2024年沪教版高一物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高一物理上册月考试卷385考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、【题文】下列关于超重和失重现象的描述中正确的是：A.电梯正在减速上升，在电梯中的乘客处于超重状态；B.磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，列车上的乘客处于超重状态；C.荡秋千时秋千摆到最低位置时，人处于超重状态；D.“神舟”六号飞船在绕地球做圆轨道运行时，飞船内的宇航员处于完全失重状态。2、下列说法正确的是()

A.根据娄陇E=娄陇mc2

可知，在核裂变过程中减少的质量转化成了能量B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变C.卢瑟福首先发现了铀和含铀矿物的天然放射现象D.由氢原子能级示意图知，处于基态的氢原子至少要吸收13.60eV

的能量才能发生电离3、某物体以20m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g=10m/s2，则1s内物体的（）A.速度改变量的大小为10m/s，方向竖直向上B.平均速度大小为5m/s，方向竖直向上C.路程为25mD.位移大小为15m，方向竖直向上4、如图所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a

和b.a

球质量为m

静置于地面；b

球质量为3m

用手托住，高度为h

此时轻绳刚好拉紧.

从静止开始释放b

后；a

可能达到的最大高度为()

A.h

B.1.5h

C.2h

D.2.5h

5、载人飞船在发射和返回地面的过程中，都具有很大的竖直向上的加速度，会使宇航员的大脑暂时缺血，而发生“黑视”.

则下列说法正确的是(

)

A.飞船发射时，宇航员的重力增大B.飞船返回地面的过程中，宇航员的重力减小C.飞船发射和返回地面的过程中，宇航员对座椅的压力均大于宇航员的重力D.飞船发射时宇航员对座椅压力大于宇航员的重力，返回地面的过程中宇航员对座椅压力小于宇航员的重力评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、某同学的家到学校的直线距离为1000m，但他从家出发步行到学校，要先向东走400m，然后再向北走600m，最后再向东走400m才能到达学校，如图所示．则他从家到学校的位移大小为____m，走过的路程为____m．7、【题文】地球的第一宇宙速度是____km/s,已知某行星的质量是地球的2倍，半径是地球的2倍，则这颗行星的第一宇宙速度是____km/s.8、氢原子基态能量E1=鈭�13.6eV

则氢原子处于量子数n=5

的能级时的能量为______eV

．9、如图所示，以20m/s

的水平初速度v0

抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为300

的斜面上，这段飞行所用的时间为____s(

答案可含跟号，g=10m/s2).

10、一个作自由落体运动的物体到达地面时的速度为40m/s，若g取10m/s2，则物体下落到地面经历的时间是____s，它下落的高度是____m．11、星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2

与第一宇宙速度v1

的关系是v2=2v1.

若已知地球表面重力加速度为g

某星球的半径为r

它表面的重力加速度为地球表面重力加速度的16

不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度v2=

______．12、一艘宇宙飞船飞近某一新发现的行星，并进入靠近该行星表面的圆形轨道绕行数圈后，着陆在行星上。宇宙飞船上备有以下实验仪器：A.弹簧测力计一个B.精确秒表一只C.天平一台(

附砝码一套)

D.物体一个为测定该行星的质量M

和半径R

宇航员在绕行及着陆后各进行了一次测量，依据测量数据可求出M

和R(

已知引力常量为G)

(1)

绕行时测量所用的仪器为___(

用仪器的字母序号表示)

所测物理量为_

(2)

着陆后测量所用的仪器为____，所测物理量为______________。用测量数据求该行星的半径R=

_____，质量M=

_____。13、Ⅰ.

假设在半径为R

的某天体上发射一颗该天体的卫星，若它贴近该天体的表面做匀速圆周运动的运行周期为T

1

已知万有引力常量为G

，则该天体的密度为________.

若这颗卫星距该天体表面的高度为h

，测得在该处做圆周运动的周期为T

2

则该天体的密度又可表示为________．Ⅱ、在“探究平抛运动的运动规律”的实验中可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A.让小球多次从____位置上滚下，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置，如上图中a

、b

、c

、d

所示。B.按图安装好器材，注意________，记下平抛初位置O

点和过O

点的竖直线。C.取下白纸以O

为原点，以竖直线为y

轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。垄脜

完成上述步骤，将正确的答案填在横线上。垄脝

上述实验步骤的合理顺序是________。垄脟

已知图中小方格的边长L

=1.25cm

则小球平抛的初速度为v

0=

(

用L

、g

表示)

其值是________(

取g

=9.8m/s2)

小球在拢芒

点的速率________。评卷人得分三、实验探究题(共8题，共16分)14、某同学利用图甲所示的实验装置探究物块速度随时间的变化．物块放在桌面上，细绳的一端与物块相连，另一端跨过滑轮挂上钩码．打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50Hz．纸带穿过打点计时器连接在物块上．启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动．打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）．

根据实验数据分析；该同学认为物块的运动为匀加速运动．计算下列问题：（保留两位有效数字）

（1）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为______m/s．

（2）物块的加速度大小为______m/s2．15、某同学研究轻质弹簧的弹性势能与形变量的关系，实验装置如下图所示，在高度为h的光滑水平桌面上，沿与桌面边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小钢球接触，弹簧处于自然长度时，小钢球恰好在桌面边缘．使钢球压缩弹簧△x后由静止释放，钢球沿桌面水平飞出，落到水平地面，小球在空中飞行的水平距离为s，实验数据记录如表所示，重力加速度为g．试导出弹簧的弹性势能EP与m、h、s的关系为______，分析实验数据，写出s和△x的关系为______．

。次数△s（cm）s（cm）12.06.124.012.036.018.248.024.1510.029.916、应用如图所示装置“验证平行四边形定则”

(1)

实验对两次拉伸橡皮条的要求中；下列哪些说法是正确的______．

A.将橡皮条拉伸相同长度即可。

B.将橡皮条沿相同方向拉即可。

C.将弹簧秤都拉伸到相同刻度。

D.将橡皮条和绳的结点O

拉到相同位置。

(2)

同学们在操作过程中有如下议论；其中对减小实验误差有益的说法是______．

A.两细绳必须等长。

B.弹簧秤；细绳、橡皮条都应与木板平行。

C.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大。

D.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些．17、在“验证机械能守恒定律”的实验中；打点计时器所用电源频率50Hz

当地重力加速度的值为9.80m/s2

测得所用重物的质量为m=1.00kg(

计算结果保留三位有效数字)

．

(1)

甲；乙两位学生分别用同一装置打出两条纸带；量出各纸带上第12

两点间的距离分别为0.19cm

和0.25cm.

可见其中肯定有一位学生在操作上有错误，错误操作是______(

填“甲”或“乙”)

(2)

若按实验要求正确地选出纸带进行测量；量得连续三点ABC

到第一个点的距离如图所示，那么：

垄脵

纸带的______(

填“左”或“右”)

端与重物相；

垄脷

打点计时器打下计数点B

时；物体的速度vB=

______m/s

(3)

从起点O

到打下计数点B

的过程中重力势能减少量是鈻�Ep=

______J

此过程中物体动能的增加量鈻�Ek=

______J

(4)

通过计算可知鈻�Ep

______鈻�Ek(

填“>

”“=

”或“<

”)

这主要是因为______导致的；

(5)

实验的结论是______．18、某同学用如图所示的实验装置验证m1和m2组成的系统机械能守恒，已知m2＞m1，m2由静止释放，m1拖着纸带运动，打点计时器在纸带上打出一系列点，通过对纸带上的点的测量分析，即可验证机械能守恒定律，已知m1=80g，m2=200g，某次实验打出的纸带如图所示。O是打下的第一个点，然后每隔4个点取一个计数点，分别标记为A、B、C、D、E、F，分别测出各计数点到O点距离，其中C、D、E到O点的距离已经标出，已知打点计时器所使用交流电电压为220V、频率为50Hz，g取9.8m/s2。

（1）下列操作或要求能够提高实验结果的准确性有______

A．细绳的质量要轻。

B．m2要远远大于m1

C．定滑轮质量要轻。

D．保证重物在下落不要摇晃。

（2）纸带上打下D点时的速度为：______m/s（结果保留3位有效数字）。

（3）从打下“O”点到打下“D”点的过程中，经过分析计算m1的机械能增加了△E1=0.353J，m2的机械能______（选填“增加”或“减少”）了△E2=0.371J。

（4）在误差允许的范围内，△E1和△E2近似相等，从而验证了系统的机械能守恒。由上述计算结果表明m1和m2组成的系统机械能有所损失，损失的机械能除因摩擦转化为内能外，还转化______（具体到物体和能量，写出其中一条即可）。19、某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验时，让小球多次从斜槽上滚下，在坐标纸上依次记下小球的位置如图所示(O

为小球的抛出点)

．

(1)

在图中描出小球的运动轨迹．(2)

从图中可看出，某一点的位置有明显的错误，其产生的原因可能是该次实验中，小球从斜槽上滚下时的初始位置比其他几次偏_________(

选填“高”或“低”)

．(3)

某同学从图象中测得的三组数据如表所示，则此小球做平抛运动的初速度v0=

___m/s.(

保留三位有效数字)(g

取10m/s2)

。x/cm

10.00

20.00

30.00

y/cm

5.00

20.00

45.00

20、图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图．

(1)

实验前应对实验装置反复调节；直到斜槽末端切线______.

每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛______．

(2)

图乙是正确实验取得的数据；其中O

为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为______m/s

．

(3)

在另一次实验中将白纸换成方格纸；每小格的边长L=5cm

通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为______m/sB

点的竖直分速度为______m/s

．

21、两木块甲和乙自左向右运动；现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是0.1s.

已知乙作v=0.4m/s

的匀速直线运动.

则甲的加速度大小为______m/s2t3

时刻甲的速度大小为______m/s

．

评卷人得分四、实验题(共1题，共6分)22、某同学在学习了DIS实验后，设计了一个测量物体瞬时速度的实验，其装置如图所示．在小车上固定挡光片，使挡光片的前端与车头齐平、将光电门传感器固定在轨道侧面，垫高轨道的一端．该同学将小车从该端同一位置由静止释放，获得了如下几组实验数据．。实验次数不同的挡光片通过光电门的时间（s）速度（m/s）第一次I0.230440.347第二次Ⅱ0.174640.344第三次Ⅲ0.116620.343第四次Ⅳ0.058500.342（1）则以下表述正确的是①四个挡光片中，挡光片I的宽度最小②四个挡光片中，挡光片Ⅳ的宽度最小③四次实验中，第一次实验测得的速度最接近小车车头到达光电门时的瞬时速度④四次实验中，第四次实验测得的速度最接近小车车头到达光电门时的瞬时速度A.①③B.②③C.①④D.②④（2）使挡光片的前端与车头齐平，测量车头到达光电门时的瞬时速度，测量值跟实际值相比A.偏大B.偏小C.相等（3）若把挡光片装在小车的正中间，测量小车正中间到达光电门时的瞬时速度，测量值跟实际值相比A.偏大B.偏小C.相等评卷人得分五、简答题(共3题，共9分)23、某同学想通过比较最高价氧化物对应水化物酸性强弱来验证硫与碳的非金属性的强弱，他采用了如图所示的装置rm{.}请回答：

rm{(1)}仪器rm{a}的名称是______；应盛放下列试剂中的______．

A.稀硫酸rm{B.}亚硫酸rm{C.}氢硫酸rm{D.}盐酸。

rm{(2)}仪器rm{b}的名称是______；应盛放下列试剂中的______．

A.碳酸钙rm{B.}硫酸钠rm{C.}氯化钠rm{D.}碳酸钠。

rm{(3)}仪器rm{c}中应盛放的试剂是______，如果看到的现象是______，证明rm{b}中反应产生了______，即可说明______比______酸性强，______比______非金属性强，rm{b}中发生反应的离子方程式为______．24、如图所示，A、B、C三木块的质量分别为GA=2N、GB=4N、GC=6N，甲、乙两轻质弹簧的劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m；弹簧的自由长度均为10cm，弹簧与木块所有连接处拴接在一起，整个系统放于水平地面上并处于静止状态．现缓慢向上提上面的A木块，直到最下面的C木块刚离开水平地面．求：

（1）最初甲弹簧的总长度为L1多长？最初乙弹簧的总长度为L2多长？

（2）C木块刚离地时，甲弹簧的总长度为L3多长？乙弹簧的总长度为L4多长？

（3）上述过程中，最上面的木块A移动的距离．25、设某高速公路的水平弯道可看成半径是R

的足够大的圆形弯道，若汽车与路面间的动摩擦因数为渭

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g

那么汽车在此弯道上能安全转弯的最大速度为____。评卷人得分六、综合题(共4题，共12分)26、【题文】

质量m为5.0×kg的列车以恒定不变的功率由静止沿平直轨道加速行驶，当速度增大到=2m/s时，加速度当速度增大到＝10m/s时，加速度＝0.1m/．如果列车所受阻力大小不变；求：

(1)列车所受阻力是多少?

(2)在该功率下列车的最大速度是多少?27、【题文】一半径为R的雨伞绕柄以角速度ω匀速旋转，如图所示，伞边缘距地面高h，甩出的水滴在地面上形成一个圆，求此圆半径r为多少?

28、【题文】

一飞行器飞行时受到的空气阻力与速度成正比，飞行器以速度v匀速飞行时，发动机的功率为P．当飞行器速度加倍时，则发动机的功率应增为原来的29、【题文】在电影《第七号情报员》中007（詹姆斯邦德）在笔直的路面上离开卡基岛时，突然发现一轰炸机尾随而来，轰炸机距地面高度约500m，007心理清楚轰炸机的速度约100m/s，而自己汽车的最大速度72m/s,此时的轰炸机正准备轰击行驶中007，如图5所示，试通过所学的知识分析：（1）轰炸机距007水平距离多大时才能击中007呢（g="10"m/s2）？

（2）请同学们为007设计一条脱离险境的妙计。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C|D【分析】【解析】略【解析】【答案】CD2、D【分析】【分析】核裂变过程中减少的质量转化成了动质量；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，即核聚变；贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象；要使处于基态的氢原子电离，原子至少要吸收13.6eV

的能量。本题考查了天然放射现象、轻核聚变、质能方程、能级的跃迁等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点。【解答】A.根据娄陇E=娄陇mc2

可知；在核裂变过程中亏损的质量以能量的形式释放，故A错误；

B.太阳辐射的能量主要来自太阳内的聚变反应；故B错误；

C.贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象；故C错误；

D.基态的氢原子能量为鈭�13.6eV

则基态氢原子发生电离，吸收的能量需大于等于13.6eV

故D正确。

故选D。【解析】D

3、D【分析】解：A；加速度大小为g；故速度改变量为△v=gt=10×1=10m/s，竖直向下；故A错误；

C、D、物体做竖直上抛运动，是一种匀减速直线运动，根据位移时间关系公式，物体1s内的位移为：x=v0t-gt2=20×1-×10×12=15m

1s末物体的速度：v1=v0-gt=20-10×1=10m/s；

可知方向仍然向上；由于在1s内物体运动的方向一直向上，所以路程也是15m，故C错误，D正确；

B、平均速度是位移与时间的比值，故平均速度为：m/s；故B错误；

故选：D

物体竖直上抛后；只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由速度位移关系公式求出最大高度，由位移时间关系公式求解位移，由△v=at求出速度的改变量．平均速度等于位移与时间的比值．根据这些知识分析解答．

对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．【解析】【答案】D4、B【分析】【分析】本题可以分为两个过程来求解，首先根据ab

系统的机械能守恒，可以求得a

球上升h

时的速度的大小，之后，b

球落地，a

球的机械能守恒，从而可以求得a

球上升的高度的大小。【解答】在a

球上升的全过程中，a

球的机械能是不守恒的，所以在本题中要分过程来求解，第一个过程系统的机械能守恒，在第二个过程中只有a

球的机械能守恒。在bb落地前，aabb组成的系统机械能守恒，且aabb两物体速度大小相等，根据机械能守恒定律可知：3mgh鈭�mgh=12(m+3m)v2

得到v=gh，bb球落地时，aa球高度为hh之后aa球向上做竖直上抛运动，过程中机械能守恒，12mv2=mg?hdfrac{1}{2}m{v}^{2}=mg?h解得?h=v22g=h2，所以aa可能达到的最大高度为1.5h1.5hBB项正确，ACD错误。故选B。【解析】B

5、C【分析】解：A

飞船发射加速上升时；加速度方向向上，宇航员处于超重状态，但重力不变.

故A错误．

B；飞船返回地面的过程中；加速度方向向上，宇航员处于超重重状态，但重力不变.

故B错误．

C；飞船发射加速上升时；加速度方向向上，宇航员处于超重状态，飞船在落地向下前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力都大于其重力，故C正确，D错误．

故选：C

．

超重时；物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于重力，根据牛顿第二定律，物体受到向上的合力，加速度方向向上；失重时，物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于重力，根据牛顿第二定律，物体受到向下的合力，加速度方向向下．

解决本题的关键理解超失重的力学特征：超重时，物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于重力；失重时，物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于重力.

以及运动学特征：超重时，加速度方向向上；失重时，加速度方向向下．【解析】C

二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】

位移是矢量；是指从初位置指向末位置的有向线段，已知家到学校的直线距离为1000m，故位移为1000m；

路程是实际走过的轨迹；故路程为400m+600m+400m=1400m；

故答案为：1000；1400．

【解析】【答案】解决本题的关键知道路程是标量；大小等于运动轨迹的长度．位移是矢量，大小等于初末位置间的距离，与运动路线无关．

7、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】7.97.98、鈭�0.54

【分析】解：n=5

的能级时的能量为E5=1n2E1=152隆脕(鈭�13.6eV)=鈭�0.54eV

．

故答案为：鈭�0.54eV

．

通过量子数n

的能级值En=1n2E1

可以得知结果．

本题考查对玻尔理论的理解和应用能力，关键抓住光子能量与能级之间的关系：En=1n2E1

．【解析】鈭�0.54

9、

【分析】【分析】

小球垂直地撞击在倾角为30鈭�的斜面上；根据平抛运动的特点，将速度进行分解，求出竖直速度，再由竖直方向上做平抛运动由此计算时间。

本题考查了平抛运动；根据平抛运动的特点，结合速度的分解，列式计算。

【解答】

小球撞击斜面的速度与斜面垂直，则将该速度分解，由几何知识得竖直分速度为：vy=v0tan(60鈭�)

在由平抛运动的特点知竖直方向做自由落体运动；则：vy=gt

联立解得：t=23s

故答案为：

23

【解析】23

10、略

【分析】

由v=gt得，t=．下落的高度h==．

故答案为：4；80．

【解析】【答案】根据自由落体运动的速度时间公式v=gt求出下落的时间，根据h=求出下落的高度．

11、【分析】【分析】第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，即GMmr2=mv2r

此题把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面。通过此类题型；要学会知识点的迁移，比如此题：把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面。

【解答】设地球的质量为M

半径为r

绕其飞行的卫星质量m

由万有引力提供向心力得：GMmr2=mv2r垄脵

在地球表面GMmR2=mg垄脷

第一宇宙速度时R=r

联立垄脵垄脷

知v=gR

利用类比的关系知某星体第一宇宙速度为v1=g鈥�r

第二宇宙速度v2

与第一宇宙速度v1

的关系是v2=2v1

即v2=2g鈥�r=16隆脕2gr=gr3

故填：gr3

【解析】gr3

12、（1）B周期T

（2）ACD质量m、重力FG

【分析】【分析】要测量行星的半径和质量；根据重力等于万有引力等于向心力，列式求解会发现需要测量出行星表面的重力加速度和行星表面卫星的公转周期，从而需要选择相应器材。

本题关键先要弄清实验原理；万有引力等于重力，及万有引力等于向心力，再根据实验原理选择器材，计算结果。【解答】

(1)

重力等于万有引力。

mg=GMmR2

万有引力等于向心力。

GMmR2=m4娄脨2T2R

由以上两式解得。

R=gT24娄脨2

垄脵

M=g3T416娄脨4G

垄脷

由牛顿第二定律。

FG=mg

垄脹

因而需要用计时表测量周期T

故B正确，ACD错误。

故选B。

(2)

由第一问讨论可知，着陆后需要用天平测量物体的质量，用弹簧秤测量重力；所用的仪器为弹簧测力计，天平，物体，故选ACD。由垄脵垄脷垄脹

三式可解得。

M=FG3T416娄脨4Gm3

R=FGT24娄脨2m

故答案为(1)B

周期T(2)ACD(2)ACD质量mm重力FFGFG3T416娄脨4Gm3FGT24娄脨2m

【解析】(1)B

周期T

(2)ACDACD质量mm重力FGF_{G;;;;}FG3T416娄脨4Gm3FGT24娄脨2m

13、Ⅰ.

Ⅱ.（1）A.同一位置B.斜槽末端切线水平。

（2）BAC

（3）0.7m/s0.875m/s【分析】【分析】Ⅰ.

根据万有引力提供向心力求出天体的质量，结合天体的体积求出天体的密度。本题考查了万有引力定律的应用。解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，结合轨道半径和周期求解中心天体的质量。Ⅱ.

在实验中让小球在固定斜槽滚下后，做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹.

要得到的是同一个轨迹，因此要求抛出的小球初速度是相同的，所以在实验时必须确保抛出速度方向是水平的，同时初速度相同；根据图像中两个相邻的位置水平位移相同，可见运动时间相同，小球竖直方向做自由落体运动，鈻�h=gT2

可求出时间间隔T

再由水平方向x=vT

求得初速度。本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，对同学的知识要求比较高，是个考查学生能力的好题。本题考查了【解答】Ⅰ.

根据万有引力提供向心力娄脩=MV=3娄脨GT12GMmR2=m4娄脨2T2R

得：天体的质量M=4娄脨2R3GT12

则天体的密度娄脩=MV=3娄脨GT12

若这颗卫星距该天体的表面的高度为h

测得在该处做圆周运动的周期为T2

根据GMm(R+h)2=m4娄脨2T2(R+h)

得：天体的质量M=4娄脨2(R+h)3GT22

则天体的密度娄脩鈥�=3娄脨(R+h)3GT22R3

故填：3娄脨GT123娄脨(R+h)3GT22R3

Ⅱ.

(1)

在研究平抛运动的实验中，为保证小球做平抛运动斜槽末端要水平，为保证每次运动轨迹相同要求小球从同一位置释放；按图安装好器材，注意斜槽末端切线水平，记下平抛初位置O

点和过O

点的竖直线；(2)

实验的第一步是：安装好器材；使斜槽末端水平，第二步是：让小球多次从统一位置无初速滚下，记录位置；

故填：BAC

(3)

小球竖直方向做自由落体运动，鈻�h=gT2

即L=gT2

得T=Lg

；v0=2LT=2gL

代入数据得：v0=0.7m/s

vby=2LT

vb=v02+vby2

代入数据得：vb=0.875m/s

故填：(1)A.

同一位置；B.

斜槽末端切线水平；(2)BAC(3)2gL0.7m/s0.875m/s

【解析】Ⅰ.

3娄脨GT123娄脨(R+h)3GT22R3

Ⅱ.

(1)A.

同一位置B.

斜槽末端切线水平。

(2)BAC

(3)2gL0.7m/s0.875m/s

三、实验探究题(共8题，共16分)14、略

【分析】解：（1）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度；所以。

（2）根据匀变速直线运动的推论公式

可以求出加速度的大小；得。

为了更加准确的求解加速度；我们对两个加速度取平均值得。

==

故答案为：0.562.0

（1）做匀变速直线运动的物体；某一时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，所以B点的速度等于AC两点间的平均速度，D点速度等于CE两点间的平均速度。

（2）根据逐差法求加速度。

本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，知道纸带的数据处理方法，8在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．【解析】0.56；2.015、略

【分析】解：小球做平抛运动；有：

s=vt

h=

根据机械能守恒定律；有：

EP=EK=

联立解得：Ep=

分析表格数据；s和△x成正比，即s=k△x；

故答案为：s=k△x（k为比例系数）．

（1）弹簧弹性势能的减小量等于小球动能的增加量；根据平抛运动的分位移公式求解平抛的初速度；

（2）分析表格数据；s和△x成正比，求解出比例系数即可．

本题关键明确实验原理，然后根据平抛运动的分运动公式列式并结合表格数据分析．【解析】s=k△x（k为比例系数）16、略

【分析】解：(1)AB

本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则；即研究合力与分力的关系.

根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同.

故A、B错误；

C；D

在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置；第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度.

故C错误，D正确．

故选：D

．

(2)A

通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时；并非要求两细绳等长，故A错误；

B；测量力的实验要求尽量准确；为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；

C；用弹簧秤同时拉细绳时；拉力不能太太，也不能太小.

而对两弹簧秤的示数差没有要求，故C错误；

D；为了更加准确的记录力的方向；拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确；

故选：BD

．

故答案为：(1)D(2)BD

该实验采用了“等效替代”的原理；即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的．

本题考查验证平行四边形定则的实验，要注意明确实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．【解析】DBD

17、略

【分析】解：(1)

根据自由落体运动的规律，可知前两个点之间的最大距离：h=12gt2=12隆脕10隆脕0.022=0.002m=0.2cm

乙同学的前两个点之间的距离是0.25cm

所以操作的过程存在错误．

(2)

重物在开始下落时速度较慢；在纸带上打的点较密，越往后，物体下落得越快，纸带上的点越稀.

所以，纸带上靠近重物的一端的点较密，因此纸带的左端与重物相连．

B

点的瞬时速度等于AC

段的平均速度，则vB=xAC2T=(7.06鈭�3.14)隆脕10鈭�20.04m/s=0.98m/s

．

(3)

从起点O

到打下计数点B

的过程中重力势能减少量是鈻�Ep=mgh=1隆脕9.8隆脕0.0501J隆脰0.49J.

动能的增加量鈻�Ek=12mvB2=12隆脕1隆脕0.982=0.48J

．

(4)

可见重力势能的减小量大于动能的增加量；原因是实验中有阻力．

(5)

实验的结论是在误差允许的范围内；机械能守恒．

故答案为：(1)

乙；(2)垄脵

左，垄脷0.98(3)0.49J0.48J(4)>

在实验的过程中存在阻力；(5)

实验的结论是在误差允许的范围内，机械能守恒．

通过相等时间间隔内位移的变化判断纸带的哪一端与重物相连.

根据下降的高度求出重力势能的减小量；根据某段时间内平均速度等于中间时间的瞬时速度求出B

点的瞬时速度；从而求出动能的变化量．

解决本题的关键掌握验证机械能守恒定律的实验原理，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解加速度和瞬时速度．【解析】乙；左；0.980.490.48>

在实验的过程中存在阻力；实验的结论是在误差允许的范围内，机械能守恒18、ACD1.60减少滑轮（纸带、细线或墨粉纸盘）的动能【分析】解：（1）AC；如果绳子较重或者定滑轮质量太重；系统的重力势能就会有一部分转化为绳子或滑轮的动能，造成实验误差；故AC正确；

B、若m2远远大于m1；则系统下落的过快，纸带上留下的点迹较少，不利于实验的准确性，故B错误；

D；物体末速度v是根据匀变速直线运动求出的；故要保证物体在竖直方向运动，故D正确；

故选：ACD。

（2）匀变速直线运动中时间中点瞬时速度等于该过程中的平均速度；因此有：

纸带上打下D点时的速度为vD===1.60m/s；

（3）从打下“O”点到打下“D”点的过程中，经过分析计算m1的机械能增加了△E1=0.353J，m2的机械能减少了△E2=0.371J。

（4）损失的机械能除因摩擦转化为内能外；还转化滑轮（纸带；细线或墨粉纸盘）的动能。

故答案为：（1）ACD；（2）1.60；（3）减小；（4）滑轮（纸带；细线或墨粉纸盘）的动能。

（1）如果绳子较重，系统的重力势能就会有一部分转化为绳子的动能，造成实验误差；绳子不宜太长，长了形变对实验的影响越大；m1、m2相差越大；整体所受阻力相对于合力对运动的影响越小。物体末速度v是根据匀变速直线运动求出的，故要保证物体在竖直方向运动。这些都是减小系统误差，提高实验准确程度的做法；

（2）依据某时间内的平均速度等于中时刻的瞬时速度；即可求解；

（3）由图可知，m1向上加速，m2向下加速，依据绳子拉力对m2的做功正负，即可判定m2的机械能变化情况；

（4）依据实验原理；结合实验操作，即可求解。

考查实验操作注意事项，掌握求解瞬时速度的方法，理解除重力以外的力做功，会导致其机械能变化。【解析】ACD1.60减少滑轮（纸带、细线或墨粉纸盘）的动能19、（1）（2）低（3）1【分析】【分析】(1)

画线时要画一条抛物线；把明显偏离抛物线的点舍弃；

(2)

通过分析水平或竖直方向的位移与图线之间的关系来分析实验时的错误；

(3)

利用水平方向和竖直方向的运动规律来求解初速度。

本题考查平抛运动的实验，一定明确实验原理是什么，会根据实验原理画图或分析误差，还要明确水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题。【解答】(1)

画一条抛物线；不在线上的点要舍弃；

(2)

第4

个点明显不到线上；水平方向的位移小了很多，是由于水平方向的初速度太小，所以原因是：小球从斜槽上滚下时的初始位置比其他几次的位置偏低；

(3)

选第3

个点的数据(

只要取在线上的点即可)

竖直方向：h=12gt2

代入得：0.2=5隆脕t2

解得：t=0.2s

水平方向：x=v0t

代入数据得：v0=xt=1m/s

故答案为：(1)

见上图；(2)

低；(3)1

【解析】(1)

(2)

低(3)1

20、水平；初速度相同；1.6；1.5；2【分析】解：(1)

平抛运动的初速度一定要水平；因此为了获得水平的初速度安装斜槽轨道时要注意槽口末端要水平，为了保证小球每次平抛的轨迹都是相同的，这就要求小球平抛的初速度相同，因此在操作中要求每次小球能从同一位置静止释放．

故答案为：水平；初速度相同．

(2)

由于O

为抛出点；所以根据平抛运动规律有：

x=v0t

y=12gt2

将x=32cmy=19.6cm

代入解得：v0=1.6m/s

．

故答案为：1.6

．

(3)

由图可知；物体由A隆煤B

和由B隆煤C

所用的时间相等，且有：

鈻�y=gT2

由图可知鈻�y=2L=10cm

代入解得，T=0.1s

x=v0T

将x=3L=15cm

代入解得：v0=1.5m/s

竖直方向自由落体运动；根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有：

vBy=hAC2T=2m/s

．

故答案为：1.52

．

(1)

平抛运动的初速度一定要水平；因此为了获得水平的初速度安装斜槽轨道时要注意槽口末端要水平；同时为了保证小球每次平抛的轨迹都是相同的，要求小球平抛的初速度相同；

(2)O

点为平抛的起点，水平方向匀速x=v0t

竖直方向自由落体y=12gt2

据此可正确求解；

(3)

根据竖直方向运动特点鈻�h=gt2

求出物体运动时间，然后利用水平方向物体做匀速运动，可以求出其水平速度大小，利用匀变速直线运动的推论可以求出B

点的竖直分速度大小．

本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，是一道考查基础知识的好题目．【解析】水平；初速度相同；1.61.52

21、略

【分析】解：设每格的长度为d

则有：4d=vT=0.4隆脕0.1m=0.04m.

则d=0.01m

．

对甲，鈻�x=d=aT2

解得：a=dT2=0.010拢庐12m/s2=1m/s2

．

t3

时刻甲的速度等于t2

到t4

段的平均速度，则有：v3=7d2T=0.070.2m/s=0.35m/s

．

故答案为：10.35

．

根据乙做匀速直线运动；求出每格的距离，通过连续相等时间内的位移之差是一恒量求出甲的加速度大小.

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出甲的瞬时速度．

推论鈻�X=aT2

在本章有着非常重要的地位，特别是在求加速度时是一个非常有用的公式，一定要熟练掌握，解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，并能灵活运用．【解析】10.35

四、实验题(共1题，共6分)22、略

【分析】试题分析：⑴挡光片通过光电门时由于时间较短，可以粗略处理成匀速，则通过的时间越短，挡光片的宽度越小，速度越接近小车车头到达光电门时的瞬时速度，则四个挡光片中，挡光片Ⅳ的宽度最小，D正确。⑵测量值为挡光片通过的平均速度为而小车实际做匀加速直线运动，则测量车头到达光电门时的瞬时速度测量值跟实际值相比偏大，A正确。考点：本题考查测量物体瞬时速度。【解析】【答案】DAB五、简答题(共3题，共9分)23、分液漏斗；A；圆底烧瓶；D；澄清石灰水；澄清石灰水变浑浊；CO2；H2SO4；H2CO3；S；C；CO32-+2H+═CO2↑+H2O【分析】解：rm{(1)}比较非金属性的强弱时用的是最高价氧化物的水化物，因此在分液漏斗中盛放的是稀硫酸，在圆底烧瓶中盛放的是碳酸盐，rm{a}仪器名称是分液漏斗，故答案为：分液漏斗；rm{A}

rm{(2)}碳酸钙与稀硫酸反应生成的硫酸钙是一种微溶物，会附着在碳酸钙的表面，将阻止反应的进行，所以选取的碳酸钠为反应物，rm{b}名称是圆底烧瓶，故答案为：圆底烧瓶；rm{D}

rm{(3)}只要证明圆底烧瓶中有二氧化碳生成，就能说明硫酸的酸性比碳酸的酸性强，即说明硫的非金属性比碳强，因此要用澄清石灰水检验二氧化碳的生成，现象是澄清石灰水变浑浊，所以rm{c}中试剂是澄清石灰水，rm{b}中发生的反应为rm{CO_{3}^{2-}+2H^{+}篓TCO_{2}隆眉+H_{2}O}

故答案：澄清石灰水；澄清石灰水变浑浊；rm{CO_{2}}rm{H_{2}SO_{4}}rm{H_{2}CO_{3}}rm{S}rm{C}rm{CO_{3}^{2-}+2H^{+}篓TCO_{2