2024年新世纪版必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年新世纪版必修1物理上册月考试卷100考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于质点在某段时间内的位移和路程，下列说法正确的是（）A.位移为零，该质点一定是静止的B.路程为零，该质点一定是静止的C.沿直线运动的质点，位移大小一定等于其路程D.沿曲线运动的质点，位移大小可能大于其路程2、近日憨态可掬的大熊猫“花花”可谓火出了圈；引得大批游客慕名参观。下图为大熊猫抓住树干静止时的图片。下列关于大熊猫受力说法正确的是（）

A.大熊猫受重力、摩擦力B.大熊猫的手越干越粗糙，摩擦力越大C.大熊猫把树枝抓得越紧，越不容易掉下来D.随着大熊猫抓树枝的力增加，摩擦力方向可能由向下变成向上3、关于运动会比赛，下列说法正确的是（）A.研究跳高比赛起跳动作时，可以把运动员看作质点B.广播通知径赛检录于9：00开始，此处9：00指的是时间间隔C.运动员跑完比赛，指的是位移D.百米比赛中，一名运动员发现自己在“后退”，他是以旁边的运动员为参考系4、冰壶是奥运会一种投掷性竞赛项目，很有观赏性。运动员以一定初速度投出冰壶使其在冰面上自由滑行，v﹣t图象如图乙所示；则下列说法正确的是（）

A.冰壶做加速度逐渐增大的减速运动B.冰壶在t0秒内运动的位移s>v0t0C.水平面的动摩擦因数逐渐减小D.冰壶在运动中点的瞬时速度小于中间时刻的瞬时速度5、元代《王祯农书》记载了戽斗，它是一种小型的人力提水灌田农具，形状像斗，两边有绳，靠两人拉绳牵牛取水。如图所示，忽略绳子质量，人拉绳子的作用点高度不变，绳子长度不变，戽斗装满水处于平衡状态时，两人站得越近，则（）

A.绳子对人的作用力越小B.绳子对人的作用力越大C.绳子对戽斗的作用力越大D.绳子对戽斗的作用力越小6、体育课上，老师训练同学做接球游戏，将一只篮球竖直向上抛出，篮球运动过程所受空气阻力与其速度成正比，不计篮球在水平方向的侧向风力和空气对篮球的浮力作用。关于篮球从抛出点再回到抛出点过程中的运动图像正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、甲；乙两物体由同一位置出发沿一直线运动；其速度—时间图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B.两物体两次相遇的时刻分别是在2s末和6s末C.乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动D.2s后，甲、乙两物体的速度方向相反8、如图；为某质点运动的速度—时间图象，下列有关物体的运动情况正确的是。

A.0～t1时间内加速度为正，质点做加速运动B.t1～t2时间内加速度为负，质点做减速运动C.t2～t3时间内加速度为负，质点做减速运动D.t3～t4时间内加速度为正，质点做加速运动9、关于位移和路程，下列说法正确的是（）A.物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移B.物体沿直线运动，通过的路程等于位移的大小C.物体通过一段路程，其位移可能为零D.两物体通过的路程不等，位移可能相同10、郑万高铁将在2022年7月全线通车，胡辣汤和火锅之间的距离将缩短到4个小时车程，王同学自己绘制了图像（如图）研究该趟高铁的某段过程的运动情况。该过程轨迹是直线；但是没有告知是处于加速还是刹车状态，请判定以下说法合理的是（）

A.该车处于匀减速状态B.该车的初速度为0C.该车的加速度大小为D.该车在前3秒的位移是11、在物理学的重大发现中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.根据速度定义式当当非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了类比的思想方法C.在定义加速度时，采用了比值定义法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法12、一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A.小球在2s末的速度是8m/sB.小球在第5s内的平均速度是3.6m/sC.小球在第2s内的位移是2mD.小球在5s内的位移是50m13、如图甲所示，A、B两长方体叠放在一起，放在光滑的水平面上．物体B从静止开始受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，运动过程中A、B始终保持相对静止．则在0~2t0时间内；下列说法正确的是。

A.t0时刻，A、B间的静摩擦力最大B.t0时刻，A、B的速度最大C.0时刻和2t0时刻，A、B间的静摩擦力最大D.2t0时刻，A、B离出发点最远评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、如图，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，AB边靠在竖直墙面上，与竖直墙面之间的动摩擦因数为现用方向垂直于斜面BC，大小为F的推力作用在物块上，物块静止不动，重力加速度为g，则竖直墙面对物块的摩擦力大小为____。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，要使物块保持静止，动摩擦因数应满足____。

15、作匀加速直线运动的物体，加速度大小为若其第1s内位移是2m，则第3s内位移是________，3s内的平均速度大小是________，第4s初的速度大小是________，初速度大小为________。16、某时刻甲车从静止开始以6m/s2的加速度在水平公路上向东匀加速直线运动，此时在其正前方35m处乙车正以20m/s的初速度5m/s2的加速度向东匀减速直线运动，则甲车追上乙车需要_________________s17、（1）请画出在外力F作用下处于静止状态的15N的A物体的重力的图示_______。

（2）请画出静止在墙上的小球的受力示意图______；

18、如图所示，倾角分别为的三个光滑斜面的顶端在同一竖直线上，它们的底端重合，当物体分别从三个斜面顶端由静止下滑至底端，则从倾角为________的斜面上下滑的加速度最大，从倾角为________的斜面上下滑所用时间最短．

19、频闪摄影是一种将动态运动过程转化为静态来研究的一种有效方法。频闪摄影时，所用光源的闪光时间是______间隔的（选填“相等”或“不等”）。如果照片上某物体是等间距的，那么该物体做的是______运动。20、子弹以水平初速度连续射穿三个并排着的速度完全相同的静止固定的木块后速度恰好减为零，如下图所示，则它穿过每个木块所用的时间之比____________。

21、如图所示，在车厢顶上吊一小球，小球悬线与竖直方向夹角为α，行车速度方向如图所示，质量为m的物体相对车厢静止，则物体受到摩擦力大小为________，方向为________．

22、如图所示，用轻细绳OA、OB和OC悬挂一质量为m的物块，细绳OA水平，OC竖直，OB与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g。则OA绳上的拉力T1=________，OB绳上的拉力T2=________。

评卷人得分四、实验题(共4题，共16分)23、某探究小组想测量当地的重力加速度，实验装置如图甲所示．框架竖直部分紧贴一刻度尺，零刻度线在上端，可以测量出光电门到零刻度线的距离x．框架水平部分用电磁铁吸住一个密度均匀的正方体小铁块，小铁块的边长为d，其重心恰好与刻度尺零刻度线水平对齐．切断电磁铁线圈中的电流，小铁块由静止释放，可测出小铁块通过光电门的时间为△t．不计空气阻力的影响．

(1)小铁块通过光电门时的速度为_____（用题目中的符号表示）

(2)当地的重力加速度为_______（用题目中的符号表示）24、某同学用如图所示的实验装置来“验证力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．（重力加速度为g）

(1)为了完成实验，需要记录结点O的位置以及弹簧测力计的示数和弹力的方向，如果作图得到的合力方向近似在________方向上，且大小近似等于_______；则平行四边形定则得以验证．

(2)下列不必要的实验要求是________（请填写选项前对应的字母）．

A．木板平面要保持竖直。

B．两个弹簧测力计必须完全相同。

C．拉线方向应与木板平面平行。

D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置。

(3)某次实验中，该同学使弹簧测力计B处于水平方向，发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，为了能够完成实验，他应该__________．

A．换用质量稍轻的重物。

B．保持弹簧测力计B的拉力方向不变；减小其拉力。

C．保持弹簧测力计B的拉力大小不变，将其逆时针旋转一个小角度D．保持弹簧测力计B的拉力大小不变，将其顺时针旋转一个小角度25、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。

（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是______．

A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．

B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．

C．将长木板的一端垫起适当的高度；撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．

（2）使小车质量远远______砝码和砝码盘的总质量（填“大于”或“小于”）

（3）右图2为某次实验得到的纸带，实验数据如图，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，根据纸带可求出小车的加速度大小为______m/s2．

（4）该同学把砝码和砝码的总重量作为小车的拉力，并依次测出了小车的加速度．然后画出了如图3所示的图象，该图象虽是一条直线，但不通过坐标原点．原因是：______．26、阿特武德机是早期测量重力加速度的装置，由英国数学家、物理学家阿特武德于1784年制成．某同学根据其原理设计出测量当地重力加速度的装置如图所示，一根不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮，两端分别连接正方体物块A和物块B（A、B的质量分别为m1和m2，且m1＜m2）；让两物块组成的系统从静止开始做匀加速运动，测出物块A先后通过光电门1和光电门2的遮光时间．保持物块A的质量不变，逐渐增大物块B的质量，重复以上操作，测出物块B不同质量时A；B的加速度．

（1）测得物块A的边长为d，在某次实验中它先后通过两个光电门所用的遮光时间分别为Δt1和Δt2，则其通过光电门的速度分别为___________，___________．

（2）为了测算A、B的加速度大小，还需要测量的物理量有___________

A．两个光电门的间距B．物块B的边长。

C．物块A的初始高度D．轻绳的长度。

（3）某次实验中测得物块A和物块B的质量分别为m1、m2，测算出A、B的加速度大小为a，可以得到g＝___________（用m1、m2、a表示）评卷人得分五、解答题(共2题，共8分)27、一辆卡车，它急刹车时的加速度的大小是5m/s2；如果要求它在急刹车后22.5m内必须停下，假设卡车刹车过程做的是匀减速直线运动．求：

（1）它的行驶速度不能超过多少；

（2）在此刹车过程中所用的时间；28、如图所示，神舟十二号载人飞船的返回舱在距地面某一高度时，启动降落伞装置开始做减速运动，当返回舱速度减至v＝10m/s时开始匀速降落．在降落到距地面h＝1.1m时，返回舱的缓冲发动机开始向下喷气，舱体再次减速，经过时间t＝0.2s，以某一安全速度落至地面，设最后的减速过程可视为竖直方向上的匀减速直线运动，舱内航天员质量m＝60kg，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）返回舱安全着陆时的速度；

（2）最后减速阶段返回舱对航天员的作用力大小。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

A．质点做圆周运动一周的位移为零；显然质点是运动的，选项A错误；

B．质点只要运动；路程就不会为零，路程为零，该质点一定是静止的，选项B正确；

CD．除了单向直线运动外；在其他的运动中，质点的位移大小都小于路程，选项C；D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．大熊猫受重力；摩擦力和树干的弹力作用；选项A错误；

BD．竖直方向；大熊猫的重力和摩擦力平衡，则所受摩擦力方向总是竖直向上，且大小不变，选项BD错误；

C．大熊猫把树枝抓得越紧；最大静摩擦力越大，越不容易产生滑动，即越不容易掉下来，选项C正确；

故选C。3、D【分析】【详解】

A．研究跳高比赛起跳动作时；肢体的形状不能忽略不计，不能看成质点，故A错误；

B．广播通知径赛检录于9：00开始；此处9：00指的是时刻，故B错误；

C．运动员跑完800m比赛；800m指的是路程，故C错误；

D．百米比赛中；一名运动员发现自己在“后退”，他是以旁边的运动员为参考系，故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．根据v﹣t图线的斜率表示加速度；该图线的斜率逐渐减小，可知冰壶做加速度减小的减速运动，故A错误；

B．通过速度图线与时间轴围成的面积表示位移，若将该图线与匀减速直线运动的图线比较可知，冰壶在t0秒内运动的位移s＜v0t0

故B错误；

C．冰壶运动的加速度是摩擦力产生的，由牛顿第二定律

则

冰壶的加速度逐渐减小；则水平面的动摩擦因数逐渐减小，故C正确；

D．冰壶在运动的中点处，两侧的位移大小相等，在v﹣t图线上找到并标出冰壶在运动中点的瞬时速度和中间时刻的瞬时速度如图。

可知冰壶在运动中点的瞬时速度大于中间时刻的瞬时速度；故D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

AB．假设绳子与水平方向的夹角为角，绳子的张力为T，根据题意有

两人站得越近，角越大，T越小；故A正确B错误；

CD．戽斗处于平衡状态；故所有绳子给戽斗的作用力的合力要与重力等大反向，故两人站得近，绳子对戽斗的作用力不变，故CD错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

A．篮球竖直向上抛出，由于受到空气阻力和重力作用，上升过程中速度变小，空气阻力向下且变小

加速度变小；故A错误；

B．下降过程中速度变大，空气阻力向上且变大，有

故加速度变小，即可看出上升过程的平均加速度较大，而上升过程与下降过程位移大小相同，又

所以上升过程的时间较短；故B错误；

CD．上升过程速度逐渐变小；到最高点为零，下降过程速度由零开始增大，故C正确，D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

由速度—时间图象可以看出甲一直做匀速直线运动，乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动，整个过程不是匀变速直线运动，A错误，C正确；2s后，甲、乙两物体的速度方向均沿正方向，D错误；由于甲、乙两物体由同一位置出发沿一直线运动，2s末和6s末位移（对应图像的面积）相等，两者相遇，所以，两次相遇的时刻分别是在2s末和6s末，B正确．8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．0～t1时间内图象的速度增大；物体做加速运动，速度为正，故加速度沿正方向，故A正确；

B．t1～t2时间内物体速度减小；质点做减速运动，速度为正，故加速度为负，故B正确；

C．t2～t3时间内加速度为负；速度也沿负方向，故质点做加速运动，故C错误；

D．t3～t4时间内速度减小，物体做减速运动，速度为负，故加速度为正，故D错误．9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．路程是标量；物体沿直线向某一方向运动，路程等于位移的大小，不等于位移，故A错误；

B．当物体做单向直线运动时；位移的大小才等于路程，如果物体做往复直线运动时，路程大于位移的大小，故B错误；

C．若物体做往返运动回到起点的过程中；物体通过一段路程，但位移的大小一定等于零，故C正确；

D．路程大小等于物体运动轨迹的长度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，两物体通过的路程不等，位移可能相同，故D正确。

故选CD。10、A:C【分析】【详解】

ABC．将位移时间公式变形可得

由数学知识可知，图像的斜率

纵轴的截距

可得

由此可知，该车处于匀减速运动状态，加速度大小为8m/s2；AC正确，B错误；

D．该车处于匀减速运动，运动的总时间由速度时间公式可得

该车在前3秒的位移就是前2.5秒的位移，为

D错误。

故选AC。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，A错误；

B．根据速度定义式。

当△t非常非常小时，就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度；这是应用了极限思想方法而不是类比的思想方法，B错误；

C．加速度定义式。

采用了比值定义的方法；C正确；

D．在推导匀变速运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，D正确。

故选CD。12、A:D【分析】【详解】

第5s内的位移是18m，有：t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．物体在2s末的速度：v=gt=8m/s，故A正确．第2s内的位移：选项B错误；第5s内的平均速度：故C错误．物体在5s内的位移为故D正确．故选AD．13、B:C:D【分析】【详解】

AC、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得知，0、2t0时刻整体所受的合力最大；加速度最大，再以A为研究对象，分析可知，A受到的静摩擦力最大．故A错误，C正确；

B、整体在0-t0时间内，做加速运动，在t0-2t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻；B速度最大．故B正确；

D、0-2t0这段时间，整体做单向直线运动，位移逐渐增大，则2t0时刻，A、B位移最大．故D正确．三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

[1]对物块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的静摩擦力f；如图。

由于物块保持静止，根据共点力平衡条件，有x方向

y方向

由以上两式，解得

[2]竖直方向上合力为零，有

又f=μN，要使物块保持静止，动摩擦因数应满足【解析】15、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]根据△x=aT2得第3s内位移是

第2s内位移是

故3s内的平均速度大小是

3s内的平均速度等于第1.5s时的瞬时速度，根据速度时间关系式可知，初速度

第4s初的速度大小【解析】6m4m/s7m/s1m/s16、略

【分析】【详解】

乙车减速到零所需时间为：4s内的位移为：

甲车做匀加速运动，甲车在4s内的位移

所以甲追上乙时；乙已经停下来了．

所以甲追上乙时，两者位移相等，故有：a甲t2=△x+x乙；解得：t=5s.【解析】5s17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]重力的方向竖直向下；以一个单位长度表示5N，则15N的长度为3个单位长度，然后画出物体受到的重力图示如图。

（2）[2]以小球为研究对象；可知小球受到竖直向下的重力，垂直于墙壁的支持力以及沿绳子方向的拉力；受力示意图如图。

【解析】18、略

【分析】【详解】

设斜面的倾角为底边长度为L，物体从光滑斜面顶端释放可得重力的下滑分力等于合力，根据牛顿运动定律可得根据几何关系可得物体的位移为再结合匀变速直线运动的规律可得综合可得

[1]从倾角为60°的斜面上下滑；加速度最大。

[2]从倾角为45°的斜面上下滑，时间最短【解析】19、略

【分析】【详解】

[1]频闪摄影时；所用光源的闪光时间是相等间隔的。

[2]如果照片上某物体是等间距的，那么该物体做的是匀速直线运动。【解析】相等匀速直线20、略

【分析】【详解】

子弹做末速度为零的匀减速直线运动，采用逆向思维，变为初速度为零的匀加速直线运动，初速度为零的匀加速直线运动通过连续的三段位移时间之比为

故子弹穿过每个木块所用的时间比为【解析】21、略

【分析】【详解】

由题意知，重物、车厢和小球三者加速度相同，对物体m，由牛顿第二定律得：因为车厢的加速度的方向向右，所以物块m受到的摩擦力的方向向右．

【点睛】

分析清楚题意、应用牛顿第二定律可以解题，解决本题的关键知道球、物体与车厢具有相同的加速度，通过牛顿第二定律进行求解．【解析】mgtanα向右22、略

【分析】【详解】

[1][2]对O点受力分析；如图所示。

根据平衡条件，有【解析】mgtanθ四、实验题(共4题，共16分)23、略

【分析】【详解】

(1)[1]小铁块通过光电门时的速度为：．

(2)[2]测量出光电门到零刻度线的距离x，小铁块由静止释放，根据公式则有重力加速度为：【解析】24、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]根据平衡条件可知，两弹簧测力计的弹力与M的重力等大反向，所以两弹簧测力计合力方向近似在竖直方向上，大小近似等于Mg．

(2)[3]AC.本实验是在竖直方向上进行的；为了减小误差，方便操作，木板平面要保持竖直且拉线方向应与木板平面平行，故AC必要不符合题意．

B.验证性实验中；避免特殊情况，两个弹簧测力计没必要完全相同，故B不必要符合题意．

D.在每次实验中，每次都要使O点静止在同一位置，但是改变拉力，进行多次实验，不同的实验中，O点位置可以不同；故D没必要符合题意．

(3)[4]弹簧测力计A的指针稍稍超出量程；可改变合力的大小。

A．换用质量稍轻的重物，合力变小，A的示数变小；故A正确．

B.保持弹簧测力计B的拉力方向不变，减小其拉力，则O点位置发生变化；故B错误．

C.保持弹簧测力计B的拉力大小不变，将其逆时针旋转一个小角度，则A的拉力变大；故C错误．

D.保持弹簧测力计B的拉力大小不变，