2025年仁爱科普版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，一恒力F与水平方向夹角为θ，作用在置于光滑水平面上，质量为m的物体上，作用时间为t，则力F的冲量为（）A.FtB.mgtC.FcosθtD.(mg-Fsinθ)t2、下列几个关于力学问题的说法中正确的是(

)

A.米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B.放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C.摩擦力的方向可能与物体的运动方向垂直D.伽利略在研究运动和力的关系时提出了著名的斜面实验，应用的物理思想方法属于“等效替代”3、奶粉的碳水化合物（糖）的含量是一个重要指标，利用旋光仪这种仪器可以用来测量糖溶液的浓度，从而测定含糖量。其原理是：偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振光的偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度θ，这一角度称为“旋光角”，θ的值与糖溶液的浓度有关，将θ的测量值与标准值相比较，就能确定被测样品的含糖量了。如图所示，S是自然光源，A、B是偏振片，绕中心轴转动偏振片B，便到达O处的光最强，然后将被测样品P置于A、B之间。则下列说法中正确的是（）A.到达O处光的强度会明显减弱B.到达O处光的强度不会明显减弱C.将偏振片B转动一个角度，使得O处光的强度最大，则偏振片B转过的角度等于θD.将偏振片A转动一个角度，使得O处光的强度最大，则偏振片A转过的角摩等干θ4、关于磁感强度，下列说法中正确的是A.一小段通电导线在磁场中某处不受磁场力的作用，则该处的磁感强度一定为零B.一小段通电导线在磁场中某处受到的磁场力越小，说明该处的磁感强度越小C.磁场中某点的磁感强度方向就是放在该点的一小段通电导线的受力方向D.磁场中某点的磁感强度的大小和方向跟放在该点的一小段通电导线受力情况无关5、质量为m的长方形木块静止在倾角为θ的斜面上，斜面对木块的支持力和摩擦力的合力方向应该是（）A.沿斜面向下B.垂直于斜面向上C.沿斜面向上D.竖直向上6、横截面的直径为d、长为l的导线，两端电压为U，当这三个量中一个改变时，对自由电子定向运动的平均速率的影响是（）A.电压U加倍，自由电子定向运动的平均速率不变B.导线长度l加倍，自由电子定向运动的平均速率加倍C.导线横截面的直径加倍，自由电子定向运动的平均速率不变D.以上说法均不正确7、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）

A.此接法的测量值大于真实值B.此接法的测量值小于真实值C.此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D.开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、下列有关生活中的静电，哪些是利用静电技术的______，哪些是为防止静电危害而采取措施______．

①静电除尘②飞机轮胎用导电橡胶制成③静电复印④雷雨天不能在高大树木下避雨⑤静电喷涂．9、用多用电表的欧姆挡测量一未知电阻的阻值；若将选择倍率的旋钮拨至“×100Ω”的挡时，测量时指针停在刻度盘0Ω附近处．为了提高测量的精确性，有下列可供选择的步骤：

A．将两根表笔短接

B．将选择开关拨至“×lKΩ”挡。

C．将选择并关拨至“×10Ω”挡。

D．将两根表笔分别接触待测电阻的两端；记下读数。

E．调节调零电阻；使指针停在0Ω刻度线上。

F．将选择开关拨至交流电压最高挡上。

将上述中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理的顺序______（填写步骤的代号）；若操作正确，上述D步骤中，指针偏转情况如图所示．则此未知电阻的阻值Rx=______．10、在测量电源电动势和内阻的实验中，两组同学分别设计了图(

a

)

和图(

b

)

两种电路．(1)

现提供两种定值电阻，阻值分别为2娄赂

和10娄赂

为了使电压表V1

的读数范围较大，R0

应选择阻值为______娄赂

的定值电阻；(2)

其中一组利用测量数据绘制的U1鈭�U2

图象如图(

c

)

所示(U1U2

分别为电压表V1

和V2

的读数)

则这组同学采用的电路为____(

填a

或b)

(3)

若图(

c

)

中图线的截距为a

，斜率为k

，则被测电源的电动势为E=

______，内阻为r

=

______.(

定值电阻阻值用R0

表示)

11、甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（0-99.99Ω），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2；导线若干．

①先测电阻R1的阻值．请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，保持电阻箱示数不变，____，读出电压表的示数U2．则电阻R1的表达式为R1=____．

②甲同学已经测得电阻Rl=4.8Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E=____V，电阻R2=____Ω．

③利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的-图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2．这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围____（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以____同学的做法更恰当些．

12、某研究性学习小组利用如图1

所示电路测量电池组的电动势E

和内阻r.

根据实验数据绘出如图2

所示的R鈭�1I

图线，其中R

为电阻箱读数，I

为电流表读数，由此可以得到E=

______Vr=

______娄赂.

13、一个正方形线圈放在匀强磁场中，当线圈平面与匀强磁场方向垂直时，通过线圈的磁通量为0.005Wb

当线圈平面转到与匀强磁场方向平行时，通过线圈的磁通量为______Wb

如果转动时间为0.02s

则线圈中产生的平均感应电动势为______V.

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共3题，共18分)22、如图所示，处于同一条竖直线上的两个点电荷AB

带等量同种电荷，电荷量为QGH

是它们连线的垂直平分线.

另有一个带电小球C

质量为m

电荷量为+q(

可视为点电荷)

被长为l

的绝缘轻细线悬挂于O

点，现在把小球C

拉起到M

点，使细线水平且与AB

处于同一竖直面内，由静止开始释放，小球C

向下运动到GH

线上的N

点时刚好速度为零，此时细线与竖直方向上的夹角娄脠=30鈭�.

试求：

(1)

在AB

所形成的电场中；MN

两点间的电势差，并指出MN

哪一点的电势高．

(2)

若N

点与AB

两个点电荷所在位置正好形成一个边长为x

的正三角形，则小球运动到N

点瞬间，轻细线对小球的拉力FT(

静电力常量为k)

．23、某一简谐横波在t＝0时刻的波形图如图中实线所示．若波向右传播，画出后和前两个时刻的波的图像．24、如图所示；带电量g=2.0隆脕10鈭�10C

的正电荷在匀强电场A

处，受到水平向左的电场力F

作用，F=4.0隆脕10鈭�10N.

(1)

用箭头在图中标出电场线方向；

(2)

求匀强电场的场强E

的大小．评卷人得分五、作图题(共1题，共5分)25、画出图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。

评卷人得分六、综合题(共3题，共24分)26、选修3鈭�4

(1)

如图所示，一质点在平衡位置O

点附近做简谐运动，若从质点通过O

点时开始计时，经过0.9s

质点第一次通过M

点，再继续运动，又经过0.6s

质点第二次通过M

点，该质点第三次通过M

点需再经过的时间可能是(

)

A.1sB

．1.2sC

．2.4sD

．4.2s

(2)

一列沿x

轴正方向传播的横波，t=0

时刻的波形如图中的实线，经过t1=0.6s

时波形如图中的虚线所示，已知该波的周期T>0.6s

求：

(1)

这列波的周期；

(2)

从t=0

开始；质点P

经0.8s

通过的路程；

(3)

这列波在3.6s

内传播的距离27、在匀强磁场B

中，从图示位置开始，匝数为N

，面积为S

的线圈abcd

绕轴OO鈥�

以角速度蠅

转动，产生的感应电动势的瞬时值表达式e

=

____(V)

在图示位置磁通量____，感应电动势________。(

“最大”、“最小”)

28、(1)

下列说法正确的是________A.做功和传热在改变内能效果上相当，因此功可以全部转化成热量，热量也可以全部转化成功B.液晶具有流动性，光学性质为各向异性C.化学反应说明分子间有作用力，布朗运动的本质是机械运动D.液体表面层分子间距大于液体内部分子间距，所以液体表面存在表面张力E.在同等温度下干湿泡温度差别越大，环境越干燥(2)

如图所示，粗细均匀的U

形玻璃管竖直放置，左端用水银封闭着长L=12cm

的理想气体，右端开口，当封闭气体的温度T=300K

时，两管水银面的高度差鈻�h=6cm

现对封闭气体缓慢加热，直到左、右两管中的水银面相平，设外界大气压P0=76cmHg

(垄隆)

求左、右两管中的水银面相平时封闭气体的温度；(垄垄)

若保持垄隆

间气体温度不变，从右管的开口端缓慢注入水银，直到右侧管的水银面比左侧管的高鈻�h隆盲=4cm

求注入水银柱的长度。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】根据冲量的定义式得F的冲量为Ft，A对，BCD错。【解析】【答案】A2、C【分析】解：

A；米、千克是国际单位制中的基本单位；而牛顿不是国际单位制中的基本单位，根据牛顿第二定律得到的导出单位.

故A错误．

B；放在斜面上的物体；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力，压力的受力物体是斜面，而重力的分力的受力物体是该物体.

故B错误．

C；摩擦力的方向可以与物体的运动方向垂直；比如在水平圆盘上随圆盘一起匀速转动的物体所受的摩擦力方向与速度方向垂直.

故C正确．

D；伽利略在研究运动和力的关系时应用的物理思想方法是“实验加猜想”；所以D错误．

故选：C

．

米；千克是国际单位制中的基本单位；而牛顿不是国际单位制中的基本单位.

放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力.

摩擦力的方向可以与物体的运动方向垂直.

伽利略的斜面实验是在实际实验基础上进行合理外推．

本题考查物理基础知识，尤其对物理方法要理解加记忆．【解析】C

3、A|C|D【分析】【解析】【答案】ACD4、D【分析】试题分析：一小段通电导线在磁场中某处不受磁场力的作用，则该处的磁感强度不一定为零，磁场力和导线与磁场方向的夹角有关系，A错误、B错误、D正确；磁场力的方向与磁感应强度的方向垂直，C错误。考点：本题考查磁场力、磁感应强度方向。【解析】【答案】D5、D【分析】【解答】解：木块受重力；支持力及摩擦力的作用而处于静止状态；故支持力与摩擦力的合力一定与重力大小相等、方向相反；故支持力和摩擦力的合力竖直向上．

故选：D．

【分析】对木块受力分析，根据共点力的平衡条件的应用可得出斜面对物体的作用力与重力的关系．6、C【分析】解：

A；电压U加倍时；由欧姆定律得知，电流加倍，由电流的微观表达式I=nqvS得知，自由电子定向运动的平均速率v加倍．

B；导线长度l加倍；由电阻定律得知，电阻加倍，电流减半，则由电流的微观表达式I=nqvS得知，自由电子定向运动的平均速率v减半．故B错误．

C、导线横截面的直径d加倍，由S=得到，截面积变为4倍，由电阻定律得知，电阻变为倍；电流变为原来的4倍，根据电流的微观表达式I=nqvS得知，自由电子定向运动的平均速率v不变．故C正确．

D；由上得到D错误．

故选C

根据欧姆定律；电流的微观表达式I=nqvS和电阻定律结合分析自由电子定向运动的平均速率如何变化．

高中物理中涉及自由电荷定向移动速度的公式只有电流的微观表达式I=nqvS．本题考查欧姆定律、电阻定律和电流的微观表达式I=nqvS综合应用能力．【解析】【答案】C7、A【分析】解：（1）实验采用电流表的内接法；电流的测量值I是真实的；

由于电流表的分压作用，电压测量值U偏大，由R=可知；

测量值偏大；测量值大于真实值，故A正确，B错误；

（2）伏安法测电阻；当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故C错误；

（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法；为保证电路安全；

开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最右端；此时分压电路电压为零，故D错误；

故选A．

由电路图可知；该实验采用的是滑动变阻器的分压接法，电流表的内接法；

（1）电流表外接法；由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．

（2）为保证电路安全；采用滑动变阻器分压接法时，在闭合开关前，要求滑动变阻器滑片移到分压电阻为零的位置．

本题考查了伏安法测电阻实验电路分析、实验注意事项、实验误差分析等问题，难度不是很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．【解析】【答案】A二、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】解：①利用静电把空气电离；除去烟气中的粉尘，属于静电的应用；

②飞机上的着地轮装有搭地线或用导电橡胶做轮胎；是为了及时地把飞机在飞行过程中由于摩擦而产生的电荷通过导体而转移给大地，以免发生放电现象，保证飞机和乘客的安全．也是为了静电的防止；

③复印机复印文件资料；就是利用静电墨粉成在鼓上．

④下雨天；云层带电打雷，有静电，不能在高大树木下避雨防止触电是静电的防止；

⑤利用静电吸附；将涂料微粒均匀地喷涂在接地金属物体上，属于静电的应用；

故答案为：①③⑤；②④．

静电对人类有利的方面要加以利用；对人类有危害的方面要避免和防止．油罐车拖一条铁链；飞机机轮用导电橡胶制成、织地毯时夹一些不锈钢丝都是为了防止静电的危害．而静电复印是利用静电为人类服务．

本题是常识性问题，考查对静电现象的了解程度，小高考的能力要求，比较简单．【解析】①③⑤；②④9、略

【分析】解：用“×100Ω”测电阻时挡时；指针停在刻度盘0Ω附近，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，应选“×10Ω”挡，然后对欧姆表重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡上，因此合理的实验步骤是：C；A、E、D、F；

由图象表盘可知；待测电阻阻值为：16×10Ω=160Ω；

故答案为：C；A、E、D、F；160Ω．

（1）欧姆表指针指在中间附近时；读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位；测量；最后调到交流最大电压挡；

（2）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率．

本题考查了欧姆表的使用注意事项、欧姆表读数，用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．【解析】C、A、E、D、F；160Ω10、（1）2；（2）a；（3）【分析】【分析】(1)

根据电路的两端电压U=E鈭�Ir

电流I=ER脥芒+r

可知，要想使使电压表VV11的读数范围较大，RR00应选择阻值小的；(2)(2)由图可知U2U_{2}可以为00则可知这组同学采用的电路是哪个；(3)(3)根据欧姆定律得出U1U_{1}与U2U_{2}的物理关系，根据截距和斜率的物理意义解答。本题主要考查了利用数学图像解决物理问题的能力，这是高考的一个重点内容，一定要掌握它的做题技巧。【解答】(1)(1)根据电路的两端电压U=E鈭�IrU=E-Ir电流I=ER脥芒+r可知，要想使使电压表VV11的读数范围较大，RR00应选择阻值小的，这样电流的变化范围大一些，电压表的变化范围大一些，故应选2娄赂2娄赂的定值电阻；(2)由图可知UU22可以为00则可知这组同学采用的电路是aa图，因为滑动变阻器连入电路的阻值为00时，U2=0U_{2}=0(3)(3)根据欧姆定律得：U1=U2+E鈭�U2R0+r{U}_{1}={U}_{2}+dfrac{E-{U}_{2}}{{R}_{0}+r}整理得：U1=rR0+rU2+ER0R0+r{U}_{1}=dfrac{r}{{R}_{0}+r}{U}_{2}+dfrac{E{R}_{0}}{{R}_{0}+r}故a=ER0R0+ra=dfrac{E{R}_{0}}{{R}_{0}+r}k=rR0+rk=dfrac{r}{{R}_{0}+r}解得：E=a1鈭�kE=dfrac{a}{1-k}r=k1鈭�kR0r=dfrac{k}{1-k}{R}_{0}故答案为：(1)2(2)a(3)a1鈭�kk1鈭�kR0

【解析】(1)2(2)a(3)a1鈭�kk1鈭�kR0

11、略

【分析】

①要测得R1的阻值，应知道R1两端的电压及流过R1的电流；故可以将S2切换到b；测出串联电路的两端的电压；

由串联电路可知U=U2-U1；

电流I=由欧姆定律可知：

R1==

②电压表测量电阻箱两端的电压；由闭合电路欧姆定律可知：

U=

变形得：==

由图象可知，图象与纵坐标的交点等于=0.7；

解得：E=1.43（或）；

图象的斜率：=

解得：R2=6-4.8=1.2Ω；

③若开关接b；则电压表测量R及R1两端的电压，因R2的阻值较小，故电压表的示数接近电源的电动势，故电压表测量的范围较小；导致误差较大；故甲同学的做法更好一些；

故答案为：（1）将S2切换到b；（2）1.43；1.2；（3）较小；甲．

【解析】【答案】（1）要求R1的电阻应知道R1两端的电压及流过的电流；由题意应通过串联电路的规律及欧姆定律求解；

（2）将R2等效为内电阻；由闭合电路欧姆定律可得出相应的表达式；由题意将表达式变形为有关纵横坐标之间的关系的式子，则结合数学知识可得出电源的电动势及内电阻；

（3）乙同学中电压表测量的是R与R1两端的电压，由于R1为定值电阻；滑动变阻器调节时，电压表的示数范围将变小，故误差将变大；

12、略

【分析】解：根据闭合电路欧姆定律I=ER+r

解得：R=E鈰�1I鈭�r

由数学知识得知，R鈭�1I

图象的斜率等于E

纵轴截距的绝对值等于r

则由图得到，电源的电动势为E=8鈭�(鈭�1)3=3.0V

内阻r=1娄赂

故答案为：(1)3(2)1

．

根据闭合电路欧姆定律I=ER+r

进行数学变形，得到R

与1I

的关系式，根据数学知识研究R鈭�1I

图象的斜率和截距的意义；求解电源的电动势和内阻．

物理图象关键要根据物理规律得到解析式，运用数学知识分析图象的物理意义.

本题采用的是转换法，本来I鈭�R

是非线性关系，转换成R鈭�1I

是线性关系，图象直观，一目了然．【解析】31

13、略

【分析】解：当线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0鈭�

由娄碌=BSsin娄脠

则娄碌=0

．

根据法拉第电磁感应定律，则有：E炉=N鈻�鈱�鈻�t=0.0050.02V=0.25V

．

故答案为：00.25

．

通过线圈的磁通量可以根据娄碌=BSsin娄脠

进行求解；娄脠

为线圈平面与磁场方向的夹角，并由法拉第电磁感应定律，即可求解平均感应电动势的大小．

解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0

当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大.

同时注意求平均与瞬时感应电动势的区别．【解析】00.25

三、判断题(共8题，共16分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、计算题(共3题，共18分)22、略

【分析】

(1)

带电小球C

在AB

形成的电场中从M

点运动到N

点的过程中；重力和电场力做功，但合力做功为零，根据动能定理即可求解；

(2)

在N

点；小球C

受到重力mg

细线的拉力FT

以及A

和B

分别对它的斥力FA

和FB

四个力的作用，且沿细线方向的合力为零.

根据力的合成与分解及几何关系即可求解．

该题主要考查了动能定理的直接应用以及力的合成与分解的应用，要求同学们能结合几何关系求解相关物理量【解析】解：本题考查带电粒子在电场中的偏转和电场力做功问题；带电小球C

在AB

形成的电场中从M

运动到N

点的过程中，重力和电场力做功；

但合功为零；则：qUMN+mglcos娄脠=0

所以UMN=鈭�mglcos30鈭�q

即MN

两点间的电势差大小为mglcos30鈭�q

且N

点的电势高于M

点的电势．

在N

点；小球C

受到重力mg

细线的拉力FT

以及A

和B

分别对它的斥力FA

和FB

四个力的作用如图所示；且沿细线方向的合力为零．

则FT鈭�mgcos30鈭�鈭�FAcos30鈭�=0

又FA=FB=kQqx2

得FT=mgcos30鈭�+kQqx2cos30鈭�

答：(1)

在AB

所形成的电场中，MN

两点间的电势差为mglcos30鈭�qN

点的电势高．

(2)

若N

点与AB

两个点电荷所在位置正好形成一个边长为x

的正三角形，则小球运动到N

点瞬间，轻细线对小球的拉力FTmgcos30鈭�+kQqx2cos30鈭�

23、略

【分析】该题可以用不同方法解决．法一特殊点法根据t＝0时刻波的图像及波的传播方向，可知此时刻A、B、C、D、E、F各质点在该时刻的振动方向，由各个质点的振动方向可确定出经后时刻各个质点所在的位置，将这些点所在位置用平滑曲线连接起来，便可得经后时刻的波的图像．如图所示．同样道理，据各个质点的振动方向可确定出前时刻各个质点所在位置，于是便可得到前时刻的波的图像．如图所示．法二波形平移法由图我们可以知道，在质点振动的一个周期内，波向前传播一个完整的波形的距离，即传播的距离x＝12m，因此在内，波向前传播了3m．根据波的传播过程和传播的实质，若波向右传播，把波的原有图形向右移动3m的距离，就得到了后时刻的波形图．向左移动3m就得到了前时刻的波形图．【解析】【答案】见解析图24、略

【分析】

(1)

根据电场强度的方向；正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，即可在图上标出场强方向。

(2)

由电场强度的定义式求场强的大小。

本题考查电场强度的矢量性，电场强度的方向规定与正电荷所受电场力的方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反，大小由电场强度的定义式E=Fq

求解【解析】解：(1)

由正电荷所受电场力方向与电场线方向关系所标箭头方向应水平向左；如图所示。

(2)

由电场力与场强大小关系。

E=Fq=4.0隆脕10鈭�102.0隆脕10鈭�10N/C=2.0N/C

答：(1)

用箭头在图中标出电场线方向如图所示；

(2)

匀强电场的场强E

的大小为2.0N/C

五、作图题(共1题，共5分)25、解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。【分析】

本题考查了左手定则的直接应用；根据左手定则即可正确判断磁场；运动方向、洛伦兹力三者之间的关系，特别注意的是四指指向和正电荷运动方向相同和负电荷运动方向相反。

安培定则、左手定则、右手定则是在电磁学中经常用到的，要掌握它们的区别，并能熟练应用。【解析】解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。六、综合题(共3题，共24分)26、(1)AD

(2)

解：垄脵

波沿x

轴正方向传播，结合波形，可知：t1=(n+14)T

又T>0.6s

故：T=2.4s

垄脷

根据波形图，t=0

时刻，质点P

正经过平衡位置向上振动，写出该波对应的函数为：yp=0.2sin(2娄脨T)t

解得：yp=310cm

故质点P

经0.8s

通过的路程为：(0.4鈭�0.13)cm

垄脹

波传播的速度为：v=娄脣T=82.4m/s=103m/s

这列波在3.6s

内传播的距离：x=vt=103隆脕3.6m=12m【分析】(1)

【分析】由简谐振动的特点得到质点的振动周期，进而得到该质点第三次通过M

点需再经过的可能时间。由于质点开始运动的方向不确定，由此造成多解。【解答】t=0

时，若质点向右通过O

点，由题意得，质点的振动周期为4.8s

质点第三次通过M

点需再经过的时间为4.2s

故D正确；t=0

时，若质点向左通过O

点，由题意得，质点的振动周期为1.6s

质点第三次通过M

点需再经过的时间为1s

故A正确。故填AD

(2)垄脵

由简谐波的传播特点得到质点的振动周期；垄脷

根据质点的振动周期，得到质点P

经0.8s

通过的路程；垄脹

由简谐波的波长和周期得到波速，进而得到这列波在3.6s

内传播的距离。本题考查简谐波的形成和传播，难度不大。【解析】(1)AD

(2)

解：垄脵

波沿x

轴正方向传播，结合波形，可知：t1=(n+14)T

又T>0.6s

故：T=2.4s

垄脷

根据波形图，t=0

时刻，质点P

正经过平衡位置向上振动，写出该波对应的函数为：yp=0.2sin(2娄脨T)t

解得：yp=310cm

故质点P

经0.8s

通过的路程为：(0.4鈭�0.13)cm

垄脹

波传播的速度为：v=娄脣T=82.4m/s=103m/s

这列波在3.6s

内传播的距离：x=vt=103隆脕3.6m=12m

27、最大最小【分析】【分析】线圈处于中性面位置时电动势瞬时值为正弦表达式，电动势峰值Em=NBS娄脴

中性面位置电动势改变方向，电动势最小为0

磁通量最大。【解答】感应电动势峰值Em=NBS娄