2025年新科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图甲所示，足够大的绝缘水平面上静止放置有一质量带正电且电荷的小滑块，从时刻开始，空间加上一个如图乙所示的周期性变化的电场（向右为场强E的正方向）。已知小滑块与水平面间的动摩擦因数重力加速度小滑块可视为质点，运动过程中电量保持不变，则下列说法正确的是（）

A.小滑块在内加速度的大小为B.小滑块在内加速度的大小为C.小滑块在14s末的速度大小为D.小滑块在前14s内的位移大小为28m2、如图所示，孤立点电荷电场中的一簇等势面如图所示中虚线所示，其从左到右电势分别为φ1、φ2、φ3，a、b、c是某电场线与这簇等势面的交点，且ab=ac。现将一负电荷由a移到b，电场力做正功W1；再由b移至c，电场力做正功W2；则（）

A.W1=W2，φ1＜φ2＜φ3B.W1=W2，φ1＞φ2＞φ3C.W1＞W2，φ1＜φ2＜φ3D.W1＜W2，φ1＞φ2＞φ33、某家用日光灯管里的控制电路用到了多种电容器；其中一个电容器如图所示，关于该电容器下列说法正确的（）

A.最多能够储存的电荷量B.450V是指该电容器的击穿电压C.加在两端的电压是225V时，其电容是D.加在两端电压变化10V，电荷量变化4、一台直流电动机，其线圈的电阻值为0.5Ω。当电动机两端所加电压为8V时，电动机正常工作，通过线圈的电流是2A。由此可知（）A.电动机消耗的电功率为72WB.电动机输出的机械功率为12WC.电动机线圈的发热功率为2WD.电动机的工作效率为50%5、下列说法正确的是（）。A.楞次在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系B.安培提出了分子电流假说C.麦克斯韦预言了电磁波并用实验证实了电磁波的存在D.法拉第提出了法拉第电磁感应定律6、“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。若人体温度升高，则人体热辐射强度I及其极大值对应的波长的变化情况是（）A.I增大，增大B.I增大，减小C.I减小，增大D.I减小，减小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点．先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为-W．再将Q1从C点沿CB移到B点并固定．最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．下列说法正确的有。

A.Q1移入之前，C点的电势为B.Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0C.Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2WD.Q2在移到C点后的电势能为-4W8、如图所示的电路中，L1、L2是两个不同的小灯泡，a、b间有恒定的电压；它们都均发光，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，发生的现象是（）

A.L1变亮，L2变暗B.L1变暗，L2变亮C.电路消耗的总功率变小D.流过滑动变阻器的电流变大9、离子陷阱是一种利用电场或磁场将离子俘获并囚禁在一定范围内的装置．如图所示为最常见的“四极离子陷阱”的俯视示意图，四根平行细杆与直流电压和叠加的射频电压相连，相当于四个电极，相对的电极带等量同种电荷，相邻的电极带等量异种电荷．在垂直于四根杆的平面内四根杆的连线是一个正方形abcd，A、C是a、c连线上的两点，B、D是b、d连线上的两点，A、C、B、D到正方形中心O的距离相等．则下列判断正确的是()

A.D点的电场强度为零B.A、B、C、D四点电场强度相等C.A点电势比B点电势高D.O点的电场强度为零10、分别置于两处的长直导线垂直纸面放置,通有大小相等的恒定电流,方向如图所示,在一条直线上,且．已知点的磁感应强度大小为,点的磁感应强度大小为若将处导线的电流切断,则

A.点的磁感应强度大小变为B.点的磁感应强度方向向上C.点的磁感应强度大小变为D.点的磁感应强度方向向下11、如图，在匀强电场中，质量为m、电荷量为+q的小球由静止释放沿斜向下做直线运动，轨迹与竖直方向的夹角为θ；则（）

A.场强最小值为B.电场力对小球可能不做功C.电场方向可能水平向左D.小球的电势能可能增加12、有一种电四极子的电荷分布如图所示，在正方形的顶点上分别有两个电量为+q和两个电量为-q的点电荷．O点为正方形中心，a、b、c、d为正方形四条边的中点，电量为-Q的点电荷位于Oc延长线上，下列说法正确的是（）

A.场强的大小关系有B.电势的高低关系有C.将一正点电荷沿直线由a移动到c的过程中电势能逐渐减小D.将一正点电荷沿直线由b移动到d的过程中电势能始终不变13、已知某地地面处的地磁场水平分量的为某校物理兴趣小组做估测磁体附近磁感应强度的实验。他们将一小罗盘磁针放在一个水平放置的螺线管附近的轴线上，如图所示。小磁针静止时N极指向y轴正方向，当接通电源后，发现小磁针N极指向与y轴正方向成角的方向；则下列说法正确的是（）

A.从左往右看，螺线管中的电流是顺时针方向B.从左往右看，螺线管中的电流是逆时针方向C.通电螺线管在小磁针处产生的磁场大小约为D.通电螺线管在小磁针处产生的磁场大小约为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、一质量为2kg的物体沿倾角为300的斜面从底端以初速度3m/s沿斜面向上滑去，滑至最高点后又返回，返回到底端时速度是1m/s，取重力加速度g=10m/s2，则物体上滑的最大高度为________m；物体与斜面间的摩擦因数μ为________，上升过程产生的内能为________J；返回低端瞬间的热功率为________W．15、如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，电荷量分别为2×10-5C、4×10-5C用绝缘丝线悬挂于同一点，a球绳长0.6m，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α=37°、β=53°，静电力常量为9.0×109Nm2/C2，g取10m/s2则a、b间静电力大小为__________N，a球的质量为__________kg

16、电流：

（1）定义：电荷的___________移动形成电流。

（2）意义：反映了电流的___________程度。

（3）单位：

①国际单位：安培；简称安，符号为A。

②常用单位：毫安mA；微安μA。

③关系：1mA=___________A；1μA=___________A。

（4）表达式：

（5）电流的方向：___________定向移动的方向规定为电流的方向。17、如图，电阻R=55Ω，当闭合S1、S2时，通过电阻R的电流为_________A，电路的总功率为1000W，当只闭合S2时，电动机的电功率为___________W。

18、电场中有A、B、C三点，一电量为+q、质量为m的带电粒子仅受电场力作用，从A点开始以初速v0做直线运动，其v-t图像如图。粒子在t0时刻运动到B点，3t0时刻运动到C点。由图可推断，A、B、C三点中，_____点的电场强度最大，粒子经过_____点时具有的电势能最大；A、B两点的电势差UAB=_________。

评卷人得分四、实验题(共4题，共24分)19、同学们测量某电阻丝的电阻所用电流表的内阻与相当，电压表可视为理想电压表。（1）若使用图甲所示电路图进行实验，要使得的测量值更接近真实值，电压表的a端应连接到电路的________点（选填“b”或“c”）；（2）测得电阻丝的U-I图如图乙所示，则为________Ω（保留两位有效数字）；（3）实验中，随电压进一步增加，电阻丝的温度逐渐变大。某同学发现对热电阻丝吹气，其阻值会变化，他们对此现象进行探究，在控制电阻丝两端的电压为10V的条件下，得到电阻丝的电阻随风速v（用风速计来测量）的变化关系如图丙所示，由图可知：当风速增加时，会________（选填“增大”或“减小”）。在风速增加过程中，为保持电阻丝两端电压为10V，需要将滑动变阻器Rw的滑片向________端调节（选填“M”或“N”）；（4）为了通过电压表的示数来显示风速，同学们设计了如图丁所示的电路，其中R为两只阻值相同的电阻，为两根相同的电阻丝，一根置于气流中，另一根不受气流影响，电压表为待接入的理想电压表。如果要求在测量中，风速从零开始增加，电压表的示数也从零开始增加，则电压表的“+”端和“−”端应分别连接到电路中的________。A．b点和d点B．d点和b点C．a点和b点D．b点和c点20、为了测量一精密金属丝的电阻率：

（1）先用多用电表挡粗测其电阻为___________然后用螺旋测微器测其直径为___________mm，游标卡尺测其长度是___________mm。

（2）为了减小实验误差；需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：

A．电压表V1（量程3V，内阻约为）

B．电压表V2（量程15V，内阻约为）

C．电流表A1（量程3A，内阻约为）

D．电流表A2（量程600mA，内阻约为）

E．滑动变阻器（0.6A）

F．滑动变阻器（0.1A）

G．输出电压为3V的直流稳压电源E

H．电阻箱。

I．开关S；导线若干。

为了测多组实验数据，则上述器材中应选用的实验器材有（填代号）___________

（3）请在虚线框内设计最合理的电路图_____并将图5的实物连线___________。如果金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，写出计算电阻率___________

21、某同学要将一量程为500μA的微安表扩大改装；为此先要测微安表的内阻。

(1)如图甲所示；他先用多用表的欧姆“×100挡”进行测量，指针指在图中虚线处。他应该换用____（填“×10挡"或“×1k挡"）；进行正确的操作后，指针指在图中实线处，其测量值为___Ω；测量时多用表的红表笔应接电流表的___（填“正接线柱”或“负接线柱”）

(2)为了较精确地测量该电流表的内阻。该同学在实验室借到以下器材∶定值电阻R0=180Ω，滑动变阻器R1（0~10Ω）。电阻箱R2（0~999.9Ω），电源E（电动势为4V。内阻很小）；开关和导线若干。设计实验电路如图乙所示。

①将滑动变阻器的滑片P移到最______（填左端”或“右端”），调节电阻箱R2的阻值为0；闭合开关S，移动滑片P，使微安表满偏。

②保持滑片P不动。调节R2使微安表的示数正好为满刻度的记录电阻箱的阻值为59.4Ω，则微安表内阻的测量值Rg=______；这个测量值_____（填“大于”；“小于”或“等于”）微安表内阻的真实值。

(3)根据(2)中测量的结果，若该同学将一阻值R=1.2Ω的电阻与微安表并联改装成电流表，则原微安表100μA的刻度线应标识的电流为_______mA22、某同学用如图（a）所示的电路测量恒压源的输出电压U0和定值电阻Rx的阻值，实验室提供器材如下：

直流电源E（输出电压约为5V）；

待测电阻Rx（阻值约为100Ω）；

直流电压表V（量程0~5V，内阻约15kΩ）；

电阻箱R（阻值范围0~999.9Ω）；

开关S、导线若干；

实验中调节电阻箱的阻值，记录多组电阻箱，电压表的示数，得到如图b所示的关系图线．

回答下列问题：（计算结果保留2位有效数字）

（1）由图b可知直线在纵轴上的截距b=_____V-1，在横轴上的截距a=_______Ω．

（2）若不考虑电压表内阻的影响，恒压源输出电压U0的测量值=________V，定值电阻Rx的测量值为Rx1=___________Ω；

（3）若考虑电压表内阻的影响，恒压源输出电压U0的测量值为U02，定值电阻Rx的测量值为Rx2，则

_________，___________（填“大于”、“等于”或“小于”）．评卷人得分五、解答题(共3题，共18分)23、如图所示，一个电子以的速度沿与电场垂直的方向从A点飞入匀强电场，并且从另一端B点沿与场强方向成143°的方向飞出，那么A,B两点之间的电势差为多少伏？（电子的质量为千克，电子的电量为C）

24、如图所示的电路中，灯泡L标有“”，滑动变阻器的最大值为电容器的电容当滑片P滑到最右端a时，电流表读数为此时灯L恰好正常发光。当滑动变阻器的滑片P位于中点时；电流表的示数为求：（灯泡电阻保持不变，电流表为理想电表）

（1）的大小；

（2）电源的电动势和内阻；

（3）当滑片P从a端滑到中点的过程中；电容器的带电量变化了多少？

25、如图甲所示，金属丝K产生的热电子（初速度不计）经A、B间的加速电场加速后，沿两水平金属板C、D间的中心线射入偏转电场，最后打在竖直荧光屏上。C、D极板长为L，板间距离为L，荧光屏距C、D右端的距离为L。现给A、B极板加一加速电压C、D两板加如图乙所示的电压大小为U0、周期的交变电压，设C、D间的电场可看作匀强电场，且两板外无电场已知电子的质量为m、电荷量为e（重力不计）；且所有电子均能从C；D板间射出，求：

（1）电子进入C、D极板的初速度v0的大小；

（2）在时刻射入偏转电场的电子；射出C；D板时的偏移量；

（3）荧光屏上被电子击中部分的长度s。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

AB．小滑块在内所受电场力与滑动摩擦力方向相反，根据牛顿第二定律可得其加速度的大小为

小滑块在内所受电场力与滑动摩擦力方向相同，同理可得其加速度的大小为

故AB错误；

C．由前面分析可知在一个周期内，小滑块速度的变化量为零，所以小滑块在14s末的速度大小为

故C错误；

D．根据运动的对称性可知在一个周期内，小滑块的位移大小为

小滑块在前14s内的位移大小为

故D正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

由题，将一负电荷由a移到b再到c，电场力做正功，则受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由c指向a．沿电场线的方向电势降低，所以c点的电势最高，a点的电势最低，即φ1＜φ2＜φ3

该电场线的方向向左，由c指向a；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于左侧，所以a处的场强最大，c处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系U=Ed

可知，ab之间的电势差一定大于bc之间的电势差，即Ucb＜Uba

又电场力做功W=qU

所以W1＞W2

故选C。3、D【分析】【详解】

AB．由铭牌信息可知，电容器的工作电压为450V，此数值比击穿电压低，则电量最多为

故AB错误；

C．一般电容器出厂后电容大小固定不变；故C错误；

D．由公式

可得

故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．电动机消耗的电功率

故A错误；

C．电动机线圈的发热功率

故C正确；

B．电动机输出的机械功率

故B错误；

D．电动机的工作效率

故D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应；揭示了电和磁之间存在联系。故A错误；

B．安培提出了分子电流假说；故B正确；

C．麦克斯韦预言了电磁波；赫兹用实验证实了电磁波的存在，故C错误；

D．法拉第发现了电磁感应现象；但提出法拉第电磁感应定律是纽曼和韦伯，故D错误。

故选B。6、B【分析】【详解】

黑体辐射的实验规律如图。

特点是，随着温度升高，各种波长的辐射强度都有增加，所以人体热辐射的强度增大；随着温度的升高，辐射强度的峰值向波长较短的方向移动，所以减小。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)7、A:B:D【分析】【详解】

A.由题意可知，C点的电势为。

故A正确；

B.由于B、C两点到A点()的距离相等，所以B、C两点的电势相等，所以从C点移到B点的过程中；电场力先做负功再做正功，总功为0，故B正确；

C.由于B、C两点的电势相等，所以当在B点固定后，C点的电势为所以从无穷远移到C点过程中；电场力做功为：

故C错误；

D.由于C点的电势为所以电势能为。

故D正确。8、A:D【分析】【详解】

AB．由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，由部分电路欧姆定律可知，干路电流I变大，灯L1电阻RL1不变，由PL1=I2RL1可知，灯L1的实际功率变大，因此灯L1变亮；干路电流I变大，灯L1电阻RL1不变，则并联电压U并=U-IRL1变小，灯L2电阻RL2不变，灯L2的实际功率变小，则灯L2变暗；故A正确；B错误；

C．干路电流变大，根据P=UI；电路消耗的总功率变大，故C错误；

D．干路电流I变大，灯L2电流变小；故流过变阻器的电流变大，故D正确；

故选AD。9、C:D【分析】【详解】

A．两负电极在D点形成的电场水平向右，两正电荷在D点形成的电场也水平向右；所以电场强度不为0，故A错误；

B．A、B、C、D对称分布；电场线密集程度一样，所以这四点电场强度大小相等，方向不同，故B错误；

C．A到B的电场线，是由A指向B，且电场线是曲线，沿着电场线的方向，电势是降低，所以A点电势比B点电势高；故C正确；

D．根据电场的叠加原理，a、c两个电极带等量正电荷，其中点O的合场强为零，b、d两个电极带等量负电荷，其中点O的合场强为零，则O点的合场强为零，故D项正确。10、A:B【分析】【分析】

根据右手螺旋定则判断出通电导线在c、d两点的磁场方向，在距离导线相等的点磁感应强度大小相等．抓住c点、d点的磁感应强度大小求出a、b导线在c；d两点的磁感应强度．

【详解】

A项：设a导线在c点的磁感应强度大小为B；在d点的磁感应强度大小为B′

根据右手螺旋定则有：B1=2B

B2=B-B′

联立两式解得：

由右手螺旋定则可知；d处的磁感应强度方向向上；

故应选：AB．

【点睛】

解决本题的关键掌握右手螺旋定则，会根据右手螺旋定则判断电流周围磁场的方向，以及知道在距离导线相等的点磁感应强度大小相等．11、B:D【分析】【详解】

A．分析带电小球受力，受重力mg、电场力F，小球运动轨迹为直线，那么小球受力的合力也必定沿运动轨迹直线斜向下，由力合成的三角形定则求合力，如图所示，由解析图可知，当电场力F与小球运动轨迹直线垂直时，电场力F最小；场强最小，则有。

F=qEmin=mgsinθ

解得

A错误；

B．场强是最小值时；电场力与小球运动方向垂直，所以电场力对小球可能不做功，B正确；

C．小球带正电；受电场力方向只能向右侧，所以电场方向不可能向左，C错误；

D．如果小球受电场力方向与运动方向之间的夹角大于90°；则电场力对小球可能做负功，小球的电势能可能增加，D正确；

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

A．各点电荷在b、d两点产生的场强如图所示；

按平行四边形合成规律可知，b点的场强大于d点的场强；故A正确；

B．对两对等量的异种电荷产生的电场，b、d连线是等势线．对于-Q电荷，根据所产生电场的对称性，b、d两点电势相等，所以故B错误；

C．对两对等量异种电荷，a、c连线是等势线，对于-Q电荷，正点电荷沿直线由a移动到c的过程中；电场力做正功，电势能逐渐减小，故C正确；

D．对两对等量的异种电荷产生的电场，b、d连线是等势线．对于-Q电荷，正点电荷沿直线由b移动到d的过程中；电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．

故选AC.13、A:C【分析】【详解】

AB．接通电源后；小磁针N极指向是地磁场和螺线管磁场的合磁场的方向，由此可判定螺线管的磁场在小磁针处方向水平向右，由安培定则判断螺线管电流方向从左往右看是顺时针方向，故A正确，B错误；

CD．由题意知地磁场水平分量为设通电螺线管产生的磁场为由图知得

故C正确；D错误。

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

上升高度h与斜面距离s满足：s==2h①

由动能定理；

上升过程mgh+f×s=②

下滑过程mgh−f×s=③

由①②③联立可知h=0.25m；

摩擦力f=μmgcos30∘；

由此可求得动摩擦因数为μ=

整个过程产生的内能Q=-=8J；所以上升过程产生的内能为4J；

返回低端瞬间的热功率为P=fv2=8w.

【点睛】

分上下两个过程进行分析，上升过程重力和摩擦力做负功，下降过程重力做正功，摩擦力做负功，由动能定理即可求解上升的高度；进而求出摩擦系数和摩擦力的大小；整个过程产生的内能等于初、末状态减小的动能，上升过程和下滑过程产生的内能相等；返回低端瞬间的热功率等于摩擦力做功的功率．【解析】0.254815、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]a、b两球高度相等，可得

b两球间的距离，根据几何关系可得

根据库仑定律

[2]对a受力分析列平衡方程可得【解析】①.7.2②.0.9616、略

【分析】【详解】

略【解析】定向强弱10-310-6正电荷17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据欧姆定律得

[2]当闭合S1、S2时，电阻R的功率为

电动机的电功率为

当只闭合S2时，电动机的电压不变，所以电动机功率不变。【解析】①.4②.12018、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，在0~t0中，图像切线斜率绝对值逐渐增大，t0以后图像切线斜率绝对值逐渐减小，所以在t0时刻图像切线斜率绝对值最大，即在t0时刻带电粒子加速度最大，又因为带电粒子仅受电场力作用，由牛顿第二定律可知，在t0时刻（B点）带电粒子的电场力最大；即电场强度最大。

[2]由v-t图像可知，在0~t0中，带电粒子往正方向做减速运动，电场力做负功，电势能增大，t0以后带电粒子往负方向做加速运动，电场力做正功，电势能减小，所以在t0时刻（B点）电势能最大。

[3]结合图像，带电粒子从A点运动到B点，由动能定理得

解得【解析】BB四、实验题(共4题，共24分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由于电阻丝的电阻和电流表的内阻相当；且电压表可视为理想电压表，所以电流表外接时测量的电阻值更接近真实值；

（2）[2]分析U-I图像，图线的斜率即电阻丝的电阻则

（3）[3][4]由图丙可知，当风速增大时，电阻丝的电阻减小，在风速增大的过程中，由于电阻丝的电阻减小，要保持电阻丝两端的电压不变，需要增大与电阻丝并联那部分电阻阻值，所以应将滑动变阻器Rw的滑片向M端调节；

（4）[5]风速为零时，由于a、b间与d、c间的电阻之比等于a、b间与b、c间的电阻之比，所以d、b两点的电势相等，但风速增大时，d点电势降低，所以电压表的“+”端和“−”端分别接b、d两点时，能满足电压表的示数从零开始增加，故A正确，BCD错误。【解析】c4.1减小MA20、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于多用电表为档，根据图1示数可得粗测其电阻为

[2]螺旋测微器测其直径为D=2mm+0.01mm×9.5=2.095mm

2.094mm；2.096mm均算正确；

[3]游标卡尺分度为0.1mm，故测其长度为L=3.6cm+0.1mm×2=36.2mm

（2）[4]因电源要用输出电压为3V的直流稳压电源E，则电压表选用量程为3V的V1，电路中最大电流约为

故电流表选择量程为600mA的A2，为了测多组实验数据和方便操作，应选择与待测电阻阻值接近的滑动变阻器，故选择0~5Ω的R1；故上述器材中应选用的实验器材有：ADEGI；

（3）[5][6]因电压表的内阻远大于待测电阻；电流表内阻与待测电阻阻值接近，则应该采用电流表外接，为了得到多组数据，滑动变阻器应采用分压电路，故电路图及实物连线如下图。

[7]金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，则

则电阻率【解析】6.02.094##2.095##2.09636.2DEGI21、略

【分析】【详解】

(1)[1]使用欧姆挡测量时指针偏角过大；则改换用小倍率，即选用“×10挡"

[2]由图可知；读数为12.0×10Ω=120Ω

[3]多用表的红表笔接表内电池的负极；测电流表内阻时，其红表笔应接电流表的负接线柱。

(2)[4]开始时；应保证通过微安表的电流为零，故将滑动变阻器的滑片P移到最