磁性增强，指示灯的亮度变暗B．电磁铁的磁性增强，指示灯的亮度变亮C．电磁铁的磁性减弱，指示灯的亮度变暗D．电磁铁的磁性减弱，指示灯的亮度变亮【答案】C【解析】闭合开关S1和S2，滑片P向右滑动时，阻值增大，电路中的电流减小，电磁铁的磁场减弱，GMR的阻值减小，串联电路中总电阻减小，所以流过指示灯的电流减小，指示灯变暗，C选项正确。A、B、D错误。故选C22．小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲。将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，警铃响。图甲中继电器的供电电压U1=3V，继电器线圈的电阻R0为30Ω，当线圈中的电流大于等于50mA时，警铃响。图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象。以下说法正确的是（）A．图中接线柱A应与C连接，B与D连接B．当环境温度升高时，电磁铁的磁性减弱C．图甲中电磁铁的下端P的磁极应为N极D．环境温度达到80℃时，警铃响【答案】D【解析】A.当环境温度超过某一值时，热敏电阻R阻值减小，电流增大，电磁铁磁场增强，将衔铁吸下来与B接通，这时警铃报警，因此B与C连接，A与D连接，故A错误；

B.据乙图可知，当环境温度升高时，热敏电阻阻值减小，电路电流增大，电磁铁磁性增强，故B错误；

C.电磁铁线圈上电流方向向右，右手握住螺线管，四指指向右侧，大拇指指向上端，因此电磁铁上端是N极，下端是S极，故B错误；

D.当线圈中的电流大于等于50mA时，

总电阻为：R总=U总I四、电动机23．（2021九上·镇海期末）高铁与传统列车不同，几乎每个车厢都有电动机，每个车轮都能提供动力。如图所示的四个实验中，揭示了电动机工作原理的是（）A． B．C． D．【答案】A【解析】A.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，这就是电动机的工作原理，故A符合题意；

B.闭合开关后，导体棒在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针摆动，说明有感应电流产生，这是电磁感应现象，故B不合题意；

C.闭合开关后，缠绕有线圈的铁钉会吸引大头针，这是电流的磁效应，故C不合题意；

D.当导线中有电流经过时，下方的小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故D不合题意。故选A。24．下列实验现象所揭示的科学原理、规律与对应的实用技术的原理、规律不相符的是()A．照相机B．电磁起重机C．电动机D．发电机【答案】A【解析】A.照相机的成像原理是凸透镜成像的规律，即物体在二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像，故A符合题意；

B.电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，主要结构为电磁铁，故B不合题意；

C.电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C不合题意；

D.发电机的工作原理是电磁感应现象，故D不合题意。故选A。25．用如图所示的实验装置进行实验，下列说法正确的是()A．该实验装置是用来研究电流磁效应的B．电动机的工作原理与该装置相同C．闭合开关，金属棒ab运动，此过程是把机械能转化为电能D．将磁铁N，S极对调，同时改变金属棒ab中电流的方向，金属棒ab的运动方向也会改变【答案】B【解析】根据图片可知，闭合开关后，通过电流的导体ab在磁场中受力会运动起来，这就是电动机的工作原理，故A错误，B正确；

闭合开关，ab运动，此过程将电能转化为机械能，故C错误；

将磁铁N，S极对调，此时金属棒ab受力的方向与原来相反；再同时改变金属棒ab中电流的方向，金属棒ab的运动方向又再次发生调转，最终ab的运动方向与原来相同，故D错误。故选B。26．如图所示，干电池底部吸有强磁铁(可导电)，在干电池的正极上支有一“门”字形导线框，导线框B侧和套在强磁铁上的导电圆环C连接，导线框和圆环C能够一起绕干电池持续转动，圆环C在转动过程中与强磁铁接触良好。导线框转动的动力来源()A．只有线框A侧受到磁场对电流的作用B．只有线框B侧受到磁场对电流的作用C．线框A侧、B侧都受到磁场对电流的作用D．线框A侧、B侧都未受到磁场对电流的作用，是受到的其他外力【答案】B【解析】A、B两个线圈都处在磁场中，但是只有线圈B接通电池的正负极，其中有电流经过，所以只有线圈B会受到磁场对电流力的作用，故B正确，而A、C、D错误。故选B。27．下面四幅图中能说明电动机原理的是()A． B．C． D．【答案】D【解析】电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动。

A.两个电磁铁线圈匝数不同，二者串联时通过的电流相等，线圈匝数多的吸引的大头针多，这说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关，故A不合题意；

B.电磁继电器的工作原理为电磁铁，故B不合题意；

C.当导线中有电流经过时，下面的小磁针的指向方向改变，说明电流周围存在磁场，故C不合题意；

D.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，这就是电动机的工作原理，故D符合题意。故选D。28．如图所示，甲、乙两图中的矩形线圈，给它们通电，则下列说法中正确的是()A．甲中线圈转动，乙中线圈不转动B．乙中线圈转动，甲中线圈不转动C．甲、乙中的线圈都会转动D．甲、乙中的线圈都不会转动【答案】A【解析】假设电流方向沿abcd方向流入线圈。ab：伸开左手，手心朝向左侧，四指指尖朝向纸内，此时大拇指指向下面，则ab受到磁力向下。cd：伸开左手，手心朝向左侧，四指指尖朝向纸外，此时大拇指指向上面，则cd受到磁力向上。

甲图中的两个力促使线圈沿逆时针方向转动，而乙图中的两个力相互抵消，不能使线圈转动。

故A正确，而B、C、D错误。故选A。29．如图所示是“线圈不能持续转动”的三幅实验图，下列说法中不正确的是()A．三幅图中，导线ab、cd所受的磁力方向始终没有发生改变B．乙图中，线圈能够持续往下转动变成丙图所示，是由于惯性C．通电一段时间后，线圈abcd最终会停止在乙图所示的位置D．只要开关始终闭合，线圈abcd一定会在乙图的平衡位置左右摆动，永不停止【答案】D【解析】三幅图中，通过线圈的电流方向不变，磁场方向也不变，因此导线ab、cd受力的方向不变，故A正确不合题意；

乙图中，线圈能够持续往下转动变成丙图所示，是由于惯性，故B正确不合题意；

在丙图中，导线ab和cd受力的方向与运动方向相反，会阻止线圈继续转动，从而使线圈在乙中平衡位置附近左右摆动。由于受到阻力，因此摆动的幅度逐渐减小，最终会静止下来，故D错误符合题意，C正确不合题意。故选D。30．常用的磁电式电流表的结构如图所示，线圈与接线柱相连。当通以图示方向的电流时，线圈带动指针向右偏转。下列有关说法正确的是()A．当通以相反方向电流时，电流表指针仍向右偏转B．此电流表工作时机械能转化为电能C．此电流表是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的D．此电流表是利用电磁感应原理制成的【答案】C【解析】磁场方向不变，当通以相反方向的电流时，电流表指针受到的磁力方向相反，因此偏转方向也相反，即向左偏转，故A错误；

此电流表工作时将电能转化为机械能，故B错误；

此电流表是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，而不是电磁感应，故C正确，D错误。

故选C。五、磁生电31．（2021九上·江北期末）2021年宁波女子半程马拉松比赛采用感应芯片计时。正确佩带芯片的参赛者，只要通过起点和终点设置的恒定磁场地带时，芯片里的线圈就会产生电流，激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息。与此工作原理相同的器件是（）A．电风扇 B．门吸C．手摇发电手电筒 D．电铃【答案】C【解析】根据“只要通过起点和终点设置的恒定磁场地带时，芯片里的线圈就会产生电流”可知，工作原理为电磁感应。

A.电风扇的主要结构为电动机，工作原理为通电导体在磁场中受力运动，故A不合题意；

B.门吸的工作原理为磁体吸引铁磁性物质，故B不合题意；

C.手摇发电手电筒的工作原理为电磁感应，故C符合题意；

D.电铃的主要结构为电磁铁，工作原理为电流的磁效应，故D不合题意。故选C。32．如图所示，虚线区域内的“×"为垂直纸面的磁感线。当线框从位置A向右匀速移动到位置B时，关于线框内产生感应电流的情况，下列说法中正确的是()A．无→有→无→有→无 B．无→有→无C．没有感应电流 D．一直有感应电流【答案】A【解析】当线框完全在磁感线区域外时，没有切割磁感线，不产生感应电流。

当线框部分进入磁感线区域时，切割磁感线，产生感应电流。

当线框完全进入磁感线区域时，虽然切割磁感线，但是不产生感应电流；

当线框部分露出磁感线区域外时，切割磁感线，产生感应电流；

当线框完全处在磁感线区域外时，没有切割磁感线，不产生感应电流。

则感应电流的情况为：无→有→无→有→无。故选A。33．如图所示是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是()A．电磁感应是把电能转化为机械能B．只对调两个磁极，电流计的指针偏转方向发生改变C．只要导体ab在磁场中运动，电流计的指针就会发生偏转D．只改变导体ab切割磁感线的方向，电流计的指针偏转方向不发生改变【答案】B【解析】A.电磁感应是把机械能转化为电能，故A错误；

B.只对调两个磁极，那么磁场方向发生改变，则感应电流方向改变，即电流计的指针偏转方向发生改变，故B正确；

C.只有导体ab在磁场中做切割磁感线运动，电流计的指针才会发生偏转，故C错误；

D.只改变导体ab切割磁感线的方向，电流计的指针偏转方向发生改变，故D错误。故选B。34．在科学研究的道路上经常会出现令人惋惜的遗憾。例如1825年瑞士年轻物理学家科拉顿一个人在研究电磁现象时，其类似的实验装置如图甲所示，示意图如图乙。为避免磁铁的磁场对小磁针的作用，科拉顿把实验装置放在两个房间，在右边房间里把磁铁反复插人线圈，然后跑到左边房间里观察，结果没有看到小磁针偏转。下列说法中正确的是()A．该实验过程中没有发生电磁感应现象B．通电导线周围产生磁场的现象叫电磁感应现象C．科拉顿没看到小磁针偏转，是因为线圈中没有产生电流，所以看不到小磁针偏转D．科拉顿没看到小磁针偏转，是因为当他切割完磁感线再跑到另一个房间时，线圈中产生的电流已经消失，所以小磁针已停止偏转【答案】D【解析】A.根据图片可知，当磁铁从螺线管中穿过时，相当于磁场不动，而螺线管向上运动，它切割磁感线，肯定会产生电磁感应现象，故A错误；

B.闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感应运动时，会产生感应电流，这个现象就是电磁感应，故B错误；

CD.科拉顿没看到小磁针偏转，是因为当他切割完磁感线再跑到另一个房间时，线圈中产生的电流已经消失，所以小磁针已停止偏转，故C错误，D正确。故选D。35．（2021九上·余姚月考）如图所示的四个装置，与发电机工作原理相同的是（）A． B．C． D．【答案】A【解析】A.闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动，此时电流表的指针摆动，这就是电磁感应现象，故A符合题意；

B.当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B不合题意；

C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故C不合题意；

D.闭合开关后，通过两个电磁铁的电流相等，线圈匝数越多，吸引的大头针越多，说明电磁铁的磁场强度与线圈匝数有关，故D不合题意。故选A。36．（2021·湖州）如图是动圈式话筒的部分结构。声波使振膜左右振动，连接在振膜上的线圈也随之一起振动，切割永磁体的磁感线产生电流，此过程中（）A．利用了电磁感应原理B．利用了通电导体在磁场中受力的原理C．利用了电流的磁效应D．产生了直流电【答案】A【解析】声波使振膜左右振动，连接在振膜上的线圈也随之一起振动，切割永磁体的磁感线产生电流，这里利用了电磁感应原理，故A正确，而B、C、D错误。故选A。37．（2021八下·瓯海期中）考试时监考人员用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生感应电流，探测器发出警报。下列图中能够反映其工作原理的是（）A． B．C． D．【答案】D【解析】A.当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不合题意；

B.闭合开关后，通电的螺线管会产生磁场，故B不合题意；

C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，故C不合题意；

D.闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针摆动，这就是电磁感应现象，故D符合题意。故选D。38．（2021八下·萧山月考）无线充电是一种增加手机续航时间的方式，无线充电的技术原理：电流流过充电座的“送电线圈”产生磁场，手机中的“受电线圈”靠近该磁场时就会产生感应电流，给智能手机充电(如图甲)。“受电线圈”处用到的实验原理与下列工作原理一致的是()A． B．C． D．【答案】B【解析】A.当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不合题意；

B.导体AB在磁场中做切割磁感应运动时，电流表的指针摆动，这就是电磁感应现象，故B符合题意；

C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，故C不合题意；

D.两个磁体的磁极相互靠近，说明异名磁极相互吸引，故D不合题意。故选B。六、家庭用电和用电安全39．（2021九上·江北期末）如图所示为小宁家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V。小宁先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正常工作。请问此时哪个说法是错误的（）A．灯泡的正常工作电压为220VB．灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系C．把电饭煲插头拔掉后，正确使用测电笔插到插座左孔，测电笔不发光D．把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，一定是电热水壶内部发生短路【答案】D【解析】A.灯泡的正常工作电压为220V，故A正确不合题意；

B.灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系，故B正确不合题意；

C.把电饭煲插头拔掉后，正确使用测电笔插到插座左孔，因为左孔连接零线，所以测电笔不发光，故C正确不合题意；

D.把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，可能是电热水壶内部发生短路，也可能是电热水壶的功率太大，故D错误符合题意。故选D。40．（2021九上·镇海期末）如图是某同学家的部分电路，他将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热水壶突然停止工作，但电灯仍正常发光。拔出电饭煲的插头，电热水壶仍不能工作，用测电笔分别测试插座的左、右孔，氖管均发光。若电路中只有一处故障，则（）A．电热水壶所在电路的b、c间断路B．插座的接地线断路C．电路的c、d间导线断路D．电路的a、b间导线断路【答案】C【解析】A.电热水壶所在电路的b、c间断路时，电水壶不能工作，但是灯泡与插座正常连接，因此灯泡应该发光，测电笔接触插座的左孔时不应该发光，故A不合题意；

B.插座的接地线断路，只会影响人体触电时的安全性，不会影响用电器的正常工作，即电水壶应该正常工作，故B不合题意；

C.电路的c、d间导线断路时，不会影响灯泡，则灯泡正常发光。插座热水壶的零线部分断开，都不能正常工作，故C符合题意；

D.电路的a、b间导线断路时，插座喝热水壶的火线部分断开，测电笔接触插座的右孔时肯定不会发光，故D不合题意。41．如图是小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析错误的是()A．保险盒接法错误，保险盒应该安装在火线上B．二孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上C．开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则D．三孔插座接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上【答案】C【解析】A.在家庭电路中，如果只有一根保险丝，那么必须接在火线上，从而保证切断电路后的安全，故A正确不合题意；

B.二孔插座的左孔接零线，右孔接火线，故B正确不合题意；

C.控制灯泡的开关应该接在火线上，灯泡尾部接火线，螺旋套接零线，故C错误符合题意；

D.三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，中间的空接地线，冰箱有金属外壳，应该使用三角插头，故D正确不合题意。故选C。42．关于如图所示的四幅图，下列说法正确的是()A．甲图使用三孔插座是为了节能B．乙图三脚插头内有一根导线与用电器的外壳相连C．丙