2025年人教版PEP选择性必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP选择性必修1物理下册阶段测试试卷522考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、3个质量分别为m1、m2、m3的小球,半径相同,并排悬挂在长度相同的3根竖直绳上,彼此恰好相互接触.现把质量为m1的小球拉开一些,如图中虚线所示,然后释放,经球1与球2、球2与球3相碰之后,3个球的动量相等.若各球间碰撞时均为弹性碰撞,且碰撞时间极短,不计空气阻力,则m1:m2:m3为()

A.6:3:1B.2:3:1C.2:1:1D.3:2:12、如图，一半径为R的玻璃半球；折射率为1.5，现有一束均匀的平行光垂直入射到整个半球的底面上，进入玻璃半球的光线中不可能直接从半球面出射的百分比为（）

A.66.7%B.55.6%C.44.4%D.33.3%3、对简谐运动的回复力公式的理解，正确的是（）A.位移x是相对平衡位置的位移B.式中的负号表示回复力总是负值C.k只表示弹簧的劲度系数D.回复力只随位移变化，不随时间变化4、2022年北京冬奥会短道速滑混合团体接力决赛中；由任子威；曲春雨、范可新、武大靖、张雨婷组成的中国队以2分37秒348的成绩夺冠。在交接区域，“交棒”的任子威猛推“接棒”的武大靖一把，使武大靖向前快速冲出。在此过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，下列说法正确的是（）

A.任子威和武大靖的加速度相同B.任子威对武大靖的冲量大小与武大靖对任子威的冲量大小相同C.任子威和武大靖的动量变化量一定相同D.任子威和武大靖组成的系统机械能一定守恒5、第二届进博会展出了一种乒乓球陪练机器人；如图所示。若乒乓球被机器人以原速率斜向上击回，在空中运动一段时间后落到台面上，忽略空气阻力和乒乓球的旋转，下列说法正确的是（）

A.击球过程合外力对乒乓球做功不为零B.击球过程合外力对乒乓球的冲量为零C.乒乓球运动至最高点时，动量为零D.乒乓球下落过程中，在相等时间内动量变化相同6、一物理学习小组在竖直电梯里研究超重失重现象：力传感器上端固定在铁架台上，下端悬挂一个质量为m的钩码。当电梯1楼和3楼之间运行时，数据采集系统采集到拉力F随时间t的变化如图所示。忽略由于轻微抖动引起的示数变化；下列说法正确的是（）

A.a到b过程中电梯向上运动，b到c过程中电梯向下运动B.a到c过程中钩码的机械能先增加后减小C.图形abc的面积等于图形def的面积D.a到b过程中钩码处于超重状态，b到c过程中钩码处于失重状态7、中国地震台网正式测定：2021年11月17日13时54分在江苏盐城市大丰区海域（北纬33.50度，东经121.19度）发生5.0级地震，震源深度17千米。地震波既有横波也有纵波。地震发生后南京监测站监测到了一列沿x轴传播的地震横波，t=0时刻x轴上在-3km~3km区间内的波形图如图甲所示；x轴上处质点的振动图象如图乙所示，t=0.2s时刻该质点到达波峰；下列说法正确的是（）

A.该地震波沿x轴正向传播B.该地震波沿x轴传播的速度可能为25km/sC.该地震波沿x轴传播10km距离所需的最长时间为0.8sD.当x=2km处质点到达波谷时，x=1km处质点将到达波峰8、关于光现象的叙述，以下说法正确的是（）A.太阳光照射下肥皂膜呈现的彩色属于光的色散B.雨后天空中出现的彩虹属于光的干涉C.通过狭缝观看日光灯管可见彩色条纹，属于光的衍射D.增透膜是利用光的干涉现象使反射光加强评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，光滑“∏”形金属导体框平面与水平面的夹角为θ，两侧对称，间距为L，上端接入阻值为R的电阻。ab以上区域内有垂直于金属框平面磁感应强度为B的匀强磁场。质量为m的金属棒MN与金属框接触良好，由图示位置以一定的初速度沿导轨向上运动，进入磁场区域后又继续上升一段距离但未碰及电阻R。已知金属棒上升、下降经过ab处的速度大小分别为v1、v2；不计金属框；金属棒电阻及空气的阻力。下列说法中正确的是（）

A.金属棒上升时间等于下降时间B.v2的大小可能大于C.上升过程中电阻R产生的焦耳热较下降过程的大D.金属棒上升、下降经过ab处的时间间隔为10、如图所示，MM′是空气与某种介质的界面；一条光线从空气射入介质的光路如图所示，那么根据该光路图做出下列判断中正确的是。

A.该介质的折射率为B.光在介质中的传播速度c(c真空中光速)C.光线从介质射向空气时有可能发生全反射D.光线由介质射向空气时全反射的临界角大于45°11、如图所示；小车放在光滑地面上，A；B两人站在车的两端，这两人同时开始相向行走，发现车向左运动，分析小车运动的原因可能是()

A.A.B质量相等，但A比B的速率大B.B质量相等，但A比B的速率小C.B速率相等，但A比B的质量大D.B速率相等，但A比B的质量小12、质量分别为的物体a、b在光滑水平面上发生正碰。若不计碰撞时间，它们碰撞前、后的图像如图所示。则下列说法正确的是（）

A.碰撞前a物体的动量大小为B.碰撞前b物体的动量大小为C.在碰撞过程中，b物体受到的冲量为D.在碰撞过程中，a物体损失的动量大小为13、弹玻璃球是小朋友经常玩的一种游戏．小朱在光滑水平桌面上将一个质量为3m的小钢球以某一速度弹出，之后小钢球与前方静止的、质量为m的等大玻璃球发生正碰，已知碰撞前钢球的动能为E，则碰撞之后玻璃球的动能可能为（）A.B.C.D.14、如图所示，在光滑水平面上停放着质量为m的装有光滑弧形槽的小车，一质量也为m的小球以水平初速度沿底端槽口向左滑上小车，到达某一高度后，小球又返回右端，则（）

A.此过程中小球和小车组成的系统动量守恒B.小球离开车以后相对地面将向右做平抛运动C.此过程小球对小车做的功为D.小球沿弧形槽上升的最大高度为15、一列简谐机械横波沿x轴正方向传播，波速为2m/s。某时刻波形如下图所示，a、b两质点的平衡位置的横坐标分别为则下列说法中正确的是（）

A.这列波的周期为4sB.此时质点b沿y轴负方向运动C.此时质点a的加速度比质点b的加速度大D.此时刻以后，a比b先到达平衡位置16、如图所示，一波源O做匀速直线运动时在均匀介质中产生球面波的情况；则（）

A.该波源正在移向点B.该波源正在移向点C.在处观察波的频率变低D.在处观察波的频率变低17、图1是研究光的干涉现象的装置示意图，在光屏P上观察到的图样如图2所示。为了增大条纹间的距离；下列做法错误的是（）

A.增大单色光的频率B.减小双缝屏上的双缝间距C.增大双缝屏到光屏的距离D.增大单缝屏到双缝屏的距离评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、做简谐振动的物体，当它每次经过同一位置时，速度___________（填“可能”或“一定”）不同，加速度___________（填“可能”或“一定”）相同。19、波速。

（1）定义：机械波在______的传播速度。

（2）决定因素：由______本身的性质决定，在不同的介质中，波速是______（选填“相同”或“不同”）的。

（3）波长、周期、频率和波速的关系：＝_____。20、波的干涉现象中加强点；减弱点的判断方法。

（1）公式法：

某质点的振动是加强还是减弱，取决于该点到两相干波源的________。

①当两波源振动步调一致时。

若则振动_____；

若则振动_____。

②当两波源振动步调相反时。

若则振动_______；

若则振动_____。

（2）图像法：

在某时刻波的干涉的波形图上，波峰与波峰（或波谷与波谷）的交点，一定是_____点，而波峰与波谷的交点一定是_____点，各加强点或减弱点各自连接形成以两波源为中心向外辐射的连线，形成加强线和减弱线，两种线互相间隔，加强点与减弱点之间各质点的振幅_____加强点与减弱点的振幅____。21、用红光做双缝干涉实验，在屏上形成双缝干涉图样如图所示，第1条到第7条亮条纹中心间的距离为x，则相邻两条亮条纹中心间的距离为___________。已知双缝之间的距离为d，测得双缝到屏的距离为L，红光的波长为___________。

22、如图，一弹簧振子在A、B间做简谐运动，平衡位置为O，已知振子的质量为M。

（1）简谐运动的能量取决于_________，本题中物体振动时_________能和__________能相互转化，总_________守恒。

（2）关于振子的振动过程有以下说法，其中正确的是()

A.振子在平衡位置；动能最大，势能最小。

B.振子在最大位移处；势能最大，动能最小。

C.振子在向平衡位置运动时；由于振子振幅减小，故总机械能减小。

D.在任意时刻，动能与势能之和保持不变23、如下图所示为已调好的二胡上的内外两根弦，内弦比外弦粗。拉弓时手指按住弦发生振动，图中手指分别按住四处，则按在______处；弦振动时发出的声音音调最低。

24、原点O处有一简谐横波的波源，形成的简谐波沿x轴传播，如图所示是t=0时的波形图，t=0.02s时，质点A第一次到达波峰处。则该简谐波的传播速度大小为______m/s；已知质点B的平衡位置位于x=0.1m处，则质点B的振动方程为______。

25、判断下列说法的正误。

（1）入射角大于临界角就会发生全反射现象。()

（2）光密介质是指密度大的介质。()

（3）制作全反射棱镜的材料的折射率一定大于()

（4）光导纤维的内芯是光密介质，外套是光疏介质。()

（5）光在光纤中传播时，在内芯与外套的界面上发生全反射。()评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)26、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)27、如图所示，在做“碰撞中的动量守恒”的实验中，所用钢球质量m1，玻璃球的质量为m2，两球的半径均为r．实验时，钢球从斜槽上同一位置由静止释放，玻璃球置于小支柱上（设两球碰撞为弹性碰撞，小支柱不影响钢球的运动）．某同学重复10次实验得到如下图所示的记录纸，其中O是斜槽末端的投影点．回答下列问题：

（1）P点为_________________落点，M点为___________落点，N为________落点；

（2）安装和调整实验装置的两个主要要求是：______________________________．

测量得OM=x1，OP=x2，ON=x3，则要验证的动量守恒关系式为（用题中所给相关符号表示）：_______________．28、小明同学在做“探究碰撞中的不变量”的实验；装置如图1所示。

（1）关于本实验，下列说法正确的是（______）

A.入射小球和被碰小球选择实心钢球；目的是为了使两球碰撞时动能无损失。

B.入射小球和被碰小球的质量必须相等；且大小相同。

C.入射小球每次都必须从斜槽同一高度由静止释放。

D.斜槽轨道的末端必须水平。

（2）某次实验中得出的落点情况如图2所示，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比为___________。

（3）某次实验中，用螺旋测微器测定小球直径，测量结果如图所示，则小球的直径为___________mm。

（4）该实验产生系统误差的主要原因是（______）

A.入射小球在下滑过程中受摩擦力。

B.小球在空气中飞行时受到空气阻力。

C.通过复写纸描得的各点；不是理想的点，有一定的大小，从而带来作图上的误差。

D.测量长度时有误差29、利用“类牛顿摆”验证碰撞过程中的动量守恒定律。实验器材：两个半径相同的球1和球2；细线若干，坐标纸，刻度尺。实验步骤：

（1）测量小球1、2的质量分别为m1、m2；将小球各用两细线悬挂于水平支架上，各悬点位于同一水平面，如图甲；

（2）将坐标纸竖直固定在一个水平支架上，使坐标纸与小球运动平面平行且尽量靠近。坐标纸每一小格是边长为d的正方形。将小球1拉至某一位置A；由静止释放，垂直坐标纸方向用手机高速连拍；

（3）分析连拍照片得出，球1从A点由静止释放，在最低点与球2发生水平方向的正碰，球1反弹后到达最高位置为B，球2向左摆动的最高位置为C，如图乙。已知重力加速度为g，碰前球1的动量大小为___________。若满足关系式___________；则验证碰撞中动量守恒；

（4）与用一根细线悬挂小球相比，本实验采用双线摆的优点是：___________；

（5）球1在最低点与静止的球2水平正碰后，球1向右反弹摆动，球2向左摆动。若为弹性碰撞，则可判断球1的质量___________球2的质量（填写“大于”、“等于”或“小于”）；若为非弹性碰撞，则___________（填“能”或“不能”）比较两球质量大小？30、“探究碰撞中的不变量”的实验装置如图甲所示。已知打点计时器的电源周期为0.02s。

（1）下列说法正确的是______。（填正确选项前的字母）

A．本实验中应平衡摩擦力。

B．实验时先推动小车A；再接通打点计时器电源。

（2）若获得的纸带如图乙所示，从a点开始，每5个点取一个计数点，其中a、b、c、d、e都为计数点，并测得相邻计数点间距分别为ab=20.3cm、bc=36.2cm、cd=25.1cm、de=20.5cm，已测得小车A（含橡皮泥）的质量mA=0.4kg，小车B（含撞针）的质量mB=0.3kg。由以上测量结果可得碰前系统总动量为______kg·m/s，碰后系统总动量为______kg·m/s。（结果均保留三位有效数字）评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)31、2022年冬奥会在北京成功举办，激发了全国人民冰雪运动的热情。如图为某滑冰场示意图，甲、乙两名滑冰爱好者正在足够长水平轨道上进行滑冰。乙静止在B点，甲以某一初速度从A点出发向乙滑去，在与乙发生碰撞的瞬间，甲用力将乙推出后，甲恰好能够回到出发点A。已知乙被推出的瞬间获得5m/s的速度，甲、乙的质量关系A、B两点间的距离s=2.25m，两运动员与冰面间的动摩擦因数均为μ=0.2，甲、乙相互作用时间极短，除碰撞过程外两人均不做功，可视为做匀减速直线运动的质点，重力加速度求：

（1）乙被推出后；经过多长时间停下来；

（2）甲由A点出发的初速度v0。

32、如图所示，一水平传送带以v=3m/s的恒定速度顺时针转动，其上表面左端A点、右端B点分别与一光滑曲面、一光滑水平台面平滑对接。光滑水平台面上距B点d1=2m处的P点放置有一质量为M=3kg的物块，P点右侧相距d2=4m处的C点固定有竖直挡板。一质量为m=1kg的物块从光滑曲面距水平面h=1.8m处由静止释放。已知A、B两点相距L=2.5m，物块m与传送带之间的动摩擦因数为µ=0.4，重力加速度为g=10m/s2，所有碰撞2都是弹性碰撞，且碰撞时间极短，可忽略不计，两物块均可视为质点，它们之间每次碰撞的地点都在BC之间；求。

(1)物块m第一次到达B点的速度；

(2)物块m从开始释放至与物块M发生第2次碰撞的过程中，整个系统因摩擦产生的内能Q；

(3)物块m与M发生第1次碰撞和第2次碰撞所经历的时间间隔t。

33、质量为的机车以恒定牵引力F拖着质量为的拖车；在水平直轨道上匀速行驶，速度16m/s，某时刻机车和拖车意外脱钩，一段时间后，司机发现并关闭机车的动力装置，此时拖车的速度减小了6m/s．机车在这个过程中前进的距离为L=132m，假设在运动过程中，机车和拖车受到的阻力均与它们的重力成正比且比值相同．机车与拖车均可视为质点，试求：

（1）机车关闭动力装置时；它的速度大小以及动力装置提供的恒力F

（2）从关闭机车的动力装置到机车和拖车都停止的这一过程中，阻力的总功为多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【详解】

因为各球间发生的碰撞是弹性碰撞，则碰撞过程机械能守恒，动量守恒．因碰撞后三个小球的动量相等设为p，则总动量为3p．由机械能守恒得即代入四个选项的的质量比值关系，只有A项符合，故选A．

【点睛】

本题要注意灵活设出中间量p，从而得出正确的表达式，再由选择得出正确的条件．2、B【分析】【详解】

由全反射临界角的定义有

根据几何关系，光线离光轴最远的距离为

所以光线能直接射出的百分比为

所以光线能不能直接射出的百分比为

故ACD错误；B正确。

故选B。3、A【分析】【详解】

A．式中位移x是相对平衡位置的位移；故A正确；

B．式中的负号表示回复力方向总是与位移方向相反；故B错误；

C．k是回复力大小与位移大小的比值；不一定表示弹簧的劲度系数，故C错误；

D．简谐运动物体位移随时间变化；回复力既随位移变化，也随时间变化，故D错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

A．任子威和武大靖受到的推力大小相等方向相反；且二人质量不同，因此加速度大小不同，方向也不同，故A错误；

B．任子威对武大靖的冲量与武大靖对任子威的冲量大小相等；方向相反，故B正确；

C．根据动量定理；动量的变化量等于冲量，任子威和武大靖的动量变化量大小相等，方向相反，所以任子威和武大靖的动量变化量不相同，故C错误；

D．因为推力做功；任子威和武大靖组成的系统机械能一定增加，故D错误。

故选B。5、D【分析】【分析】

【详解】

AB．球拍将乒乓球原速率击回；可知乒乓球的动能不变，动量方向发生改变，可知合力做功为零，冲量不为零，AB错误；

C．乒乓球运动至最高点时有水平方向的速度；所以动量不为零，C错误；

D．乒乓球下落过程中，只受重力，根据动量定理得

解得

即在相等时间内动量变化相同；D正确。

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．从a到b过程中，力F大于0，钩码加速度向上，但可以向下做减速运动，同理，从b到c过程中钩码可能向上做加速运动；故A错误；

B．在整个运动过程中，如果a到c的过程向上加速则拉力对小球做正功；机械能增加，如果向下减速则拉力对小球做负功机械能减少，故B错误；

C．图像中面积表示力对时间的积累，即冲量。故图形abc的面积等于图形def的面积。故C正确；

D．a到c的过程中，钩码所受力大于0，根据

加速度大于0，即从a到c钩码处于超重状态。7、B【分析】【详解】

A．由乙图知处质点在0时刻振动方向向上，对应到甲图中可知，质点是由其右边质点“带动”的，说明波是沿x轴负向传播；故A错误；

B．根据图像可知，波长=4km，则波速

当n=1时，v=25km/s；故B正确；

C．当n=0时，速度最小v=5km/s，则传播10km距离所需的最长时间为

故C错误；

D．x=2km处质点与x=1km处质点平衡间距不是半波长的奇数倍；不是反向点的关系，所以不会出现一个在波谷另一个在波峰的现象，故D错误。

故选B。8、C【分析】【详解】

A．太阳光照射下肥皂膜呈现彩色；是因为肥皂膜的前后表面反射回来的两列光发生干涉时形成的，属于薄膜干涉现象，故A错误；

B．雨后天空出现彩虹；是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠时，发生了折射与全反射而成的，白光经水珠以后，分成各种彩色光，这种现象属于光的色散现象，故B错误；

C．通过狭缝观看日光灯管可见彩色条纹；看到的彩色条纹属于光的衍射现象，故C正确；

D．增透膜是利用光的干涉现象来使反射光的强度减至最小；故D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)9、C:D【分析】【详解】

A．金属棒运动过程受重力、支持力和安培力作用；重力和支持力的合力沿斜面向下，大小为mgsinθ；由楞次定律可知：进入磁场区域前；安培力为零；进入磁场区域后，金属棒上升时，安培力方向沿斜面向下；金属棒下落时，安培力方向沿斜面向上；故上升时的加速度大于下滑时的加速度，那么根据位移相等可得：金属棒上升时间小于下降时间，故A错误；

B．设时间为t时，金属棒的速度为v；那么电动势。

E=BLv故金属棒受到的安培力。

金属棒下滑过程，受到最大时，安培力F=mgsinθ；然后金属棒匀速运动；故。

所以。

故B错误；

C．上升时的加速度大于下滑时的加速度，那么，在同一位置时，上升速度大于下滑速度，故上升时安培力大于下滑时安培力，那么，上升时克服安培力做的功比下滑时大；根据能量守恒可得：克服安培力做的功转化为电阻R产生的焦耳热，故上升过程中电阻R产生的焦耳热较下降过程的大；故C正确；

D．金属棒上升、下降过程只受重力、支持力、安培力作用，设上滑最大位移为s；则分别应用动量定理可得：

故金属棒上升、下降经过ab处的时间间隔为。

故D正确；

故选CD。10、B:C:D【分析】【详解】

由图知，入射角i=60°，折射角r=45°，则折射率为故A错误．光在介质中的传播速度为故B正确．光线从介质射向空气时，只要入射角大于等于临界角就能发生全反射，故C正确．设光线由介质射向空气时全反射的临界角为C，则则得：C>45°，故D正确．11、A:C【分析】【详解】

A、B两人与车组成的系统动量守恒，开始时系统动量为零；两人相向运动时，车向左运动，车的动量向左，由于系统总动量为零，由动量守恒定律可知，A、B两人的动量之和向右，A的动量大于B的动量；如果A、B的质量相等，则A的速度大于B的速度，故A正确，B错误；如果A、B速率相等，则A的质量大于B的质量，故C正确，D错误；故选AC．12、C:D【分析】【详解】

A．依题图可知，碰撞前a的速度

碰撞前a的动量

故A错误；

B．依题图可知，碰撞前b静止，碰撞前b的动量为零；故B错误；

C．依题图可知，碰撞后a、b的速度相等，为

碰撞后b的动量大小为

根据动量定理，碰撞过程中，b物体受到的冲量为

故C正确；

D．碰撞后a的动量大小为

碰撞过程中a物体的动量变化为

可知碰撞过程中a物体损失的动量大小为故D正确。

故选CD。13、B:C:D【分析】【详解】

假设发生弹性正碰，则有

解得

玻璃球的动能为

假设发生完全非弹性碰撞

解得

玻璃球的动能为

玻璃球的动能的取值就在与之间，故选BCD。14、C:D【分析】【详解】

A．系统整个过程水平方向动量守恒；竖直方向动量不守恒，故A错误；

B．设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，得：

由动能守恒得

联立解得

即小球与小车分离后二者交换速度；所以小球与小车分离后做自由落体运动；故B错误；

C．此过程中小球对小车的功等于小车动能的增加，即

故C正确；

D．当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，则

联立解得

故D正确。

故选CD。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．由图能直接读出波长λ=8m；由波速公式。

得该波的周期T=4s；故A正确；

B．波向右传播，根据上下波法可知，b质点正在向y轴正方向运动；故B错误；

C．质点a离平衡位置比b远，即a的位移比b的位移大；由。

可知，此时质点a的加速度比质点b的加速度大；故C正确；

D．根据上下波可知，ab质点均沿y轴正方向运动，故b比a先到达平衡位置；故D错误。

故选AC。16、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．波源在某一位置产生一列波面后；该波面以该位置为球心，以波速作为传播速度向外传播，反之，由波面可确定出该波面的产生位置，即波源．波面半径大，表示产生时间早，传播时间长，对照图示，可确定出波源由右向左移动，故选项A正确，选项B错误；

CD．由于观察者不动，故波面经过观察者的速度等于波速，而在A处观察时，相邻波面间距比波源不动时间距小，因而经过观察者时间间隔短，频率大，同理在B处时间间隔长；频率小，故选项C错误，选项D正确。

故选AD。17、A:D【分析】【详解】

根据双缝干涉条纹间距公式

A．增大单色光的频率；即减小单色光的波长，则条纹间的距离减小，故A错误，满足题意要求；

B．减小双缝屏上的双缝间距；则条纹间的距离增大，故B正确，不满足题意要求；

C．增大双缝屏到光屏的距离；则条纹间的距离增大，故C正确，不满足题意要求；

D．增大单缝屏到双缝屏的距离；则条纹间的距离不变，故D错误，满足题意要求。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]做简谐运动的物体；每次通过同一位置时，速度可能有两种方向，而速度是矢量，所以速度可能不同。

[2]根据简谐运动的特征

物体每次通过同一位置时，位移一定相同，加速度也一定相同。【解析】①.可能②.一定19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】介质中介质不同20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]本题涉及到的知识点为波的干涉现象中加强点；减弱点的判断方法；第一种公式法，某质点的振动是加强还是减弱，取决于该点到两相干波源的距离差。

[2][3]当两波源振动步调一致时；如果距离差为波长的整数倍（半波长的偶数倍），那么该点是振动加强点;如果距离差为半波长的奇数倍，那么该点是振动减弱点。

[4][5]当两波源振动步调相反时；如果距离差为波长的整数倍（半波长的偶数倍），那么该点是振动减弱点，如果距离差为半波长的奇数倍，那么该点是振动加强点。

（2）[6][7][8][9]第二种图像法，在某时刻波的干涉的波形图上，波峰与波峰（或波谷与波谷）的交点，一定是加强点，而波峰与波谷的交点一定是减弱点，各加强点或减弱点各自连接形成以两波源为中心向外辐射的连线，形成加强线和减弱线，两种线互相间隔，加强点与减弱点之间各质点的振幅介于加强点与减弱点的振幅之间。【解析】①.距离之差Δr②.加强③.减弱④.加强⑤.减弱⑥.加强⑦.减弱⑧.介于⑨.之间21、略

【分析】【详解】

[1]相邻两条亮条纹中心间的距离为

[2]已知双缝之间的距离为d，测得双缝到屏的距离为L，根据

红光的波长为【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4]简谐运动的能量取决于振幅；本题中物体振动时动能和弹性势能相互转化，总机械能守恒。

（2）[5]D．在任意时刻只有系统内弹簧的弹力做功；则机械能守恒，故D正确；

A．振子在平衡位置；速度最大，动能最大，是能最小，故A正确；

B．振子在最大位移处；弹簧形变量最大，势能最大，动能最小，故B正确；

C．振幅的大小与振动过程中振子的位置无关；故C错误。

故选ABD。【解析】振幅动弹性势机械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA23、A【分析】【分析】

【详解】

在其他条件相同的情况下，弦越粗，越长，弦振动的频率就越低，音调就越低，故按在A处，弦振动时发出的声音音调最低。24、略

【分析】【详解】

[1]由题图可看出该波的波长λ=0.4m

由于O为波源，则在x轴负方向的波往左传播，则质点A第一次到达波峰处有T=0.02，v==5m/s

[2]由于该波的周期为0.08s，且则在x轴正方向的波往右传播，则在t=0时质点B往上振，质点B的振动方程为y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入数据有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）25、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.错误③.错误④.正确⑤.正确四、作图题(共1题，共10分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析】(1)(2)五、实验题(共4题，共40分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]入射小球和被碰小球相撞后，被碰小球的速度增大，入射小球的速度减小，碰前碰后都做平抛运动，高度相同，落地时间相同，所以P点是没放玻璃球时，钢球的平均落地点，M点是碰后钢球的平均落地点，N点为碰后被碰玻璃球的平均落地点．

（2）[4][5]为了保证小球做平抛运动，安装轨道时，轨道末端必须水平．否则会引起误差；为了发生对心碰撞，两球的直径需相同且在同一高度，否则会引起误差．碰撞过程中，如果水平方向动量守恒，由动量守恒定律得小球做平抛运动时抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间t相等，两边同时乘以时间t，

由此表达式为【解析】没放玻璃球时，钢球的平均落点或钢球单独滚下时的平均落点碰撞后，钢球的平均落点碰撞后，玻璃球的平均落点斜槽末端保持水平，碰撞时两球球心在同一水平线上28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]A．选择钢球做碰撞实验；其目的是使碰撞的时间较短，故A错误；

B．为了使碰撞不致于反弹；要求两球的直径相等，且入射球的质量大于被碰小球的质量，故B错误；

C．每次从同一点释放小球；才保证每次碰撞前的速度相等，故C正确；

D．碰撞前后的速度沿水平方向；才能用水平位移代替水平速度，故D正确。

故选CD。

(2)[2]设小球做平抛的时间为t；若碰撞前后动量守恒，则有。

所以。

(3)[3]螺旋测微器的精度为0.01mm；其读数为固定刻度和可动刻度的示数之和。

(4)[4]A．系统误差是由于实验原理和装置产生的不可避免的误差；摩擦力对实验无影响，故A错误；

B．空气对小球的阻力对碰撞后的速度有影响；故B正确；

CD．描点找点迹；测量长度等都产生偶然误差；故CD错误。

故选B。【解析】CD7：212.895B29、略

【分析】【分析】

【详解】

(3)[1]从A位置到最低点的高度差为。

由机械能守恒定律可得。

解得碰前球1的速度为。

故碰前球1的动量大小为。

[2]碰后球1；球2上升的高度分别为。

同理可得；碰后球1；球2的动量大小分别为。

要满足动量守恒；需满足。

整理可得。

(4)[3]两根细线悬挂小球；形成稳定的三角结构，避免小球摆动过程中出现晃动，形成圆锥摆。

(5)[4]碰撞过程由动量守恒定律及机械能守恒定律分别可得。

联立解得。