2024年冀教新版选择性必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年冀教新版选择性必修1物理上册月考试卷54考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的装置；弹簧振子的固有频率是4Hz。现匀速转动把手，给弹簧振子以周期性的驱动力，测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz，则把手转动的频率为（）

A.1HzB.3HzC.4HzD.5Hz2、一质量为58g的网球，以40m/s的速度水平飞来，某运动员以60m/s的速度反向击回的过程中，网球的动量变化为（）A.大小1.16kg•m/s，方向与初速度方向相同B.大小1.16kg•m/s，方向与初速度方向相反C.大小5.8kg•m/s，方向与初速度方向相同D.大小5.8kg•m/s，方向与初速度方向相反3、质量相同的甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其速度随时间变化图像如图所示。若两车行驶过程中所受阻力大小相同，则在时间内甲、乙两车牵引力的冲量牵引力的功率通过的位移以及在时间内任意时刻的加速度的大小关系正确的是（）

A.B.C.D.4、某实验小组在研究单摆时改进了实验方案，将一力传感器连接到计算机上。图甲中O点为单摆的固定悬点，现将摆球（可视为质点）拉至A点，此时细线处于张紧状态。由静止释放摆球，则摆球将在竖直平面内的A、C之间来回摆动，其中B点为最低位置，∠AOB=∠COB=α，α小于5°且大小未知。同时由计算机得到了摆线对摆球的拉力大小F随时间t变化的曲线，如图乙所示（图中所标字母均为已知量），且图中t=0时刻为摆球从A点开始运动的时刻。已知摆长为l，重力加速度为g。根据题中（包括图中）所给的信息；下列说法正确的是（）

A.该单摆的周期为t1B.可求出摆球的质量C.不能求出摆球在最低点B时的速度大小D.若在地球的两极做该实验，则测得单摆的周期最大5、下列说法正确的是（）A.夏日雷声有时轰鸣不绝，这是声波的衍射现象B.闻其声而不见其人，是声波的干涉现象C.围绕正在发声的音叉走一圈，就会听到声音忽强忽弱，是声波的干涉现象D.在较大的空房子里的讲话，有时会余音缭绕，是声波的折射现象6、一辆大客车上有一个声源发出频率一定的乐音，当大客车静止、观察者也静止时，观察者听到并记住了这个乐音的音调。当观察者坐上一辆小轿车后听到这个乐音的音调比原来低的是（）A.小轿车静止，大客车向他驶来B.小轿车静止，大客车离他驶去C.大客车静止，小轿车向着大客车驶去D.大客车在前、小轿车在后，且小轿车速度大于大客车速度7、超声波是一种频率高于的声波，波长很短，只有几厘米，甚至千分之几毫米，它的方向性好，穿透能力强，易于获得较集中的声能，因此有广泛的应用关于超声波，下列说法中正确的是（）A.由于高频率超声波波长很短，因此衍射本领很强B.空气中超声波传播速度远大于普通声波传播的速度C.当超声波在介质中传播时，介质参与振动的频率等于超声波频率D.超声波测速主要是利用超声波相干性好的特点评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，质量均为M=2m的木块A、B并排放在光滑水平面上，A上固定一根轻质细杆，轻杆上端的小钉（质量不计）O上系一长度为L的细线，细线的另一端系一质量为m的小球C，现将C球的细线拉至水平；由静止释放，下列说法正确的是（）

A.小球C摆动过程中，木块A和小球C组成的系统动量守恒B.小球C第一次摆至最低点时，两木块刚好开始分离C.两木块刚分离时小球C的速度大小为方向向左D.小球C摆到左侧最高点时，细线恰好水平‍9、质量为m的小球从距地面高H处的A点由静止释放，经过时间t1后落入泥潭，由于受到阻力f的作用，小球又经t2时间后静止于泥潭中，已知小球在泥潭中下降的距离为h，重力加速度为g，小球刚接触泥潭的速度为v，不计空气阻力，关于小球的下落过程，下列分析正确的是（）A.对小球自由下落的过程，由动量定理可有B.对小球自由下落的过程，由机械能守恒可有C.对小球进入泥潭的过程，由动能定理可有D.对小球下落的整个过程，由动能定理可有10、“天津之眼”是一座跨河建设；桥轮合一的摩天轮；是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是()

A.从最低点到最高点，乘客的机械能守恒B.从最低点到最高点，乘客先超重再失重C.从最低点到最高点，乘客受合力冲量为零D.从最低点到最高点，乘客受合力做功为零11、下列说法正确的是（）A.为了更好的满足单摆的实验条件，我们总要尽量选择质量小，体积小的球和尽量细的线B.阻尼振动中有周期性的外力作用于振动系统，补偿系统的能量损耗，才能使系统的振动维持下去C.波形曲线表示介质中“某个质点”在“各个时刻”的位移，振动图像则表示介质中“各个质点”在“某一时刻”的位移E.在波长与狭缝宽度相差不多，或者波长比狭缝宽度更大的情况下，能发生明显的衍射现象E.在波长与狭缝宽度相差不多，或者波长比狭缝宽度更大的情况下，能发生明显的衍射现象12、如图所示，实线与虚线分别表示振幅、频率均相同的两列简谐横波的波峰和波谷，此刻，M是波峰与波峰的相遇点．设这两列波的振幅均为A；则下列说法正确的是（）

A.此时刻位于O处的质点正处于平衡位置B.随着时间的推移，M处的质点将向O处移动C.从此时刻起，经过四分之一周期，M处的质点到达平衡位置，此时位移为零D.O、M连线的中点是振动加强的点，其振幅为2A13、红、黄、绿三种单色光以相同的入射角从水中射向空气，当绿光在界面上恰好发生全反射时，则下列判断正确的是（）A.从水面上仍能观察到黄光B.从水面上观察不到红光C.黄光在水中的波长比红光在水中的波长长E.红光更容易发生衍射现象E.红光更容易发生衍射现象14、下列各仪器或现象的分析中正确的是（）

A.偏光镜是利用纵波偏振特性的仪器B.虎门大桥桥面的剧烈抖动属于受迫振动C.照相机镜头呈淡紫色是光的衍射引起的D.雷达测速仪是利用波的多普勒效应原理评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、光通过狭缝，当缝较宽时观察到__________，当缝较窄时观察到__________，在不透明的圆板阴影中心有一亮斑，就是著名的__________亮斑，这也是光的__________现象，它说明了光沿直线传播只是一种__________规律，当____________________时就不再沿直线传播了．16、概念：振动物体离开平衡位置的____距离。17、若列车车厢与其负荷总质量为车厢弹簧每受1.0t重就被压缩我国铁路一般轨长为列车的危险速率（发生激烈颠簸时的速率）为______。18、如图所示，小明同学和爸爸分别乘船A、B两船在海边游玩，A、B两船相距27m，船可视为质点。若水波以的速率均匀地从A点向B点传播，第1个波峰经过A点至第20个波峰经过A点用时57s，将水波为简谐横波，则波长为______m；小明同学处于波峰时，他爸爸处于______（选“波峰”或“波谷”或“平衡位置”）。

19、如图所示，登山运动员在登雪山时要注意防止紫外线的过度照射，尤其是眼睛更不能长时间被紫外线照射，否则将会严重地损伤视力．有人想利用薄膜干涉的原理设计一种能大大减小紫外线对眼睛伤害的眼镜．他选用的薄膜材料的折射率为n＝1.5，所要消除的紫外线的频率为ν＝8.1×1014Hz.

(1)他设计的这种“增反膜”所依据的原理是________．

(2)这种“增反膜”的厚度至少是多少________？

(3)以下有关薄膜干涉的说法正确的是()．

A.薄膜干涉说明光具有波动性。

B.如果薄膜的厚度不同；产生的干涉条纹一定不平行。

C.干涉条纹一定是彩色的。

D.利用薄膜干涉也可以“增透”评卷人得分四、实验题(共3题，共9分)20、用半径相同的两小球A、B的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接。实验时先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹P。再把B球静置于水平槽前端边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰，二撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹。记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若各落点痕迹到O的距离分别为和并知A、B两球的质量分别为且

（1）若动量守恒，则应成立的表达式为________________；

（2）若碰撞是弹性的，则________（填“＞”；“＝”或“＜”）；

（3）考虑到A、B两球有一定大小，导致碰撞前后球A需要再滑行一段才能从水平槽前端飞出，如图所示。A、B两球碰撞且飞出后，落地前水平方向的总动量应该________球A单独滚下落地前水平方向的动量（填“＞”、“＝”或“＜”）。21、用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”实验；即研究小球在斜槽末端碰撞时动量是否守恒。

（1）下列关于本实验条件的叙述，正确的是_____（选填选项前的字母）；

A．同一组实验中；入射小球必须从同一位置由静止释放。

B．入射小球的质量必须大于被碰小球的质量。

C．轨道倾斜部分必须光滑。

D．轨道末端必须水平。

（2）图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时先让入射小球多次从斜槽上位置S由静止释放，通过白纸和复写纸找到其平均落地点的位置P，测出平抛射程OP。然后，把半径相同的被碰小球静置于轨道的水平部分末端，仍将入射小球从斜轨上位置S由静止释放，与被碰小球发生正碰，并多次重复该操作，两小球平均落地点位置分别为M、N。实验中测出入射小球和被碰小球的质量m1、m2及两球相碰后的平抛射程OM、ON。在实验误差允许范围内，若满足关系式_____（用所测物理量的字母表示），则可以认为两球碰撞前后的动量守恒；若满足关系式_____（用所测物理量的字母表示）；则可以认为两球发生的是弹性碰撞。

（3）若采用图乙装置来验证碰撞中的动量守恒，实验中小球平均落点位置分别为P'、M'、N'、O'与小球在斜槽末端时球心的位置等高。下列说法中正确的是______。

A．若则表明此碰撞过程动量守恒。

B．若则表明此碰撞过程动量守恒。

C．若则表明此碰撞过程机械能守恒。

D．若则表明此碰撞过程机械能守恒22、某实验小组用铁架台；长约1m的细绳、直径约为1cm的金属球、米尺、位移传感器、数据采集器和电脑等器材测量重力加速度。实验过程如下：

（1）用游标卡尺测量小球直径d，示数如图甲所示，其示数为_________mm；

（2）按图乙安装实验装置。当摆球静止时，测出摆长L。将摆球拉开一角度后释放，摆球做简谐运动时，位移传感器记录摆球摆动过程中位移x随时间t变化的关系；其中的一段图像如图丙所示，则此单摆的周期。

T=_______s；

（3）改变摆长，重复步骤（2），测得多组数据（L，T），利用计算机作出T2-L图像，根据图像得到则当地重力加速度大小为g=________m/s2；（结果保留三位有效数字）

（4）下列说法正确的是_________（填选项前的字母）。

A.选择密度较小的摆球，测得的g值误差较小。

B.把摆球从平衡位置拉开30°角后释放；重复步骤（2），仍能测出单摆周期。

C.用悬线的长度加摆球直径作为摆长，代入计算得到的g值偏大评卷人得分五、解答题(共1题，共10分)23、用放射源钋的射线轰击铍时，能发射出一种穿透力极强的中性射线，这就是所谓铍“辐射”。1932年，查德威克用铍“辐射”分别照射（轰击）氢和氮（它们可视为处于静止状态）。测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的氢核和氮核的质量之比为7.0。查德威克假设铍“辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的，从而通过上述实验在历史上首次发现了中子。假设铍“辐射”中的中性粒子与氢或氦发生弹性正碰，试在不考虑相对论效应的条件下计算构成铍“辐射”的中性粒子的质量．（质量用原子质量单位u表示，1u等于1个12C原子质量的十二分之一，取氢核和氦核的质量分别为1.0u和14u．）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz；即受迫振动的频率为1Hz，则驱动力的频率为1Hz．

故选A。2、D【分析】【详解】

规定v1方向为正方向，网球初状态的动量为p1=mv1=0.058×40kgm/s=2.32kg∙m/s

末状态的动量为p2=mv2=0.058×（-60）kgm/s=-3.48kg∙m/s

则动量的变化量为△p=p2-p1=-3.48-2.32=-5.8kg∙m/s

负号表示方向，可知动量变化量的方向与v1方向相反；故D正确，ABC错误。

故选D。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据速度时间图像与时间轴所围的“面积”大小表示位移，由图像可知，0-t0时间内；甲车的位移大于乙车的位移，A错误；

B．速度时间图像的斜率表示加速度，可知0-t0内；甲车的加速度逐渐减小，先大于乙车的加速度，后小于乙车的加速度，则必有某一时刻甲乙两车的加速度相同，B错误；

C．质量相同的甲、乙两车，在行驶过程中所受到的阻力大小相同，在t=t0时刻，两车的速度相同（设为v0），在0～t0时间内，甲、乙两车所受牵引力的冲量大小分别为：I1、I2对甲、乙两车，由动量定理得

解得

C正确；

D．设在0～t0时间内，甲、乙两车所受牵引力做的功分别为：W1、W2，对甲、乙两车，由动能定理得

由于

可得

根据

时间相等；功率不同，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．由题图乙可知，t1时刻是摆球自开始摆动后第一次所受拉力最小的时刻，对应于到达C点的时刻，而t2时刻才是摆球第一次回到A点的时刻，故该单摆的周期为t2；故A错误；

BC．设摆球质量为m，在最低点B时的速度大小为v。小球在最高点A或C时沿摆线方向受力平衡，有①

小球在最低点B时，根据牛顿第二定律有②

小球从最高点运动到最低点的过程中，根据机械能守恒定律有③

联立①②③可得

故B正确；C错误；

D．单摆的周期公式为

若在地球的两极做该实验，则重力加速度g最大；测得单摆的周期最小，故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．夏日雷声有时轰鸣不绝；这是回声，是声波的反射现象，故A项错误；

B．闻其声而不见其人；是声波的衍射现象，故B项错误；

C．围绕正在发声的音叉走一圈；就会听到声音忽强忽弱，是声波的干涉现象，故C项正确；

D．在较大的空房子里讲话；有时会余音缭绕，这是声波的反射现象，故D项错误。

故选C。6、B【分析】【分析】

【详解】

根据多普勒效应可知；当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高。当波源和观察者距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低。由于观察者听到这个乐音的音调比原来降低，即接收到的声波频率减小，说明波源和观察者之间的距离在增大。

故选B。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．高频率超声波的波长短；其衍射本领弱，故A错误；

B．声波的传播速度由介质决定；与声波的频率无关，故空气中超声波传播速度与普通声波传播的速度相等，故B错误；

C．波传播的是振动的形式和能量；介质中各点做的都是受迫振动，其振动频率由波源的频率决定，故当超声波在介质中传播时，介质参与振动的频率等于超声波频率，故C正确；

D．超声波测速利用了多普勒效应；故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)8、B:C【分析】【详解】

A．小球C摆动过程中，木块A和小球C组成的系统所受合外力不为零；动量不守恒，故A错误；

B．小球C与木块A、B组成的系统在水平方向动量守恒，小球第一次摆至最低点时，A、B整体的速度达到最大值，当C继续向左摆动时，A的速度将减小，而B的速度不变；所以小球第一次摆至最低点时，两木块刚好开始分离，故B正确；

C．设两木块刚分离时小球C的速度为vC，木块A、B整体的速度为vAB，规定水平向右为正方向，根据动量守恒定律有①

对小球从最高点到最低点的过程中，根据机械能守恒定律有②

联立①②解得

所以两木块刚分离时小球C的速度大小为方向向左，故C正确；

D．由于小球C的一部分机械能转化为了两木块的机械能，所以小球C不可能摆到与O点等高处；即细线不可能水平，故D错误。

故选BC。9、A:C:D【分析】【详解】

A.对小球自由下落的过程，小球只受重力作用，由动量定理可有选项A正确；

B.对小球自由下落的过程，由机械能守恒可有选项B错误；

C.对小球进入泥潭的过程，由动能定理可有选项C正确；

D.对小球下落的整个过程，由动能定理可有选项D正确.10、B:D【分析】【分析】

【详解】

机械能等于重力势能和动能之和；摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，A错误；圆周运动过程中，从最低点到与圆心等高的位置，向心加速度有竖直向上的分量，则乘客超重；从中间到最高点，向心加速度有竖直向下的分量，则乘客失重，则B正确；从最低点到最高点，乘客动量的方向不断变化，则受合力冲量不为零，则C错误；从最低点到最高点，乘客的动能不变，则受合力做功为零，选项D正确；故选BD.

【点睛】

此题关键是理解机械能守恒的条件、失重和超重的条件、动量定理以及动能定理；注意乘客运动的特点，速度大小不变，方向不断改变，动量变化但是动能不变.11、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．研究单摆时；要尽量减小空气阻力的影响，必须选择质量大；体积小的球和尽量细的线，选项A错误；

B．阻尼振动中有周期性的外力作用于振动系统；补偿系统的能量损耗，才能使系统的振动维持下去，选项B正确；

C．波形图象表示的是在同一时刻各个质点相对于平衡位置的位移的情况；而振动图象表示的是“某个”单一质点在不同的时刻相对于平衡位置位移，选项C错误；

D．如果知道某时刻一列波的某个波面的位置；还知道波速，利用惠更斯原理，可以得到下一时刻这个波面的位置，从而确定波的传播方向，选项D正确；

E．发生明显衍射的条件是孔径；障碍物尺寸小于波长或者与波长相差不大；选项E正确。

故选BDE。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．此时刻位于O处的质点正处于波谷与波谷的相遇点；不在平衡位置，选项A错误；

B．质点并不随波迁移；选项B错误；

C．从此时刻起，经过四分之一周期，两列波在M点的振动均达到平衡位置；合位移为零，选项C正确；

D．O、M连线的中点是振动加强区的点，其振幅为2A；选项D正确。

故选CD。13、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

AB．红、黄、绿三种单色光，红光的折射率最小，绿光的折射率最大，则根据可知；红光的临界角最大，绿光的临界角最小，若绿光在界面上恰好发生全反射，则红光和黄光都不能发生全反射，B错误，A正确；

C．根据公式

可得；红光的折射率最小，频率最小，则在水中的波长最长，C错误；

D．根据公式

红光的折射率最小；可知在水中传播的速率最大，D正确；

故选D。

E．根据公式

可得；红光的折射率最小，频率最小，则在水中的波长最长，故红光更容易发生衍射现象，E正确。

故选ADE。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．偏振是横波特有的现象；偏光镜是利用横波偏振特性的仪器，故A错误；

B．虎门大桥悬索桥振动的主要原因是沿桥跨边护栏连续设置水马；改变了钢箱梁的气动外形，在特定风环境条件下，产生了桥梁涡振现象，可知虎门大桥桥面的剧烈抖动是由于属于受迫振动，故B正确；

C．在选择增透膜时；一般是使对人眼灵敏的绿色光在垂直入射时相互抵消，这时光谱中其它频率的光将大部分抵消，因此，进入镜头的光有很多，但以抵消绿光为主，这样照相的效果更好。对于增透膜，有约1.3%的光能量会被反射，再加之对于其它波长的光，给定膜层的厚度是这些光在薄膜中的波长的四分之一倍，从薄膜前后表面的反射绿光相互抵消，镜头呈淡紫色，故C错误；

D．雷达测速主要是利用多普勒效应原理：当目标向雷达天线靠近时；反射信号频率将高于发射的频率；反之，当目标远离天线而去时，反射信号频率将低于发射的频率。如此即可借由频率的改变数值，计算出目标与雷达的相对速度，故D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]光通过狭缝；当缝较宽时观察到直线传播；

[2]由衍射条件可知；当障碍物的尺寸与波长相差不多或小得多时，能发生明显衍射，所以当缝较窄时观察到衍射现象；

[3][4][5][6]在不透明的圆板阴影中心有一亮斑，就是著名的泊松亮斑，这也是光的衍射现象，它说明了光沿直线传播只是一种近似规律，当障碍物或孔的尺寸较小时能发生衍射现象，这时就不再沿直线传播了【解析】直线传播衍射现象泊松衍射近似障碍物或孔的尺寸较小16、略

【分析】【详解】

略【解析】最大17、略

【分析】【详解】

[1]对弹簧分析，根据

解得

弹簧振子的固有周期为

代入数据得

设列车发生激烈颠簸时的速率为则

代入数据得

【解析】108km/h##30m/s18、略

【分析】【详解】

[1]由题可知，波的周期

由波长公式可知

[2]由于AB的距离为波长的4.5倍，所以小明同学处于波峰时，他爸爸处于波谷。【解析】6波谷19、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]为了减少进入眼睛的紫外线；应使入射光分别从该膜的前后两个表面反射后形成的反射光叠加后加强，从而使透射的紫外线减弱。

(2)[2]路程差(大小等于薄膜厚度d的2倍)应等于光在薄膜中的波长λ′的整数倍，即

因此，膜的厚度至少是紫外线在膜中波长的紫外线在真空中的波长是

在膜中的波长是

故膜的厚度至少是1.23×10－7m

(3)[3]A．薄膜干涉说明光具有波动性；散射说明光具有粒子性，A正确；

B．无论薄膜厚度是否相同，产生的干涉条纹都是平行的，由公式

知条纹间距不同；B错误；

C．白光的干涉条纹是彩色的；因为白光由七种色光组成，如果用单一颜色的色光照射，则条纹不是彩色的，C错误；

D．当膜的厚度为波长的四分之一时就可以实现“增透”；D正确。

故选AD。【解析】使入射光分别从该膜的前后两个表面反射后形成的反射光叠加后加强，从而使透射的紫外线减弱1.23×10－7mAD四、实验题(共3题，共9分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]A与B相撞后，B的速度增大，A的速度减小，碰前碰后都做平抛运动，高度相同，落地时间相同，所以P点是没有碰时A球的落地点，N是碰后B的落地点，M是碰后A的落地点；根据动量守恒定律可知；应用。

因小球做平抛运动的高度相同；则下落时间相同，则一定有。

则。

（2）[2]若碰撞是弹性的；则有。

解得。

则。

即。

（3）[3]考虑到A、B两球有一定大小，碰撞后球A需要再滑行一段才能从水平槽前端飞出，此时A球的速度会变小，使得碰撞后的动量减小。【解析】＝＜21、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．同一组实验中；为使小球到达轨道末端时的速度相等，入射小球必须从同一位置由静止释放，故A正确；

B．为防止两球碰撞后入射球反弹；入射小球的质量必须大于被碰小球的质量，故B正确；

C．只要入射球从斜槽的同一位置由静止释放；小球到达轨道末端时的速度就相等，轨道倾斜部分不必光滑，故C错误；

D．小球离开轨道后做平抛运动