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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年人教A版高三物理下册阶段测试试卷692考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题,共16分)1、如图;物体沿光滑曲面滑下,不计空气阻力,下列说法正确的是()

A.物体机械能增大B.物体重力势能增加,动能增加C.重力对物体做负功D.重力对物体做的功等于物体动能的增加2、劳伦斯和利文斯设计的回旋加速器工作原理如图所示,置于高真空中的D形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可忽略,磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直,高频交流电频率为f,加速电压为U.若A处粒子源产生的氢原子核质量为m、电荷量为+q,在加速器中被加速,且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响,则下列说法正确的是()A.氢原子核被加速后的最大速度不可能超过2πRfB.氢原子核离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比C.氢原子核离开回旋加速器时的最大动能与交流电周期T成正比D.氢原子核第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为3、下列关于曲线运动的说法正确的是()A.做曲线运动的物体有可能处于平衡状态B.物体做曲线运动的速度方向一定沿曲线的切线方向C.曲线运动一定是变速运动,速度的大小一定改变D.做曲线运动的物体,受到的合力的方向有可能与速度在一条直线上4、下列说法正确的是()A.速度变化越快的物体惯性越小B.物体做曲线运动的条件是所受合力与速度既不垂直也不在同一直线上C.吊扇工作时向下压迫空气,空气对吊扇产生竖直向上的托力,减轻了吊杆对电扇的拉力D.用弹簧连接的两个小球A和B,其中弹簧对A的力和弹簧对B的力是作用力和反作用力5、如图所示,实线为不知方向的三条电场线,从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子;仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示.则()

A.a一定带正电,b一定带负电。

B.a的速度将减小,b的速度将增加。

C.a的加速度将减小,b的加速度将增加。

D.两个粒子的动能;一个增加一个减小。

6、比值定义物理量是物理学中定义物理量的重要方法,根据v=s/t可以判断做匀速直线运动的物体()A.其速度v与位移s成正比B.其速度v与时间t成反比C.其速度v与位移s成正比,其速度v与时间t成反比D.其速度v与位移s和时间t都无关7、电磁泵模型简化为一个长方体,ab

边长为L1

左右两侧面是边长为L2

的正方形,在泵头通入导电剂后液体的电阻率为娄脩

泵体所在处有方向垂直向外的磁场B

把泵体的上下两表面接在电压为U(

内阻不计)

的电源上,理想电流表示数为I

若电磁泵和水面高度差为h

不计水在流动中和管壁之间的阻力,重力加速度为g

则(

)

A.泵体上表面应接电源负极B.电源提供的电功率为U2L1蟻

C.增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度D.在t

时间内抽取水的质量为m

这部分水离开泵时的动能为UIt鈭�mgh鈭�I2娄脩L1t

8、关于晶体和非晶体,下列说法正确的是()A.金刚石、食盐、松香和水晶都是晶体B.晶体的分子(或原子、离子)排列是有规则的C.单晶体有固定的熔点,多晶体和非晶体没有固定的熔点D.单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的,非晶体是各向同性的评卷人得分二、多选题(共7题,共14分)9、如图所示,在一大型商厦内,一顾客站在以较小的加速度匀加速向上运行的电梯上,不考虑空气的阻力,以下对其所受力的有关说法正确的是()A.人所受的合力等于零B.人所受梯面的摩擦力的方向水平向右C.人受到梯面的支持力等于重力D.人共受到3个力的作用10、如图所示,在竖直平面内,带等量同种电荷的小球A、B,带电荷量为-q(q>0),质量都为m,小球可当作质点处理.现固定B球,在B球正上方足够高的地方由静止释放A球,则从释放A球开始到A球运动到最低点的过程中()A.小球A的动能不断增大B.小球A的加速度不断减小C.小球A的机械能不断减小D.小球A的电势能不断增大11、如图甲所示,两个皮带轮顺时针转动,带动水平传送带以恒定的速率v

运行。现使一个质量为m

的物体(

可视为质点)

沿与水平传送带等高的光滑水平面以初速度v

0(

v

0<

v

)

从传送带左端滑上传送带。若从物体滑上传送带开始计时,t

0

时刻物体的速度达到v

,2

t

0

时刻物体到达传送带最右端。物体在传送带上运动的v鈭�t

图象(

以地面为参考系)

如图乙所示,不计空气阻力,则()

A.0隆芦

t

0

时间内,物体受到滑动摩擦力的作用,t

0隆芦2

t

0

时间内物体受到静摩擦力的作用B.0隆芦

t

0

时间内,物体所受摩擦力对物体做功的功率越来越大C.若增大物体的初速度v

0

但v

0

仍小于v

,则物体在传送带上运动的时间一定小于2

t

0

D.若增大物体的初速度v

0

但v

0

仍小于v

,则物体被传送的整个过程中传送带对物体所做的功也一定增加12、如图所示,一条形磁铁放在水平桌面上,在它的左上方固定一直导线,导线与磁场垂直,若给导线通以垂直于纸面向里的电流,则(

)

A.磁铁对桌面压力增大B.磁场对桌面压力减小C.桌面对磁铁没有摩擦力D.桌面对磁铁摩擦力向左13、如图所示,两轻质弹簧ab

悬挂一质量为m

的小球,整体处于平衡状态,a

弹簧与竖直方向成30鈭�

角,b

弹簧与竖直方向成60鈭�

角,ab

两弹簧的形变量相等,重力加速度为g

则(

)

A.弹簧ab

的劲度系数之比为31

B.弹簧ab

的劲度系数之比为32

C.若弹簧a

下端松脱,则松脱瞬间小球的加速度大小为3g

D.若弹簧b

下端松脱,则松脱瞬间小球的加速度大小为g2

14、由于航空母舰夹板长度有限,飞机起飞需要一定的速度要求.但飞机自身的加速能力有限,故需要用弹射器和飞机共同实现该速度.电磁弹射器利用的电磁感应原理,产生动能.如图,该装置为航空母舰上电磁弹射器.请选出下列说法中正确的选项()A.电磁弹射车使用磁悬浮是为了减少飞机对轨道的摩擦B.弹射时电磁车的动能来源于航母的电能C.飞机在弹射过程中的动能变化等于弹射车对飞机的做功D.弹射过程中飞机和弹射车构成的系统能量不守恒15、“嫦娥三号”登月探测器在月球成功着陆,标志着我国登月探测技术达到了世界领先水平.“嫦娥三号”绕月飞行的示意图如图所示,P点为变轨点,引力常量为G,则“嫦娥三号”()A.在轨道1上运行的周期小于在轨道2上运行的周期B.沿两个不同轨道运行,经过P点时的线速度相同C.沿两个不同的轨道运行,经过P点时所受月球引力相同D.若已知轨道1上动行的周期和轨道半径,可求月球质量评卷人得分三、填空题(共6题,共12分)16、世界上第一颗原子弹爆炸时,恩里科•费米把事先准备好的碎纸片从头顶上方撤下,碎纸片落到他身后约2m处,由此,费米推算出那颗原子弹的威力相当于l万吨TNT炸药.假设纸片从1.8m高处撒下,请你估算当时的风速是____m/s.17、(2011•松江区二模)如图所示,粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷,带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑,到达N点时速度为零,然后下滑回到M点,此时速度为v2(v2<v1).若小物体电荷量保持不变,OM=ON,重力加速度为g,则小物体上升过程中,受到的摩擦力大小变化情况是____,小物体上升的最大高度为____.18、【题文】电源的电动势为4.5V,内电阻为0.50Ω,外电路接一个4.0Ω的电阻,这时流过电源的电流为____A,路端的电压为________V.19、某同学设计了图示的装置来难证动量守恒定律:将质量为mA的钢球A用长为L的细绳栓好悬于O点,质量为mB(mB<mA)的钢球B放在与O在同一竖直线上;距地面高度为H的支柱上;且与悬点的距离也是L.现将球A拉至细线与竖直方向夹角为α处由静止释放,当A摆到最低点时恰与B球发生对心碰撞.碰撞后,A球将轻质指针C推移到与竖直方向的夹角为β处,B球落到地面上的D点,发生的水平位移为s.则:

(1)A与B球碰撞前的动量为____________;B球碰撞后的动量为____________.

(2)验证动量守恒定律的表达式为____________.20、对于平抛运动。

。平抛运动的速度平抛运动的位移示意图vx=____

vy=____

v=____

tanθ=____x=____

y=____

s=____

tanα=____21、(2013春•焦作校级期末)如图所示,以边长为50cm的正方形导线框,放置在B=0.40T的匀强磁场中.已知磁场方向与水平方向成37°角,线框电阻为0.10Ω,求线框绕其一边从水平方向转至竖直方向的过程中通过导线横截面积的电量q=____.评卷人得分四、判断题(共4题,共12分)22、物体只要是运动的,其合外力就一定不为零.____(判断对错)23、原子核由质子、中子和电子组成.____(判断对错)24、参考系的选取是任意的,但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单.____.(判断对错)25、一定质量的理想气体,当压强不变而温度由100℃上升到200℃时,其体积增加为原来的2倍.____.(判断对错)评卷人得分五、识图作答题(共2题,共12分)26、某同学将水生植物黑藻置于适宜的温度和pH缓冲液中,通过改变某种实验条件来测定O2释放速率,结果如下图所示。请据图回答下列问题:

(1)0—t1时间段内,黑藻细胞中合成ATP的场所有_________________________。(2)t1→t2时间段内,O2释放速率增大的原因是___________________________________。(3)该同学发现t2时间之后,O2释放速率无法继续增大,因此他在t3时间再次改变环境因素,使O2释放速率能继续增大。请在图中标出他的改变措施,并画出t3时间之后的曲线。27、下图l表示某种群数量变化可能的四种情况(“J”型、Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ),其中a点后表示有外界因素引起的变化。图2是某生态系统能量流动部分图解(其中W1为生产者固定的太阳能)。请据图回答:

(1)图1中曲线Ⅲ种群数量增长速率最快时,对应的种群数量为________________________。(2)若图1种群为长江流域生态系统中的白鳍豚,从种群特征上分析:种群数量在a点以后发生曲线Ⅲ变化的直接原因是______________,且种群数量为K3时,对白鳍豚种群保护的最有效措施是______________,对白鳍豚的科学研究体现了生物多样性的______________价值。(3)若图1种群为东亚飞蝗,干旱能抑制一种丝状菌(该菌造成蝗虫患病)的生长,a点若遇干旱,则a点后东亚飞蝗种群数量变化曲线可能为______________(用图中标号表示)。(4)图2中第一营养级到第二营养级能量的传递效率是第二营养级到第三营养级的_____________倍(用图中字母表示)。(5)图3表示该生态系统中三个物种1、2、3的环境容纳量和某时刻的种群实际大小。由图可知,__________物种的种内斗争最剧烈。评卷人得分六、实验探究题(共2题,共14分)28、某物理兴趣小组在学习了电流的磁效应后,得知长直通导线周围某点磁场的磁感应强度B的大小与长直导线中的电流大小I成正比,与该点离长直导线的距离r成反比.该小组欲利用如图甲所示的实验装置验证此结论是否正确;所用的器材有:长直导线;学生电源,直流电流表(量程为0~3A)、滑动变阻器、小磁针(置于刻有360°刻度的盘面上)、开关及导线若干.

实验步骤如下:

a.将小磁针放置在水平桌面上;等小磁针静止后,在小磁针上方沿小磁针静止时的指向水平放置长直导线,如图甲所示;

b.该小组测出多组小磁地与通电长直导线间的竖直距离r;长直导线中电流的大小I及小磁针的偏转角度θ;

c.根据测量结果进行分析;得出结论.

回答下列问题:

(1)某次测量时,电路中电流表的示数如图乙所示,则该电流表的读数为______A.

(2)在某次测量中,该小组发现长直导线通电后小磁针偏离南北方向的角度为30°(如图丙所示),已知实验所在处的地磁场水平分量大小为B0=3×10-5T,则此时长直导线中的电流在小磁针处产生的磁感应强度B的大小为______T(结果保留两位小数).

(3)该小组通过对所测数据的分析,作出了小磁针偏转角度的正切值tanθ与之间的图象如图丁所示,据此得出了通电长直导线周围磁场的磁感应强度B与通电电流I成正比,与长导线的距离r成反比的结论,其依据是______.

(4)通过查找资料,该小组得知通电长直导线周围某点的磁感应强度B与电流I及距离r之间的数学关系为B=•其中μ0为介质的磁导率.根据题给数据和测量结果,可计算出μ0=______T•m/A.

29、(1)

某同学要测量一较粗金属丝的电阻率;他用螺旋测微器测量其直径如图甲所示,由图可知其直径为______mm

(2)

为精确测量金属丝的电阻;实验老师提供了以下实验器材:

A.金属丝Rx(

约300娄赂)

B.电池组(6V,0.05娄赂)

C.电流表A1(30mA

内阻约10娄赂)

D.电流表A2(3A

内阻约0.1娄赂)

E.电压表V(6V

内阻Rx=3k娄赂)

F.滑动变阻器1(2k娄赂,0.8A)

G.滑动变阻器2(50娄赂,2A)

H.开关一个;导线若干。

(1)

该同学根据所给器材的特点;进行了实验电路的设计,实验要求通过金属丝的电流从零开始增加,则电流表应选择______,滑动变阻器应选择______.(

填器材前的字母标号)

(2)

如图乙所示;该同学只连接了部分导线,请你帮助他完成实验电路的连接.

(3)

该同学在实验中测量得到电压表的读数U

电流表的读数I

电阻丝的长度L

和直径D

则用测量和已知量表示Rx=

______,金属丝电阻率的表达式为娄脩=

______.参考答案一、选择题(共8题,共16分)1、D【分析】【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功,分析物体的受力情况,判断各力做功情况,从而判断物体是否是机械能守恒.【解析】【解答】解:A;物体沿光滑曲面滑下;曲面的支持力对物体不做功,只有物体的重力做功,所以机械能守恒,故A错误.

B;物体的高度不断下降;重力势能减小,动能增加.故B错误.

C;重力势能减小;重力对物体做正功,故C错误.

D;根据动能定理知;重力对物体做的功等于物体动能的增加,故D正确.

故选:D.2、A【分析】【分析】回旋加速器运用电场加速磁场偏转来加速粒子,根据洛伦兹力提供向心力可以求出粒子的最大速度,从而求出最大动能.在加速粒子的过程中,电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等.【解析】【解答】解:A、质子出回旋加速器的速度最大,此时的半径为R,则v==2πRf.所以最大速度不超过2πfR.故A正确.

B、根据qvB=m,知v=,则最大动能EKm=mv2=.与加速的电压无关.故B错误.

C、根据qvB=m,知v=,则最大动能EKm=mv2=.与周期无关.故C错误.

D、粒子在加速电场中做匀加速运动,在磁场中做匀速圆周运动,根据v=知,质子第2次和第1次经过D形盒狭缝的速度比为:1,根据r=,则半径比为:1.故D错误.

故选:A.3、B【分析】【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上,合外力大小和方向不一定变化,由此可以分析得出结论.【解析】【解答】解:A;处于平衡状态的物体的合外力为零;不会做曲线运动,故A错误;

B;物体做曲线运动的速度方向一定沿曲线的切线方向;故B正确;

C;曲线运动一定是变速运动;速度的大小一定改变,如匀速圆周运动的速度的大小不变,故C错误;

D;物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上;故D错误;

故选:B4、C【分析】【分析】物体的惯性与运动的状态无关;物体做曲线运动的条件是所受合力与速度不在同一直线上;吊扇工作时向下压迫空气,空气对吊扇产生竖直向上反作用力;弹簧对A的力和弹簧对B的力都是弹簧的弹力.【解析】【解答】解:A;物体的惯性与运动的状态无关;故A错误;

B;物体做曲线运动的条件是所受合力与速度不在同一直线上;可以相互垂直;故B错误;

C;吊扇工作时向下压迫空气;使空气向下运动,空气对吊扇产生竖直向上反作用力--的托力,减轻了吊杆对电扇的拉力;故C正确;

D;弹簧对A的力和A物体对弹簧拉力是作用力与反作用力.故D错误.

故选:C5、C【分析】

A;物体做曲线运动;所受力的方向指向轨道的内侧,由于电场线的方向不知,所以粒子带电性质不定,故A错误;

B;物体做曲线运动;所受力的方向指向轨道的内侧,从图中轨道变化来看电场力都做正功,动能都增大,速度都增大,故B错误,D错误.

C、电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,所以a受力减小,加速度减小,b受力增大;加速度增大,故C正确.

故选C.

【解析】【答案】电场线密的地方电场的强度大;电场线疏的地方电场的强度小.

物体做曲线运动;所受力的方向指向轨道的内侧.

根据电场力做功来判断动能的变化.

6、D【分析】解:根据速度的定义式v=知;速度与位移和时间无关.故D正确,A;B、C错误.

故选:D.

用比值定义法定义的物理量与所比值的物理量无关;匀速直线运动物体的速度与位移和时间无关.

解决本题的关键知道比值定义法这种定义方法,知道所定义的物理量与所比值的物理量无关,比如加速度与速度变化量和变化的时间无关【解析】【答案】D7、D【分析】解:A

当泵体上表面接电源的正极时;电流从上向下流过泵体,这时受到的磁场力水平向左,拉动液体,若上表面接电源的负极时,则不能拉动液体;故A错误;

B、根据电阻定律,泵体内液体的电阻:R=娄脩LS=娄脩隆脕L2L1L2=娄脩L1

因此流过泵体的电流I=UR=UL1蟻

那么液体消耗的电功率为P=U2L1蟻

而电源提供的电功率为UI

故B错误;

C;若增大液体的电阻率;可以使电流减小,受到的磁场力减小,使抽液高度减小,故C错误;

D;若t

时间内抽取水的质量为m

根据能量守恒定律;

则这部分水离开泵时的动能为EK=UIt鈭�mgh鈭�I2娄脩L1t

故D正确;

故选:D

当泵体中电流向下时;安培力向左,故液体被抽出;根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析,根据安培力公式分析安培力大小情况.

本题关键是明确电磁泵的工作原理,要能够结合欧姆定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素,不难.【解析】D

8、B【分析】【分析】晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点,单晶体的物理性质是各向异性的,而多晶体和非晶体是各向同性的,晶体的分子排列是有规则的,而非晶体的分子排列是无规则的.【解析】【解答】解:A;金刚石、食盐、水晶是晶体;而松香是非晶体,故A错误.

B;晶体的分子(或原子、离子)排列是有规则的;而非晶体的分子(或原子、离子)排列是无规则的,故B正确.

C;单晶体和多晶体有固定的熔点;非晶体没有固定的熔点,故C错误.

D;单晶体的物理性质是各向异性的;而多晶体和非晶体是各向同性的.故D错误.

故选:B.二、多选题(共7题,共14分)9、BD【分析】【分析】人和电梯具有相同的加速度,人受重力、支持力和摩擦力三个力作用,根据牛顿第二定律进行判断.【解析】【解答】解:A;人具有沿斜面向上的加速度;知人的合力不为零.故A错误.

B、将加速度分解为水平方向和竖直方向,根据f=max知;人受到的摩擦力水平向右.故B正确.

C;在竖直方向上有向上的加速度;根据牛顿第二定律知,支持力大于重力的大小.故C错误.

D;人受重力、支持力和摩擦力三个力作用.故D正确.

故选:BD.10、CD【分析】【分析】小球A向下运动的过程中,受到重力和静电力两个力作用.刚开始距离较远,重力大于静电力,小球做加速运动,当重力等于静电力时速度最大,后静电力大于重力,小球做减速运动直到停止.静电力做负功时,小球的机械能减小,电势能增大.【解析】【解答】解:A;小球A向下运动的过程中;受到重力和静电力两个力作用.根据库仑定律可知,刚开始距离较远,重力大于静电力,小球做加速运动,合力减小,加速度减小;当重力等于静电力时速度最大;后来静电力大于重力,小球做减速运动直到停止,合力反向增大,加速度也反向增大.所以小球的动能先增加后减小,加速度先减小后增大,故AB错误;

C;D静电力一直做负功;机械能不断减小,电势能不断增加,故CD正确.

故选CD11、BC【分析】【分析】根据v鈭�t

图像和物体与传送带速度关系分析出0隆芦t0

时间和t0隆芦2t0

内摩擦力,利用瞬时功率公式分析出物体所受摩擦力对物体做功的功率的变化,根据速度时间图象的斜率等于加速度、“面积”表示位移分析运动时间的关系可得。本题为传送带问题,解决本题的关键理清物块的运动情况,结合牛顿第二定律和运动学公式以及功公式。【解答】A.根据v鈭�t

图像可知,0隆芦t0

时间内物体做匀变速直线运动,物体速度小于传送带的速度,受水平向左滑动摩擦力作用,t0隆芦2t0

时间内物体速度与传送带速度相同,物体相对于传送带静止,没有相对运动趋势,不受静摩擦力,故A错误;B.根据v鈭�t

图像可知,0隆芦t0

时间内物体做匀变速直线运动,根据瞬时功率P=Ffv

可知物体所受摩擦力对物体做功的功率越来越大,故B正确;C.物体从传送带最左端运动到最右端时通过的位移是一定的,做匀加速运动时加速度不变,根据速度时间图象的斜率等于加速度、“面积”表示位移,由作图法可知,若增大物体的初速度v0

则物体在传送带上运动的时间一定小于2t0

故C正确;D.若增大物体的初速度v0v_{0}但v0v_{0}仍小于vv做匀加速运动时加速度不变,物体匀加速运动的位移x=v2鈭�v02a

减小,则物体被传送的整个过程中传送带对物体所做的功也一定减小,故D错误。故选BC。【解析】BC

12、AD【分析】解:根据条形磁体磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向;如图,在根据左手定则判断安培力方向,如左图;根据牛顿第三定律,电流对磁体的作用力向右下方,如右图,根据平衡条件,可知通电后支持力变大,静摩擦力变大,方向向左.

故AD正确,BC错误.

故选:AD

先判断电流所在位置的磁场方向;然后根据左手定则判断安培力方向;再根据牛顿第三定律得到磁体受力方向,最后对磁体受力分析,根据平衡条件判断.

本题关键先对电流分析,得到其受力方向,再结合牛顿第三定律和平衡条件分析磁体的受力情况.【解析】AD

13、AD【分析】解:由题可知;两个弹簧之间相互垂直,画出受力图如图,设弹簧的伸长量都是x

A、由受力图知,弹簧a

中弹力:Fa=mgcos30鈭�=32mg

据胡克定律a

弹簧的劲度系数为:k1=Fax=3mg2x

弹簧b

中弹力:Fb=mgcos60鈭�=12mg

据胡克定律b

弹簧的劲度系数为:k2=Fbx=mg2x

所以弹簧ab

劲度系数之比为31.

故A正确;B错误;

C、弹簧a

中弹力为3mg2

若弹簧a

的左端松脱,则松脱瞬间b

弹簧的弹力不变,故小球所受重力和b

弹簧弹力的合力与F1

大小相等方向相反,故小球的加速度a=Fam=32g.

故C错误;

D、弹簧b

中弹力为12mg

若弹簧b

的左端松脱,则松脱瞬间a

弹簧的弹力不变,故小球所受重力和a

弹簧弹力的合力与F2

大小相等方向相反,故小球的加速度a=Fbm=12g

故D正确.

故选:AD

对小球受力分析;受到重力和两个弹簧的弹力,根据平衡条件并运用合成法得到两个弹力之比,再结合胡克定律求解出伸长量之比,根据小球平衡由弹簧松脱得出弹力变化情况,再据牛顿第二定律分析加速度情况.

本题考查共点力平衡条件的运用,关键是作图,三力中两个力的合力一定与第三个力等值、反向、共线,知道一个弹簧弹力变化的瞬间,另一弹簧弹力保持不变.【解析】AD

14、BD【分析】【分析】该题结合战斗机在航空母舰上起飞过程中的加速考查功能关系,关键是要结合题目中“需要用弹射器和飞机共同实现该速度”得出弹射过程中弹射车对飞机做功,同时飞机自身的动力也做功,然后结合功能关系即可.【解析】【解答】解:A;战斗机被弹射装置弹出后开始加速;是为了要保证飞机起飞安全.故A错误;

B;由题意电磁弹射器利用的电磁感应原理;产生动能,所以弹射时电磁车的动能来源于航母的电能.故B正确;

C;由题意;需要用弹射器和飞机共同实现该速度,可知飞机在弹射过程中的动能变化等于弹射车对飞机的做功与飞机的动力做的功.故C错误;

D;弹射过程中弹射车对飞机做功;同时飞机自身的动力也做功,所以弹射过程中飞机和弹射车构成的系统能量不守恒.故D正确.

故选:BD15、CD【分析】【分析】根据万有引力提供向心力,结合轨道半径和周期可以求出中心天体的质量;抓住嫦娥三号从圆轨道进入椭圆轨道,做近心运动,确定其加速还是减速;根据万有引力定律确定嫦娥三号周期、引力如何变化.【解析】【解答】解:A、已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量,根据=;在轨道1上运行的周期大于在轨道2上运行的周期.故A错误.

B;嫦娥三号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时;需减速,使得万有引力大于向心力,做近心运动,而进入椭圆轨道,轨道1上运行的速度大于在轨道2上运行速度.故B错误.

C、根据知r同;则所受引力相同.故C正确.

D、已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量,根据根据=,可以求出月球的质量M=;故D正确.

故选:CD.三、填空题(共6题,共12分)16、3.3【分析】【分析】将纸片的运动看做平抛运动,根据高度求出运动的时间,根据水平方向上的位移求出初速度,即等于风速.【解析】【解答】解:将纸片看作近似做平抛运动。

根据竖直方向的分运动为自由落体运动,h=,解得t=;

水平方向作匀速直线运动,速度v=

水平速度即为风速v=3.3m/s.

故答案为:3.3.17、先增大后减小【分析】【分析】带电小物体受到重力、支持力、静电引力和摩擦力;支持力与速度垂直,不做功;摩擦力做负功,上升和下降过程经过同一位置时受摩擦力大小相同,故摩擦力做功一样多;M、N处于等势面上,从M到N电场力做功为零;根据动能定理列式分析求解.【解析】【解答】解:小物体从M到N过程;受到重力;支持力、静电引力和摩擦力,静电引力先变大后变小,故支持力先变大后变小,滑动摩擦力也先变大后变小;

对上升过程运用动能定理;有

Wf-mgh=0-mv12①

对运动的整个过程运用动能定理;有

Wf′=mv22-mv12②

其中

Wf′=2Wf③

由①②③解得

h=

故答案为:先增大后减小,.18、略

【分析】【解析】

试题分析:由闭合电路欧姆定律知流过电源的电流为

路端电压为

考点:闭合电路欧姆定律。

点评:已知电源的电动势,内电阻和外电阻,根据闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流,由欧姆定律求出路端电压。【解析】【答案】1A4V19、略

【分析】解:(1)根据机械能守恒定律得,mAgL(1-cosα)=

解得.

则A球与B球碰撞前的动量为.

根据机械能守恒定律得,

解得

则A与B球碰撞后的动量为.

根据H=得,t=

则平抛运动的初速度

则B球碰撞后的动量为.

(2)验证动量守恒定律的表达式为PA=PA′+PB;

即.

故答案为:(1)

(2)【解析】20、v0gtv0t【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动,根据分位移和分速度公式求解即可.【解析】【解答】解:示意图如图.平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,则有:vx=v0.x=v0t

竖直方向上初速度为零,仅受重力,做自由落体运动,vy=gt.y=.

合速度v==,速度v与水平方向的夹角为θ,则tanθ==,s==,tanα==

故答案为:v0,gt,,,v0t,.v0t;,,.21、1.4C【分析】【分析】根据法拉第电磁感应定律,结合闭合电路欧姆定律与电阻定律,并由电量表达式,即可求解;【解析】【解答】解:线框在转动过程中产生的平均感应电动势

在线框中产生的平均感应电流

转动过程中通过导线某横截面的电荷量q=△t

联立,解得:q=

从线框绕其一边从水平方向转至竖直方向的过程中,△∅=BSsin37°+BScos37°=1.4×0.4×0.52=0.14Wb;

所以通过导线横截面积的电量q==1.4C.

故答案为:1.4C.四、判断题(共4题,共12分)22、×【分析】【分析】力是改变速度的原因,不是维持速度的原因,根据牛顿第一定律分析即可.【解析】【解答】解:当物体做匀速直线运动时;物体不受力或者受平衡力,故力不是维持速度的原因;

故答案为:×.23、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成.【解析】【解答】解:原子核由质子;中子构成;故说法错误.

故答案为:×24、√【分析】【分析】参考系,是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系;参考系的选取是任意的,如何选择参照系,必须从具体情况来考虑,一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系.【解析】【解答】解:参考系;是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系;参考系的选取是任意的,参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单.该说法是正确的.

故答案为:√25、×【分析】【分析】一定质量的气体,保持体积不变,温度升高时,发生等容变化,根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解:根据理想气体的状态方程,一定质量的气体,保持压强不变,温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比,即:;

初状态:T0=100℃=373K,末状态:T1=200℃=473K;所以温度从100℃升高到200℃时,它的体积改变为原来的倍.

故答案为:×五、识图作答题(共2题,共12分)26、(1)细胞质基质;线粒体、叶绿体(2分)

(2)光照增强(1分),光反应中的水光解速率加快、产生O2速率增大(1分);而恒温条件下,黑藻的呼吸速率不变,消耗O2速率不变(1分),所以O2释放速率增大(1分)

(3)充入CO2(1分)曲线如图:(2分)

【分析】【分析】本题结合图示主要考查影响光合作用的环境因素,意在强化学生对影响光合作用的环境因素的理解与运用,题目难度中等。【解答】(1)0—t1时间段内,黑藻细胞既进行呼吸作用又进行光合作用,故合成ATP的场所有细胞质基质、线粒体和叶绿体。(2)t1→t2时间段内,O2释放速率增大的原因是光照增强,光反应中的水光解速率加快、产生O2速率增大;而恒温条件下,黑藻的呼吸速率不变,消耗O2速率不变,所以O2释放速率增大。(3)该同学发现t2时间之后,O2释放速率无法继续增大,因此他在t3时间充入CO2,使O2释放速率能继续增大。曲线如下图:【解析】(1)细胞质基质;线粒体、叶绿体(2分)

(2)光照增强(1分),光反应中的水光解速率加快、产生O2速率增大(1分);而恒温条件下,黑藻的呼吸速率不变,消耗O2速率不变(1分),所以O2释放速率增大(1分)

(3)充入CO2(1分)曲线如图:(2分)

27、(1)(2)出生率小于死亡率建立自然保护区(或就地保护)直接(3)Ⅰ(4)(5)2【分析】【分析】本题考查种群、群落和生态系统的相关知识,意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点,把握知识间内在联系,形成知识网络的能力。【解答】(1)种群数量在时,增长速率最快,图1中曲线Ⅲ种群数量增长速率最快时,对应的种群数量为(2)a点以后发生曲线Ⅲ变化,是由于该种群环境阻力增加,环境容纳量下降,出生率小于死亡率,从而使种群数量减少。种群数量为K3时,对白鳍豚最有效的保护措施是建立自然保护区(或就地保护),改善其栖息环境,通过环境容纳量,对白鳍豚的科学研究体现了生物多样性的直接价值。(3)若图1种群为东亚飞蝗,干旱能抑制一种丝状菌(该菌造成蝗虫患病)的生长,a点若遇干旱,则a点后东

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