2024年北师大新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大新版高二物理上册月考试卷939考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、对同一质点，下面说法中正确的是(

)

A.匀速圆周运动中，动量是不变的B.匀速圆周运动中，在相等的时间内，动量的改变量相等C.平抛运动、竖直上抛运动，在相等的时间内，动量的改变量相等D.只要质点的速度大小不变，则它的动量就一定不变2、下图中能产生感应电流的是()A.B.C.D.3、春节期间人们放飞孔明灯表达对新年的祝福，如图所示，孔明灯在竖直Oy

方向做匀加速运动，在水平Ox

方向做匀速运动，孔明灯的运动轨迹可能为()A.直线OA

B.直线OB

C.曲线OC

D.曲线OD

4、如图所示，电路中RT

为热敏电阻，R1

和R2

为定值电阻.

当温度升高时，RT

阻值变小.

开关S

闭合后，RT

的温度升高，则下列物理量中变小的是(

)

A.通过RT

的电流B.通过R1

的电流C.通过R2

的电流D.电容器两极板间的电场强度5、在如图所示的电路中；当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电泡A的亮度及电容器C所带电量Q的变化判断正确的是（）

A.电泡A变亮。

B.电泡A变暗。

C.带电量Q不变。

D.带电量Q增大。

6、如图所示，用不导热的活塞把气缸分成A、B两部分气体，两部分气体均可看成理想气体，当A、B两部分气体的热力学温度之比3:2时，它们的体积之比为2:1。如果把A气体的温度提高到127℃，把B气体温度冷却到-73℃时，不计活塞与气缸间的摩擦，活塞达到平衡后，A、B两部分气体的体积之比为（）（A）2:1（B）3:2（C）5:2（D）8:37、如图所示，在两个水平放置的平行金属板之间，电场和磁场的方向相互垂直．一束带电粒子（不计重力）沿着直线穿过两板间的空间而不发生偏转．则这些粒子一定具有相同的（）A.质量mB.电量qC.运动速度vD.比荷8、如图所示为一块长方体铜块，使电流沿如图I1I2

两个方向通过该铜块，铜块的电阻之比为(

)

A.1

B.a2c2

C.a2b2

D.b2c2

9、质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是（）A.物体重力势能减少mghB.物体重力势能减少mghC.物体的动能增加mghD.重力做功-mgh评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，在一个光滑金属框架上垂直放置一根长l=0.4m

的金属棒ab

其电阻r=0.1娄赂

框架左端的电阻R=0.4娄赂.

垂直框面的匀强磁场的磁感应强度B=0.1T.

当用外力使棒ab

以速度v=5m/s

右移时，ab

棒中产生的感应电动势E=

______，通过ab

棒的电流I=

______，ab

棒两端的电势差Uab=

______．13、带电量为库的正检验电荷从电场中的A点移到B点时，它的电势能增加了焦，则在这个过程中，电场力对检验电荷做了________J的功，A、B两点之间的电势差UAB_________V．14、将单摆挂在测力传感器的探头上，用测力探头和计算机组成的实验装置来测定单摆摆动过程中摆线受到的拉力（单摆摆角小于5°），计算机屏幕上得到如图a所示的图象．然后使单摆保持静止，得到如图b所示的图象．那么：

（1）此单摆的周期为____s．

（2）设摆球在最低点时重力势能EP=0，已测得当地重力加速度为g，单摆的周期用T表示，那么测得此单摆摆动时的机械能E的表达式是____．

A．E=B．E=C．E=D．E=．15、如图所示交变电流正值为正弦波的一部分，该交变电流的周期为____S，电流有效值为____A。16、热敏电阻的阻值随温度变化的图线如图甲，由热敏电阻R1作为传感器制作的自动报警器电路图如图乙，为了使温度过高时报警器铃响，c应与______（填“a”或“b”）连接；若使报警的最低温度提高些，应将P点向______（填“左”或“右”）移动．17、一定质量的理想气体经历可如图所示的A→B，B→C，C→A三个变化过程，图中p0和V0为已知，若气体在状态A的热力学温度为T0，则气体在状态C的热力学温度为TC=______，气体从状态A→B的过程中对外界做功为______，从状态B→C的过程中对外界做功为______．18、火车从甲站到乙站的正常行驶速度是60km/h

有一次火车从甲站出发，由于迟开了5min

司机把速度提高到72km/h

才刚好正点到达乙站，则甲、乙两站的距离是______km

火车从甲站到乙站正常行驶的时间是______h.

19、天气预报今天的温度为23隆忙

时，热力学温度为______K.评卷人得分四、判断题(共2题，共4分)20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)22、如图所示，平行金属带电极板A、B间可看作匀强电场，场强E=1.2×103V/m；极板间距离d=5cm，电场中C和D分别到A；B两板距离均为0.5cm，B板接地，求：

（1）C和D两点的电势、两点间的电势差UCD；

（2）点电荷q1=-2×10-3C分别在C和D两点的电势能．

23、如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为-2×10-5C的电荷由A移到B；其电势能增加了0.1J．则：

（1）在此过程中；电场力对该电荷做了多少功？

（2）A、B两点的电势差UAB为多少？

（3）匀强电场的场强为多大？

24、如图所示，电解槽A和电炉B串联后接到220V的电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=10Ω，电解槽的热电阻r′=0.5Ω．当开关闭合后；电炉的消耗功率为1KW．求：

（1）流过电解槽的电流大小？

（2）电解槽中电能转化成化学能的功率？

25、条形磁铁位于线圈L的正上方；N极朝下．灵敏电流计G；电容C与线圈L连成如图所示的电路．现使磁铁从静止开始加速下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过G的电流方向和电容器极板的带电情况是______

A．从a到b；上极板带正电。

B．从a到b；下极板带正电。

C．从b到a；上极板带正电。

D．从b到a；下极板带正电．

评卷人得分六、实验探究题(共3题，共18分)26、有一内阻未知(

约2k娄赂隆芦6k娄赂)

量程(0隆芦3V)

的直流电压表。某同学用一多用电表的欧姆档，直接去测量该电压表的内阻，则欧姆档的选择开关应拨至倍率“隆脕

_________”档。该同学先将红黑表笔短接调零后，应选图___________(

选填“甲”或“乙”)

的方式连接。在实验中，欧姆表的刻度盘如图丙所示，则电压表的电压应为_______________娄赂

27、有一个标有“12V；24W”的灯泡，为了测定它在不同电压下的实际功率和额定功率，需测定灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，现有如下器材：

A．直流电源15V（内阻可不计）

B．直流电流表0-0.6A-3A（内阻0.5Ω．0.1Ω）

C．直流电流表0-300mA（内阻约5Ω）

D．直流电压表0-3V-15V（内阻约3kΩ．15kΩ）

E．直流电压表0-25V（内阻约200kΩ）

F．滑动变阻器10Ω．5A

G．滑动变阻器1kΩ．3A

（1）实验台上已放置开关．导线若干及灯泡，为了完成实验，还需要从上述器材中选用______（用序号字母表示）

（2）在相应方框内画出合理的实验电路图．28、某同学用如图甲所示电路；测绘标有“3.8V0.3A

”的小灯泡的灯丝电阻R

随电压U

变化的图象．

(1)

除了导线和开关外；有以下一些器材可供选择：

电流表：A1(

量程100mA

内阻约2娄赂)

A2(

量程0.6A

内阻约0.3娄赂)

电压表：V1(

量程5V

内阻约5k娄赂)

V2(

量程15V

内阻约15k娄赂)

滑动变阻器：R1(

阻值范围0隆芦10娄赂)

R2(

阻值范围0隆芦2k娄赂)

电源：E1(

电动势为1.5V

内阻为0.2娄赂)

E2(

电动势为4V

内阻约为0.04娄赂)

．

为调节方便；测量准确，实验中应选用电流表______，电压表______，滑动变阻器______，电源______(

填器材的符号)

．

(2)

根据实验数据，计算并描绘出R鈭�U

的图象如图乙所示.

由图象可知，当所加电压为3.0V

时，灯丝电阻为______娄赂

灯泡实际消耗的电功率为______W.

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】解：A

在匀速圆周运动中；速度的大小不变，速度的方向不断变化，物体的动量大小不变，方向时刻改变，物体的动量不断变化，故A错误；

B；在匀速圆周运动中；物体所受合外力提供向心力，向心力始终指向圆心，方向不断改变，在相等时间内，力与时间的乘积，即力的冲量反向不同，冲量不同，由动量定理可知，匀速圆周运动中，在相等的时间内，动量的改变量不同，故B错误；

C；平抛运动、竖直上抛运动；物体受到的合外力是重力mg

在相等的时间t

内，合外力的冲量：I=mgt

相等，由动量定理可知，动量的该变量相等，故C正确；

D；物体动量p=mv

质点速度大小不变，如果速度方向发生变化，则物体的动量发生变化，故D错误；

故选：C

．

物体质量与速度的乘积是物体的动量；动量是矢量，既有大小又有方向；根据动量的定义式与动量定理分析答题．

本题考查了判断物体动量是否变化，知道动量是矢量、应用动量定理可以解题，注意动量、速度、冲量是矢量，注意方向问题是正确解题的关键．【解析】C

2、B【分析】【分析】感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化.

据此可正确解答本题。本题考查了感应电流产生的条件；首先要明确是哪一个线圈，然后根据磁通量的公式：娄碌=BS

找出变化的物理量，从而确定磁通量是否发生变化.

基础题目。【解答】A.线圈是不闭合的，不能产生感应电流，故A错误；B.线框的面积增大，穿过线框的磁通量增大，能够产生感应电流，故B正确；C.由于直导线在线圈的直径的上方，所以穿过线圈的磁通量等于0

电流增大，线圈的磁通量仍然是0

故C错误；D.线圈整体垂直于磁场运动，线圈的磁通量始终是最大，没有发生变化，没有感应电流，故D错误。故选B。【解析】B

3、D【分析】【分析】当合加速度的方向与合速度的方向在同一条直线上，物体做直线运动，当合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动，根据孔明灯在两个方向的运动情况得出合力与速度方向的关系，从而判断轨迹。本题考查了曲线运动。解决本题得关键知道在曲线运动中，合力大致指向轨迹凹的一向，会根据轨迹弯曲判断加速度的方向，也要会根据合力方向判断大致的轨迹。【解答】孔明灯在竖直Oy

方向做匀加速运动，则合外力沿Oy

方向，在水平Ox

方向做匀速运动，此方向上合力为零，所以合运动的加速度方向沿Oy

方向，但合速度方向不沿Oy

方向，孔明灯做曲线运动，结合合力指向轨迹内侧可知轨迹可能为OD

故D正确，ABC错误。故选D。【解析】D

4、C【分析】解：开关S

闭合后；RT

的温度升高，RT

阻值变小，RT

和R2

并联电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，即通过通过R1

的电流变大.R1

两端的电压和内电压都增大，则知RT

和R2

并联电压变小，通过R2

电流变小，由于干路电流变大，则知通过RT

的电流变大.

电容器板间电压等于R1

的电压，其电压变大，则两极板间的电场强度变大.

故C正确．

故选C

开关S

闭合后，RT

的温度升高，RT

阻值变小，外电路总电阻减小，干路电流增大，R1

两端的电压和内电压都增大，分析RT

和R2

并联电压的变化，判断通过R2

电流的变化，即可知道通过RT

的电流变化.

根据E=Ud

分析电容器板间场强的变化．

本题是电路动态变化分析问题，按“局部隆煤

整体隆煤

局部”的顺序进行分析．【解析】C

5、B【分析】

A；B当滑动变阻器的滑动片向下移动时；变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯A变暗．故A错误，B正确．

C；D电容器板间电压等于变阻器两端的电压．由上得知；路端电压减小，则通过A灯的电流减小，而干路电流增大，则通过R的电流增大，R的电压也增大，则变阻器两端的电压减小，电容器所带电量Q减小．故CD均错误．

故选B

【解析】【答案】当滑动变阻器的滑动片向下移动时；变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻的变化，得到干路电流和路端电压的变化，则知灯A亮度的变化．电容器的电压等于变阻器两端的电压，分析其电压的变化，判断带电量Q的变化．

6、D【分析】由可知压强之比为3:4，对气体A前后两个状态，对气体B前后两个状态，当活塞平衡时，压强相等，有由以上等式联立可得体积之比为8:3，D对；【解析】【答案】D7、C【分析】解：一束带电粒子（不计重力）沿着直线穿过两板间的空间而不发生偏转，知粒子受电场力和洛伦兹力平衡，有：qvB=qE，因为B与E是确定的，所以v=知粒子的速度相同．故C正确，A；B、D错误．

故选C．

一束带电粒子（不计重力）沿着直线穿过两板间的空间而不发生偏转；知粒子受电场力和洛伦兹力平衡，根据平衡确定粒子的特性．

解决本题的关键知道速度选择器选择粒子，通过平衡知，选择的粒子与粒子的电量、电性无关．【解析】【答案】C8、B【分析】解：I1

流向时，长度为a

截面积为bc

则由电阻定律可知：R1=娄脩abc

I2

流向时，长度为c

截面积为ab

则电阻R2=娄脩cab

故电阻之比为：R1R2=娄脩abc娄脩cab=a2c2

故B正确；ACD错误．

故选：B

．

明确两电流流向中对应的电阻长度和截面积；再根据电阻定律分别求出电阻表达式，再求出比值即可．

本题考查电阻定律的正确应用，要注意明确同一电阻，电流的流向不同时，对应的阻值是不同的，要明确电阻的长度和截面积才能准确求解电阻大小．【解析】B

9、B【分析】解：A；物体在下落过程中；重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh。故A错误；

B、物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少。由物体的合力为则阻力做功为机械能减少为故B正确；

C、物体的合力为则合力做功为所以物体的动能增加为故C错误；

D；物体在下落过程中；重力做正功为mgh，故D错误；

故选：B。

物体距地面一定高度以的加速度由静止竖直下落到地面；则说明物体下落受到一定阻力。那么重力势能的变化是由重力做功多少决定的，而动能定理变化由合力做功决定的，那么机械能是否守恒只由重力做功决定的。

功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能。【解析】B二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】解：ab

棒中产生的感应电动势E=BLv=0.1隆脕0.4隆脕5V=0.2V

通过ab

棒的电流I=Er+R=0.20.4+0.1A=0.4A

ab

棒两端的电势差Uab=IR=0.4隆脕0.4V=0.16V

故答案为：0.2V0.4A0.16V

棒向右运动垂直切割磁感线，根据公式E=BLv

求出感应电动势娄脜

根据欧姆定律求解通过ab

棒的电流I.ab

棒两端的电势差等于R

两端的电压；由欧姆定律求解；

本题关键要掌握感应电动势公式E=BLv

欧姆定律、功率公式等等电磁感应基本知识，即可正确解题.

求ab

间电势差时要注意，金属棒是电源，ab

间电势差是路端电压．【解析】0.2V0.4A0.16V

13、略

【分析】【分析】

检验电荷从电场中的A点移到B点时；电势能增加多少，说明克服电场力做功多少；

根据公式求解A；B两点之间的电势差；

【详解】

根据题意，检验电荷从电场中的A点移到B点时，它的电势能增加了则电场力对检验电荷做功

则A、B两点之间的电势差为．

【点睛】

电场力做功与电势能变化的关系类似于重力做功与重力势能关系相似，要知道电荷的电势能变化取决于电场力做功，电场力做功多少，其电势能就变化多少，电荷克服电场力做功多少，其电势能就增加多少．【解析】-40;14、略

【分析】

（1）平衡位置处拉力最大；最大位移处拉力最小．从图a中看出单摆的周期为0.8s．

（2）单摆在最低点时F1-mg=mmg=F3．根据周期公式摆长l=联立三个式子，得：．故A正确；B；C、D错误．

故选A．

【解析】【答案】（1）单摆在摆动的过程中；通过平衡位置时，拉力和重力的合力提供向心力，此时拉力最大．在最大位移处，拉力等于重力的分力，此时拉力最小，结合图a，可知单摆的周期．

（2）在最低点F1-mg=mmg=F3．单摆摆动时的机械能等于最低点的动能和势能之和．根据单摆的周期公式求出摆长，代入F1-mg=m求出动能．

15、略

【分析】【解析】试题分析：从图像中可得该交流电的周期为0.2s，根据有效值的定义可得解得：考点：考查了交流电图像，以及有效值的计算【解析】【答案】0.2（或8.66）16、略

【分析】解：根据图甲中曲线的趋势可以得出；电阻随温度的升高而减小，因此热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，为了使温度过高时发送报警信息，则热敏电阻阻值最小，开关c应该接在a处，若使报警的最低温度提高些，应使电路中电阻增大，则滑动变阻R应将P点向左移动．

故答案为：a；左．

根据热敏电阻的阻值随温度的变化而变化；因此使电路形成通路，根据闭合电路欧姆定律分析如何使报警温度提高．

本题考查学生对生活中半导体具体实例的了解情况．此外本题通过影响电阻的因素的实验，考查学生识图能力以及分析问题和解决问题的能力．【解析】a；左17、略

【分析】解：由图示图象可知，A、C两状态的pV乘积相等，由理想气体状态方程：=C可知：pV相等，则两状态的温度相等，则TC=TA=T0；

由图示图象可知；气体从状态A→B的过程中，气体体积不变，气体不对外界做功，即做功为0；

由图示图象可知，从状态B→C的过程中气体发生等压变化，气体体积增大，气体对外界做功：W=Fl=p0Sl=p0△V=p0（2V0-V0）=p0V0；

故答案为：T0；0；p0V0．

分析清楚图示图象；求出各状态的状态参量，然后应用气体状态方程与功的计算公式分析答题．

本题考查了求温度、气体做功问题，分析清楚图示图象、确定气体状态变化过程，求出气体的状态参量是正确解题的前提与关键，应用理想气体状态方程、功的计算公式可以解题．【解析】T0；0；p0V018、略

【分析】解：设正常行驶的时间为th

则迟开后的行驶时间(t鈭�112)h

则有：v1t=2(t鈭�112)

代入数据得行驶时间：t=0.5h

甲；乙两站间的距离：s=v1t=60km/h隆脕0.5h=30km

．

故答案为：300.5

设正常行驶的时间为th

则迟开后的行驶时间(t鈭�112)h

结合x=vt

进行求解．

此题主要考查的是学生对速度计算公式的理解和掌握，明确行驶的时间关系是解决此题的关键．【解析】300.5

19、略

【分析】解：热力学第三定律的内容为：热力学温度的零度是宇宙所能无限接近的绝对零度；此温度不可达到，为鈭�273.15隆忙

该温度为热力学温度的0K

摄氏温度为t=23隆忙

相对应的热力学温度为T=273.15+23=296.15K

故答案为：296.15(

或296

也正确)

根据热力学第三定律的内容和热力学温标与摄氏温标的概念与区别；便可解答此题，两者大小关系为T=273.15(K)+t

该题考查对热力学温度的理解，解热力学问题关键要知道两种温标的区别与联系，概念要理解透彻．【解析】296.15

四、判断题(共2题，共4分)20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、解答题(共4题，共8分)22、略

【分析】

（1）由于B板接地；所以B的电势为零，又由于B板是正极板，所以电场线的方向是竖直向上的；

对于D点，φD=UDB=-Ed=-1.2×103V/m×0.005m=-6V；

对于C点，φC=UCB=-Ed′=-1.2×103V/m×0.045m=-54V；

所以UCD=φC-φD=-54-（-6）=-48V；

（2）由电势能EP=qφ可得；

C点的电势能EPC=qφC=（-2×10-3C）×（-54V）=0.108J；

D点的电势能EPD=qφD=（-2×10-3C）×（-6V）=0.012J．

答：（1）C点的电势为-54V，D点的电势为-6V，CD两点间的电势差UCD为-48V；

（2）点电荷q1=-2×10-3C在C的电势能为0.108J；在D点的电势能为0.012J．

【解析】【答案】（1）下极板接地；所以下极板的电势为零，C；D的电势即为下极板与C、D之间的电势差的大小；

（2）根据C、D的电势的大小，根据EP=qφ可以求得电荷在C和D两点的电势能．

23、略

【分析】

（1）电场力做正功；电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，增加的电势能等于电场力做的功，所以电势能增加了0.1J，电场力对电荷就做-0.1J的功．

（2）由W=qU可得，U===5000V；

（3）A、B两点间的沿电场线方向的距离为D=2×cos60°=1cm=1×10-2m；

由U=ED得，E==V/m=5×105V/m．

答：（1）在此过程中；电场力对该电荷做功为-0.1J；

（2）A、B两点的电势差UAB为5000V；

（3）匀强电场的场强为5×105V/m．

【解析】【答案】（1）根据电场力做功与电势能之间的关系；可以判断电场力做功的多少；

（2）由电场力做功的公式；可以求得电势差；

（3）由电势差的公式可以求得电场的场强．

24、略

【分析】

（1）根据P=I2R

解得：

（2）根据闭合电路欧姆定律得：

电解槽的电压U′=E-IR-Ir=115V

=115×10-100×0.5W=1100W

答：（1）流过电解槽的电流为10A；（2）电解槽中电能转化成化学能的功率为1100W．

【解析】【答案】（1）根据电炉的消耗功率求出电路的电流；此电流即为流过电解槽的电流；

（2）先根据闭合电路的欧姆定律求出电解槽的电压；进而求出总功率，化学能的功率等于总功率减去热功率．

25、略

【分析】

当磁铁N极向下运动，导致穿过线圈的磁通量变大，且方向向下，则由楞次定律可得线圈中产生感应电流方向盘旋而下，螺线管下端相当于电源的正极．所以通过G的电流方向为从b到a；而电容器下极板则带正电．

故选：D

【解析】【答案】当磁铁的N极向下运动；导致穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势．由楞次定律可得感应电流的方向，从而判定电容器下极板带何种电．

六、实验探究题(共