2024年沪教版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，R1和R2的规格为“4W，100Ω”，R3的规格为“1W；100Ω”，当A；B端加电压通电时，这部分电路允许消耗的最大功率为（）

A.

B.1.5W

C.3W

D.9W

2、两个半径相同的天体A、B，它们的质量之比MA：MB=3：1；若不考虑天体自转的影响，则两天体表面的重力加速度大小之比为（）

A.3：1

B.1：3

C.9：1

D.1：9

3、自从英国物理学家狄拉克提出磁单极子以来，寻找磁单极子一直是人类的一个追求.

如图设想一个磁N

单极子从远处沿一个闭合金属线圈的轴线匀速通过，设从右向左观察顺时针方向电流为正，则和该线圈串联的仪表中记录到的线圈中感生电流的i鈭�t

图象是(

)

A.B.C.D.4、做简谐振动的物体，每次通过同一位置时，下列物理量中可能不相同是（）A.速度B.加速度C.动能D.回复力5、一个阻值为1娄赂

的电阻，通过它的电流强度为2A

则下列说法正确的是()A.2s

内通过该电阻的电荷量为1C

B.该电阻2s

内的发热量为8J

C.该电阻2s

内的发热量为4J

D.该电阻发热功率为8W

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、一弹簧振子悬挂在一列静止的火车上，振动的位移—时间图线如图所示。求：（1）t=2s时，振子的振动方向；（2）0～2s内，振子运动的路程；（3）若火车水平匀速行驶，每节铁轨的长度为12m，则火车速度多大时，弹簧振子受迫振动的振幅最大?7、自然界中只存在两种电荷：用丝绸摩擦的______带正电荷，用毛皮摩擦的______带负电荷，同种电荷相互______，异种电荷相互______．8、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素.

如图所示，设两极板正对面积为S

极板间的距离为d

静电计指针偏角为娄脠.

实验中，极板所带电荷量不变，若保持S

不变，增大d

则娄脠

会______；若保持d

不变，减小S

则娄脠

会______．9、如图所示的实验中，大、小两螺线管套在一起，小螺线管A通过滑动变阻器和开关接在电源上，大螺线管B接在电流表上．断开开关，将里面的小螺线管A从大螺线管B中拔出的过程中，电流表的指针____发生偏转；闭合开关，将里面的小螺线管A从大螺线管B中拔出的过程中，电流表的指针____发生偏转；在移动滑动变阻器的过程中，电流表的指针____发生偏转．（均填“会”或“不会”）

10、如图（甲）是由某金属材料制成的电阻阻值随摄氏温度t变化的图象；若用该电阻与电池（电动势E=1.5V，内阻不计）；电流表（量程为5mA、内阻不计）、电阻箱R′串联起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．

①电流刻度较大处对应的温度刻度____；（填“较大”或“较小”）

②若电阻箱阻值R′=150Ω，当电流为5mA时对应的温度数值为____°C．11、如图所示，在光滑绝缘的水平面上，有两个大小不计、质量均为m、电量均为＋q的小球，开始时球1静止，球2以初速度向球1运动，此时两球的电势能为设它们不会接触，当两球间的距离最小时，两球的电势能为则这时球1的速度=12、如图是一列沿x正向传播的简谐横波在传播方向上相距3m的两质点P和Q的振动图象，其实线是P点的振动图象，虚线是Q点的振动图象，若P质点离波源比Q质点近，则该波的最大波长为______m，若Q质点离波源比P点近，则该波的最大波长是________m。13、电烙铁的铭牌上标识有“220V100W”，当它在正常工作时它的电阻是____Ω，1小时消耗电能____焦耳．14、在磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，放一条与磁场方向垂直的、长度为1.2m的通电直导线，导线中的电流为3A，这条导线在与磁场方向垂直的平面内沿安培力的方向移动一段距离，若安培力对导线做了0.9J的功，则导线移动的距离为____________m．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分四、计算题(共2题，共14分)24、如图所示，用两根长度都为l的细线悬挂一个小球A，两悬挂点等高，线与水平天花板间的夹角都是α，使球A在垂直于纸面的平面内做小幅度的摆动，当A经过平衡位置的瞬间，另一小球B从A球的正上方自由下落，若B球恰能击中A球，求B球开始下落时离A球振动平衡位置的高度．25、一列简谐横波沿x

轴正方向传播；t=0

时O

点沿y

轴正方向振动，t=0.2s

的波形如图所示，此时x=2m

处的质点第1

次到达波峰．

垄脵

此时O

点的振动方向；

垄脷

求波速．评卷人得分五、推断题(共4题，共28分)26、氨气是一种重要的化工产品及工业原料。I．某温度下，合成氨反应的平衡常数K=3.0×103(mol／L)-1，（1）写出其对应的化学方程式________________________________________。（2）某温度下，如果在体积恒定为10L的密闭容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3则反应____（填“正向进行”或“逆向进行”或“达到平衡”）。（3）该温度下，在体积恒定为10L的四个密闭容器中分别充入下列物质，反应达到平衡后，N2的转化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨气极易溶于水，氨水是氨气溶于水而形成的溶液，回答下列问题：（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度___________（填“增大”“减小”或“不变”），___________（填“增大”“减小”或“不变”）。（5）室温下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用离子方程式表示）。并计算该平衡的平衡常数表达式为________________________（用含代数a的较为精确的数学表达式表示，不必化简，不做近似运算）。27、已知rm{CH_{3}隆陋CH篓TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烃rm{A}充分燃烧后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}该芳香烃rm{A}在不同条件下能发生如图所示的一系列变化：

请回答下列问题：

rm{(1)A}中官能团的名称为：______________，rm{A}的结构简式：_______________________。

rm{(2)}上述反应中，rm{垄脵}是________反应rm{(}填反应类型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}写出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物质的结构简式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}写出rm{D隆煤F}反应的化学方程式：______________________________。28、元素rm{H}rm{C}rm{N}rm{O}rm{F}都是重要的非金属元素，rm{Fe}rm{Cu}是应用非常广泛的金属．

rm{(1)Fe}元素基态原子的核外电子排布式为____．

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}个电子，该分子中rm{娄脪}键与rm{娄脨}键的个数比为____

rm{(3)C}rm{N}rm{O}三种元素的第一电离能由大到小的顺序为rm{(}用元素符号表示rm{)}____

rm{(3)}在测定rm{HF}的相对分子质量时，实验测得值一般高于理论值，其主要原因是____

rm{(5)C}rm{N}两元素形成的化合物rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶体，结构类似金刚石，甚至硬度超过金刚石，其原因是____

rm{(6)}如图为石墨晶胞结构示意图，该晶胞中含有rm{C}原子的个数为____．29、已知：①一定条件下，R－Cl+2Na+Cl－R’®R－R’+2NaCl②醛和醇可以发生氧化反应，被氧化的难易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最难。现有某氯代烃A，其相对分子质量为78.5；B与氯气反应生成的一氯代物有两种。有关的转化关系如下图所示（部分产物及条件均已略去）：请回答下列问题：（1）分子式：A____；反应类型：E®F____；（2）结构简式：B____，K为____；（3）反应方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能团的名称____（5）D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个-CH3基团的有两种。请写出这两种中的任一种结构简式：____。评卷人得分六、实验题(共2题，共16分)30、（6分）如图是用双缝干涉测光的波长的实验设备示意图。（1）以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离____(填字母)A．增大③和④之间的距离B．增大④和⑤之间的距离C．将红色滤光片改为绿色滤光片D．增大双缝之间的距离（2）在某次实验中，已知双缝到光屏之间的距离是600mm，双缝之间的距离是0.20mm，单缝到双缝之间的距离是100mm，某同学在用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻线对准某条亮纹（记作第1条）的中心，这时手轮上的示数如左图a所示。然后他转动测量头，使分划板中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数如右图b所示，图b示数为______mm。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为_______nm（保留二位有效数字31、利用硼镁矿rm{(}主要成分为rm{Mg_{2}B_{2}O_{5}隆陇H_{2}O)}制取硼酸、金属镁及单质硼的工艺流程图如下：

已知：rm{垄脵}硼砂为rm{Na_{2}B_{4}O_{7}隆陇10H_{2}O}rm{垄脷}硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}是一种可溶于水的一元弱酸，与过量的rm{NaOH}反应生成rm{Na[B(OH)_{4}]}rm{垄脹}硼酸在不同温度下的溶解度：。温度rm{(}rm{隆忙}rm{)}rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}rm{50}rm{60}rm{70}rm{80}rm{90}溶解度rm{(g/100g}水rm{)}rm{3}rm{3}rm{5}rm{7}rm{9}rm{11}rm{15}rm{18}rm{23}rm{29}rm{(1)}粉碎硼镁矿的目的是：____。rm{(2)Mg_{2}B_{2}O_{5}隆陇H_{2}O}中rm{B}的化合价为：____价。rm{(3)}滤渣的主要成分是：____。rm{(4)}操作rm{2}的主要方法是：____。rm{(5)}写出硼酸的电子式：____。rm{(6)X}为硼酸晶体加热完全脱水后的产物，rm{X}与rm{Mg}反应制取单质硼的化学方裎式：____。rm{(7)}硼砂溶于rm{90隆忙}热水后，常用稀硫酸调rm{pH}至rm{2隆芦3}制取rm{H_{3}BO_{3}}晶体，该反应的离子方程式为：____。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】

因R3的功不率最小，故要满足R3的功率P最大为1W，则电压U==

则R1与R2的总功率为P′=W

则总功率为P+P′=1+0.5=1.5W

故B正确；ACD错误；

故选：B

【解析】【答案】要满足任何一个电阻不超过其额定功率；然后计算出各电阻的功率再求和．

2、A【分析】

忽略星球自转的影响；根据万有引力等于重力列出等式：

F==mg

g=

故选A．

【解析】【答案】根据星球表面重力等于万有引力；可列式求解表示出重力加速度，再进行比较．

3、C【分析】解：若N

磁单极子穿过金属线圈的过程中；当磁单极子靠近线圈时，穿过线圈中磁通量增加，且磁场方向从左向右，所以由楞次定律可知有顺时针方向感应电流；

当磁单极子远离线圈时；穿过线圈中磁通量减小，且磁场方向从右向左，所以由楞次定律可知，感应磁场方向：从右向左，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向，从右向左看，仍是顺时针方向.

因此线圈中产生的感应电流方向不变，而且逐渐增大，最后趋向每一个最大值.

故C正确，ABD错误．

故选：C

．

磁单极子穿过金属线圈；导致线圈中的磁通量发生变化，根据磁通量变化情况，由楞次定律可判定感应电流的方向．

查右手螺旋定则、楞次定律，及磁单极子的特征.

同时注意磁体外部的感应线是从N

极射出，射向S

极．【解析】C

4、A【分析】解：AC；经过同一位置；可能离开平衡位置，也可能向平衡位置运动，故速度有两个可能的方向；由于动能是标量，所以动能相同，故A正确，C错误；

B、根据a=-每次通过同一位置时，加速度相同，故B错误；

D；回复力F=-kx；由于x相同，故F相同，故D错误；

故选：A．

物体的位移与时间的关系遵从正弦函数的规律（即它的振动图象是一条正弦曲线）的振动叫简谐运动．简谐运动的频率（或周期）跟振幅没有关系；而是由本身的性质（在单摆中由初始设定的绳长）决定，所以又叫固有频率．做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，一定相同的物理量是位移；加速度和能量。

本题关键是明确：（1）简谐运动的定义；（2）受力特点；（3）运动学特点，基础题．【解析】【答案】A5、B【分析】【分析】已知电阻的阻值和流过的电流；为纯电阻电路，即可求得流过的电荷量和产生的内能及热功率。

此题考查纯电阻电路中热功和热功率的计算。【解答】A.2s

内通过的电荷量为q=It=2隆脕2C=4C

故A错误；

BC.2s

内的发热量为Q=I2Rt=22隆脕1隆脕2J=8J

故B正确，C错误；

D.电阻的发热功率为故D错误。

故选B。

【解析】B

二、填空题(共9题，共18分)6、略

【分析】【解析】（1）振动方向沿y轴正方向（2）（3）振子的固有周期为2秒当考点：机械振动图像【解析】【答案】（1）沿y轴正方向（2）32cm（3）时，受迫振动的振幅最大7、略

【分析】解：自然界中只存在两种电荷；用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷，用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引．

故答案为：玻璃棒；橡胶棒；排斥；吸引。

当用丝绸摩擦玻璃棒时；玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷；当用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．【解析】玻璃棒；橡胶棒；排斥；吸引8、略

【分析】解：根据电容的决定式C=?s4娄脨kd

知；保持S

不变，增大d

则电容C

减小，根据Q=CU

知，Q

不变，则U

变大，所以娄脠

变大．

电容的决定式C=?s4娄脨kd

知；保持d

不变，减小S

则电容C

减小，根据Q=CU

知，Q

不变，则U

变大，所以娄脠

变大．

故答案为：变大；变大．

静电计测量的是电容器两端的电势差，根据电容的决定式C=?s4娄脨kd

判断电容的变化；抓住电荷量不变，根据Q=CU

判断电势差的变化，从而判断娄脠

角的变化．

解决本题的关键掌握电容的决定式C=?s4娄脨kd

和定义式C=QU

并能灵活运用．【解析】变大；变大9、略

【分析】

断开开关；将里面的小螺线管A从大螺线管B中拔出的过程中，由于小线圈中没有电流，周围无磁场，没有磁场通过大线圈，所以不产生感应电流，则电流表指针不会发生偏转．

闭合开关；将里面的小螺线管A从大螺线管B中拔出的过程中，穿过大线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，则电流表指针会发生偏转．

移动滑动变阻器；小线圈中的电流发生变化，则穿过大线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，则电流表指针会发生偏转．

故答案为：不会；会，会．

【解析】【答案】当通过闭合电路的磁通量发生变化；在闭合回路中就会产生感应电流．

10、略

【分析】

①根据闭合电路欧姆定律得。

电路中电流I=可见，电阻R越小，电流I越大，对应的温度越低，所以电流刻度较大处对应的温度刻度较小．

②当电流为5mA时，由闭合电路欧姆定律I=得。

R==-150（Ω）=150Ω；

由R-t图象；根据数学得到R=t+100（Ω），当R=150Ω，t=50°C．

故答案为：较小；50

【解析】【答案】根据闭合电路欧姆定律分析电路中电流与电阻R的关系；电路中电流越大，该电阻的阻值越大，由图象可知温度越高．当电流为5mA时，由闭合电路欧姆定律求出电阻R的值，根据图象读出对应的温度．

11、略

【分析】【解析】试题分析：当两球间距离最小时，两球速度相同，在两球构成的系统而言，只有电场力做功，则电势能与动能之和保持不变，则考点：考查能量守恒定律的应用【解析】【答案】12、略

【分析】试题分析：由同一时刻两点的位移，可画出两间间的波形，由图可知，在t=0时，P点下在向最大位移处运动，而Q点平衡位置且向负方向运动，若P点离波源近，则两间点的波形图如图1所示，有最大波长若Q点离波源近，则两点间的波形如图2所示，则有最大波长考点：横波的图像【解析】【答案】4m12m13、4843.6×105【分析】【解答】解：由电烙铁的铭牌可知；电热器的额定功率为100W，额定电压为220V；

电热器正常工作时的功率和额定功率相等；

由P=UI可得；正常工作时的电流：

I=又由I=可得R===484Ω

1小时消耗电能为W=Pt=100×3600=3.6×105J

故答案为：4843.6×105

【分析】由电烙铁的铭牌可知额定电压和额定功率，正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作时的电流，根据欧姆定律求出电阻．由W=Pt求得耗能．14、略

【分析】解：由于导线和磁场垂直；故可知导线受到的安培力为：

F=BIL=0.5×3×1.2N=1.8N．

导线在与磁场方向垂直的平面内沿安培力的方向移动一段距离；故安培力做功为：

W=Fx；

解得：

故答案为：0.5．【解析】0.5三、判断题(共9题，共18分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．四、计算题(共2题，共14分)24、略

【分析】双线摆在摆动过程中；等效摆长l′=lsinα；

A球从平衡位置每经过回到平衡位置均有可能与B球相碰；

再根据自由落体运动的位移公式计算，化简可得小球B距平衡位置高度h．【解析】解：对A球，有：T=2π

t=n(n=1；2、3)

对B球，有：h=gt2

联立解得：h=n2π2lsinα(n=1；2、3)

答：B球开始下落时离A球振动平衡位置的高度h=n2π2lsinα(n=1、2、3)．25、解：①由题；t=0时O点沿y轴正方向振动，由波形的平移法得知，波沿向右传播，图示时刻O点的振动方向沿y轴负方向；

②由题，x=2m处的质点第1次到达波峰．可知t=得T=0.4s

由图知：λ=8m，则波速v==20m/s

答：①此时O点的振动方向是沿y轴负方向；

②波速是20m/s．【分析】垄脵t=0

时O

点沿y

轴正方向振动；可判断波的传播方向，再判断此时O

点的振动方向；

垄脷

根据波在一个周期内传播的距离是一个波长，确定出t=0.2s

与周期的关系，即可求出周期，读出波长，即可求出波速．【解析】解：垄脵

由题；t=0

时O

点沿y

轴正方向振动，由波形的平移法得知，波沿向右传播，图示时刻O

点的振动方向沿y

轴负方向；

垄脷

由题，x=2m

处的质点第1

次到达波峰.

可知t=12T

得T=0.4s

由图知：娄脣=8m

则波速v=位T=20m/s

答：垄脵

此时O

点的振动方向是沿y

轴负方向；

垄脷

波速是20m/s

．五、推断题(共4题，共28分)26、略

【分析】【分析】本题考查较为综合，涉及化学平衡状态的判断、盐类水解、水的电离、盐类水解平衡常数的计算等知识，为高考常见题型，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）工业上一般用氮气和氢气在催化作用下合成氨，其对应的化学方程式为N2+3H22NH3故答案为：N2+3H22NH3；（2）合成氨反应浓度积所以平衡向逆反应方向移动，故答案为：逆向进行；

（3）a与b相比，a中含有大量的氨气，因此b中氮气的转化率大于a中；b与d相比，b中氢气浓度大，故b中氮气的转化率高；由于正反应是体积减小的可逆反应，所以增大压强平衡向正反应方向进行，c与b相比，相当于是在b的基础上增大压强；氮气转化率增大，故答案为：c；

（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度将增大；因为K和Kw的变化只与温度有关，所以不变。故答案为：增大；不变；

（5）NH4+水解导致硫酸铵溶液显酸性，水解方程式为NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+，依据电荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，则c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常数的计算式可得故答案为：NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向进行（3）c（4）增大不变（5）NH4++H2ONH3•H2O+H+27、（1）碳碳双键

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本题考查有机推断，涉及烯烃、卤代烃、醇等性质以及学生根据信息给予获取知识的能力，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查考生的自学能力和分析推理能力，推断出rm{A}的分子式，根据反应条件及反应类型，利用顺推法进行推断，是高考热点题型，难度中等。【解答】rm{1mol}某烃rm{A}充分燃烧后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烃rm{A}的分子式为rm{C_{8}H_{8}}不饱和度为rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯环，由rm{A}发生加聚反应生成rm{C}故A中含有不饱和键，故A为rm{C}为rm{A}与溴发生加成反应生成rm{B}则rm{B}为rm{B}在氢氧化钠的乙醇溶液、加热条件下发生消去反应生成rm{E}则rm{E}为rm{E}与溴发生加成反应生成由信息烯烃与rm{HBr}的加成反应可知，不对称烯烃与rm{HBr}发生加成反应，rm{H}原子连接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故与rm{HBr}放出加成反应生成rm{D}则rm{D}为rm{D}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{F}则rm{F}为rm{F}与乙酸发生酯化反应生成rm{H}故H为据此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能团是碳碳双键，rm{A}的结构简式：故答案为：碳碳双键；

rm{(2)}上述反应中，反应rm{垄脵}是与溴发生加成反应生成

故答案为：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}为rm{D}为rm{E}为rm{F}为

故答案为：

rm{(4)D隆煤F}是在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成反应方程式为：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案为：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳双键rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}28、1s22s22p63s23p63d64s2;5：1;N＞O＞C;F元素电负性很大，分子之间形成氢键，以形成缔合分子(HF)n;N原子半径小于C原子半径，键长C-N＜C-C，C-N键能更大;4【分析】试题分析：rm{(1)Fe}是rm{26}元素，核外电子数为rm{26}根据核外电子排布规律书写；

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}个电子，该烃分子式为rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}个rm{C-H}rm{1}个rm{C=C}双键，双键为rm{1}个rm{娄脪}键、rm{1娄脨}键；

rm{(3)}同周期自左而右元素第一电离能呈增大趋势，但rm{N}元素原子的rm{2p}能级含有rm{3}个电子，处于半满稳定状态，能量较低，失去第rm{1}个电子需要的能量较大；

rm{(4)F}元素电负性很大；分子之间形成氢键，以形成缔合分子；

rm{(5)}原子晶体中化学键键长越短；键能越大，化学键越稳定；

rm{(6)}由石墨晶胞结构可知，rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故顶点rm{a}相应位置碳原子为rm{12}个晶胞共用，顶点rm{b}相应位置为棱上碳原子为rm{6}个晶胞共用，面上为rm{2}个晶胞共用，晶胞内部含有rm{1}个碳原子，rm{ad}相应棱上碳原子为rm{6}个晶胞共用，rm{bc}相应棱上碳原子为rm{3}个晶胞共用；利用相应物质均摊法计算．

rm{(1)Fe}是rm{26}元素，核外电子数为rm{26}态原子的核外电子排布式为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

故答案为：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2}}

rm{(2)C}rm{H}元素形成的化合物分子中共有rm{16}个电子，该烃分子式为rm{C_{2}H_{4}}分子中含有rm{4}个rm{C-H}rm{1}个rm{C=C}双键，双键为rm{1}个rm{娄脪}键、rm{1娄脨}键，故该分子中rm{娄脪}键与rm{娄脨}键的个数比为rm{5}rm{1}

故答案为：rm{5}rm{1}

rm{(3)}同周期自左而右第一电离能呈增大趋势，rm{N}元素原子的rm{2p}能级有rm{3}个电子，为半满稳定状态，能量降低，失去第一个电子需要的能量较高，第一电离能高于同周期相邻元素，故第一电离能rm{N>O>C}

故答案为：rm{N>O>C}

rm{(4)F}元素电负性很大，分子之间形成氢键，以形成缔合分子rm{(HF)_{n}}实验测得rm{HF}的相对分子质量一般高于理论值；

故答案为：rm{F}元素电负性很大，分子之间形成氢键，以形成缔合分子rm{(HF)_{n}}

rm{(5)N}原子半径小于rm{C}原子半径，键长rm{C-N<C-C}故在rm{C_{3}N_{4}}形成的原子晶体中rm{C-N}键能更大；故其硬度超过金刚石；

故答案为：rm{N}原子半径小于rm{C}原子半径，键长rm{C-N<C-C}rm{C-N}键能更大；

rm{(6)}由石墨晶胞结构可知，rm{隆脧bab隆盲=60^{circ}}rm{隆脧aba隆盲=120^{circ}}故顶点rm{a}相应位置碳原子为rm{12}个晶胞共用，顶点rm{b}相应位置为棱上碳原子为rm{6}个晶胞共用，面上为rm{2}个晶胞共用，晶胞内部含有rm{1}个碳原子，rm{ad}相应棱上碳原子为rm{6}个晶胞共用，rm{bc}相应棱上碳原子为rm{3}个晶胞共用，故晶胞中含有的rm{AC}原子数目为：

rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{3}=4}故答案为：rm{4隆脕dfrac{1}{12}+4隆脕dfrac

{1}{6}+2隆脕dfrac{1}{2}+1+2隆脕dfrac{1}{6}+2隆脕dfrac

{1}{3}=4}．rm{4}【解析】rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{6}4s^{2};5}rm{1;N>O>C;F}元素电负性很大，分子之间形成氢键，以形成缔合分子rm{(HF)_{n};N}原子半径小于rm{C}原子半径，键长rm{C-N<C-C}rm{C-N}键能更大rm{;4}29、略

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度较大，是对有机物知识的综合考查，综合性较强，能较好的考查学生的阅读、分析与思维能力，（5）为本题的易错点。氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，据此答题。【解答】氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为，A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应