2024年沪教版高一物理下册月考试卷含答案231

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力（）A.方向向左，大小不变B.方向向左，逐渐减小C.方向向右，大小不变D.方向向右，逐渐减小2、【题文】如图所示，斜面固定在水平地面上，先让物体A沿斜面下滑，恰能匀速．后给A一个沿斜面向下的力F，让其加速下滑．设前后两次A与斜面间的摩擦力分别为f1、f2，地面给斜面的支持力分别为N1、N2；则：

A.f1=f2，N1>N2B.f1=f2，N1=N2C.f12，N12D.f1>f2，N1>N23、如果某生物测交后代的基因型为AaBb和aaBb，则该生物的基因型为A.AABbB.AaBBC.AaBbD.aaBb4、未来“胶囊高铁”有望成为一种新的交通工具。“胶囊高铁”利用磁悬浮技术将列车“漂浮”在真空管道中，由于没有摩擦，其运行速度最高可达到5000km/h。工程人员对“胶囊高铁”在A城到B城的一个直线路段进行了测试，行驶了121.7公里，用时6分13秒。则（）A.5000km/h是平均速度B.6分13秒是时刻C.“胶囊高铁”列车在真空管道中受重力作用D.计算“胶囊高铁”列车从A城到B城的平均速度时，不能将它看成质点5、在匀变速直线运动中；下列说法中正确的是（）

A.匀变速直线运动的位移随时间均匀变化。

B.匀变速直线运动的速度随时间均匀变化。

C.匀变速直线运动的加速度随时间均匀变化。

D.加速度大小恒定不变的直线运动一定是匀变速直线运动。

6、静止在地面上随地球自转的物体；绕地轴做匀速圆周运动，以下说法正确的是（）

A.重力加速度处处相等

B.速度处处等于第一宇宙速度。

C.线速度处处相等。

D.角速度处处相等。

7、改变汽车的质量和速度，都可能使汽车的动能发生改变.

在下列几种情况下，汽车的动能变化正确的是(

)

A.质量不变，速度增大到原来的2

倍，动能变为原来的2

倍B.速度不变，质量增大到原来的2

倍，动能变为原来的2

倍C.质量减半，速度增大到原来的4

倍，动能变为原来的2

倍D.速度减半，质量增大到原来的4

倍，动能变为原来的2

倍8、甲、乙两个物体从同一地点同时出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则(

)

A.甲、乙两物体运动方向相反B.t=4s

时，甲、乙两物体相遇C.甲、乙两物体能相遇两次D.在相遇前，甲、乙两物体的最远距离为20m

评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、质量分别为2kg

和3kg

的物块AB

放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块AB

分别施以方向相反的水平力F1F2

且F1=20NF2=10N

则下列说法正确的是(

)

A.弹簧的弹力大小为16N

B.如果只有F1

作用，则弹簧的弹力大小变为12N

C.若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小为零D.若F1=10NF2=20N

则弹簧的弹力大小不变10、一台发电机最大输出功率为4000kW

电压为4000V

经变压器T1

升压后向远方输电.

输电线路总电阻R=1k娄赂.

到目的地经变压器T2

降压，负载为多个正常发光的灯泡(220V60W).

若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%

变压器T1

和T2

的损耗可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则(

)

A.T1

原、副线圈电流分别为103A

和20A

B.T2

原、副线圈电压分别为1.8隆脕105V

和220V

C.T1

和T2

的变压比分别为150

和401

D.有6隆脕104

盏“220V

60W

”灯泡正常发光11、某同学放学后乘坐公交车回家，公交车运行时，该同学始终相对车厢静止站在水平车厢底面上（如图）．假设公交车沿水平方向做直线运动，则（）A.若公交车做匀速运动，该同学不受摩擦力作用B.若公交车做加速运动，该同学不受摩擦力作用C.若公交车做匀速运动，该同学受到与运动方向相反的摩擦力作用D.若公交车做加速运动，该同学受到与运动方向相同的摩擦力作用12、如图所示；甲；乙两球作匀速圆周运动，向心加速度随半径变化.

由图象可以知道(

)

A.甲球运动时，线速度大小保持不变B.甲球运动时，角速度大小保持不变C.乙球运动时，线速度大小保持不变D.乙球运动时，角速度大小保持不变13、如图所示，木块AB

分别重50N

和60N

它们与水平地面间的动摩擦因数均为0.25

夹在AB

之间的轻弹簧被压缩了2cm

弹簧的劲度系数为400N/m

系统置于水平地面上静止不动.

现用F=1N

的水平拉力作用在木块B

上，力F

作用后()A.木块B

所受摩擦力大小是9N

B.木块B

所受摩擦力大小是7N

C.木块A

所受摩擦力大小是12.5N

D.木块A

所受摩擦力大小是8N

评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源；输出电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点痕进行测量，即验证机械能守恒定律．

（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：

A．按照图示的装置安装器件；

B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上；

C．用天平测出重锤的质量；

D．释放悬挂纸带的夹子；立即接通电源开关打出一条纸带；

E．测量纸带上某些点间的距离；

F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是。

否等于增加的动能．

其中没有必要进行的或者操作不当的步骤是____．（将其选项对应的字母填在横线处）

（2）在一次实验中；质量m的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图8所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），单位cm．那么。

①纸带的____（选填“左”或“右”）端与重物相连；

②从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是△Ep=____J，此过程中物体动能的增加量△Ek=____J（g取9.8m/s2）．

15、做《验证机械能守恒定律》的实验中；纸带上打出的点如图所示，若重物的质量为m千克，图中点P为打点计时器打出的第一个点，则。

（1）打点计时器打出B点时，重锤下落的速度vB=____m/s；

（2）从起点P到打下点B的过程中，重物的重力势能的减小量△EP=____J，重物的动能的增加量△EK=____J．

（3）根据纸带提供的数据，在误差允许的范围内，重锤从静止开始到打出B点的过程中，得到的结论是____．（打点计时器的打点周期为0.02s，g=9.8m/s2；小数点后面保留两位）

16、飞机着陆后在跑道上做匀减速直线运动，已知初速度是200m/s

加速度大小是5m/s2

则飞机着陆后60

秒内的位移大小是______m.

17、一辆质量为4t的汽车驶过半径为50m的凸形桥面时，始终保持5m/s的速率，汽车所受阻力为车与桥面间压力的0.05倍（g取10m/s2），求通过最高点时汽车对桥面的压力为____，此时汽车的牵引力大小为____．18、骑自行车的人沿着坡路下行，在第1s内通过的位移为2m，在第2s内通过的位移为4m，在第3s内通过的位移为6m，在第4s内通过的位移为8m，则骑车人在第2s内的平均速度是____m/s；整个4s内的平均速度是____m/s．19、河宽420m，船在静水中的速度为3m/s，水流速度为4m/s，则船过河的最短时间为____s．20、如图所示为一个小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm．如果取g=10m/s2，那么：小球运动中水平分速度的大小是______m/s；小球经过B点时的速度大小是______m/s．21、在变速圆周运动中，切向加速度改变的是______，向心加速度改变的是______．评卷人得分四、证明题(共2题，共20分)22、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．23、灯距地面的高度为h；身高为l的人以速度υ匀速直线行走，如图所示．

（1）有甲；乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况分别谈了自己的看法；甲同学认为人的头顶的影子将作匀加速直线运动，而乙同学则依据平时看到的自己的影子的运动情况，认为人的头顶的影子将作匀速直线运动，你认为甲、乙两位同学对人的头顶的影子的运动情况的看法，谁的看法是正确的？

（2）请说明你的判断依据：

（3）求人影的长度随时间的变化率．评卷人得分五、推断题(共2题，共12分)24、A、rm{B}rm{C}为三种常见的单质，其中rm{A}rm{C}为气体，rm{B}为常见金属rm{.A}溶于水可使石蕊试液先变红后褪色rm{.F}的水溶液为浅绿色溶液，它们的关系如图：rm{(1)}写出rm{A}rm{B}rm{D}的化学式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}写出反应rm{垄脵垄脷}的离子方程式：rm{垄脵}____________；rm{垄脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊试液先变红后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}检验rm{D}的水溶液中的阳离子的试剂是：____rm{.}将rm{D}溶液逐滴加入的沸水中会产生一种红褐色的液体，你认为该液体中的分散质微粒直径在____之间，验证的简单方法是：____．25、已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，rm{B}为淡黄色粉末。在常温下rm{C}为无色液体，rm{E}rm{G}rm{H}rm{I}rm{J}为气体，其中rm{H}为黄绿色，其它为无色。rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝rm{(}图中部分产物已略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{D}____，rm{K}____。rm{(2)}写出rm{垄脷}的离子方程式：____。rm{(3)}反应rm{垄脺}不属于下列何种反应类型____rm{(}填字母序号rm{)}A.化合反应rm{B.}氧化还原反应rm{C.}离子反应rm{D.}置换反应rm{(4)}若要确定rm{垄脹}反应后所得溶液中含有rm{M}物质，所选试剂为____rm{(}填序号rm{)}A.rm{KSCN}溶液和氯水rm{B.}铁粉和rm{KSCNC.}浓氨水rm{D.}酸性高锰酸钾溶液rm{(5)}将rm{F}加入到rm{M}的溶液里并露置在空气中，可以观察到整个过程的现象是：____。rm{(6)}常温下，rm{H}与过量的rm{J}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，请写出该反应的化学方程式：____。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】整体加速度向左，B的加速度也向左，摩擦力向左，A对；【解析】【答案】A2、B【分析】【解析】

试题分析：两种情况下物体A在垂直于斜面方向都平衡；斜面对物体的支持力都等于重力的垂直分量，所以两次A与斜面间的摩擦力相等，CD错误；两种情况下对斜面进行受力分析，斜面都受到重力，地面对斜面的支持力；物体A对斜面的压力和摩擦力，在这两种情况下，重力、压力、摩擦力都没改变，所以地面对斜面的支持力没变，A错误，B正确。

考点：本题考查了受力分析和平衡条件【解析】【答案】B3、B【分析】【分析】本题考查基因分离规律和测交的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，主要用于测定F1的基因型。只看一对性状可知亲本基因型是Aa与aa、BB与bb，所以亲本基因型是AaBB与aabb。【解答】根据题意分析可知：生物测交后代的基因型为AaBb和aaBb，说明隐性类型产生的配子为ab；因而该生物个体产生的配子为AB和aB。因此该生物的基因型为AaBB。综上所述，A；C、D错误，B正确。

故选B。【解析】B4、C【分析】解：A；运行速度最高可达到5000km/h；为某一时刻的速度，为瞬时速度，故A错误；

B；用时6分13秒对应一段过程；为时间间隔，故B错误；

C；”胶囊高铁”列车在真空管道中依然受到受重力作用；故C正确；

D；研究“胶囊高铁”列车从A城到B城的平均速度时；列车的大小可以忽略不计，可将它看成质点，故D错误；

故选：C。

（1）平均速度为物体通过一段时间的速度；瞬时速度为某一时刻的速度；

（2）时刻为时间轴上的一点；时间间隔为时间轴上的一段时间；

（3）路程为物体运动轨迹的长度；

（4）当物体的形状；大小对所研究的问题没有影响时；我们就可以把它看成质点。

题主要考查了描述物体运动的物理量，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略。【解析】C5、B【分析】

A、匀变速直线运动的位移为x=vt+可见位移是时间的二次函数，位移不随时间均匀变化，故A错误．

B、匀变速直线运动的速度为v=v+at；速度是时间的一次函数，速度随时间均匀变化，故B正确．

C；匀变速直线运动的加速度不变；故C错误．

D；加速度大小和方向均恒定不变的直线才是匀变速直线运动．故D错误．

故选B

【解析】【答案】匀变速直线运动的加速度不变；速度随时间均匀变化，位移是时间的二次函数．

6、D【分析】

A、随地球一起自转的加速度等于向心加速度，a=rω2；方向指向地轴，与重力加速度不等．故A错误．

B、随地球自转的速度v=rω；而第一宇宙速度是靠万有引力提供向心力贴近地球表面做匀速圆周运动的速度，两个速度不等．故B错误．

C；物体随地球自转；都是绕地轴转动，所以向心力都指向地轴，且角速度与地球的自转角速度相同，所以角速度处处相等，但半径不等，所以线速度不等．故C错误，D正确．

故选D．

【解析】【答案】静止在地面的物体绕地轴做匀速圆周运动；向心力指向圆心，各点都指向地轴．周期与地球的自转周期相同．

7、B【分析】解：A

质量不变；速度增大到原来的2

倍，根据动能公式可知，汽车的动能变为原来的4

倍，故A错误；

B；速度不变；质量增大到原来的2

倍，根据动能公式可知汽车的动能变为原来的2

倍，故B正确；

C；质量减半；速度增大到原来的4

倍，根据动能公式可得汽车的动能变为原来的8

倍，故C错误；

D；速度减半；质量增大到原来的4

倍，根据动能公式可知，汽车的动能不变，故D错误；

故选：B

．

动能为EK=12mV2

物体的质量和速度的大小都可以引起物体动能的变化，根据公式逐项分析即可．

本题是对动能公式的直接应用，题目比较简单，只要能记住公式并正确求出倍数关系即可求解．【解析】B

8、D【分析】解：A

由图可知；两物体的速度均沿正方向，故方向相同，A错误；

BD

由图象可知，t=4s

时，AB

两物体的速度相同，之前B

物体的速度比A

物体的速度大，两物体相距越来越远，之后A

物体的速度大于B

物体的速度，故两物体相距越来越近，故t=4s

时两物体相距最远，最远距离鈻�x=xB鈭�xA=12隆脕(15鈭�5)隆脕4m=20m

故B错误，D正确；

C；当两物体相遇时；两物体的位移相同，即两图象与t

轴所围的面积应相同，据图可知，甲乙两物体不能相遇两次，故C错误．

故选：D

．

本题关键应掌握：速度的正负表示物体的运动方向；在v鈭�t

图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移；根据两物体的速度大小；判断何时两者相距最远．

本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析处理【解析】D

二、多选题(共5题，共10分)9、AB【分析】解：A

两个物体一起向左做匀加速直线运动；对两个物体整体运用牛顿第二定律，有：

F1鈭�F2=(mA+mB)a垄脵

再对物体A

受力分析；运用牛顿第二定律，得到：

F1鈭�F=mAa垄脷

由垄脵垄脷

两式解得：

F=16N.

故A正确．

B；如果只有F1

作用；整体向左匀加速运动，则有：

对B

研究得：弹簧的弹力大小为F=mBa=mB?F1mA+mB=3隆脕202+3N=12N

故B正确．

C；若把弹簧换成轻质绳；同理根据牛顿第二定律列式得到绳对物体的拉力大小也是16N

故C错误．

D；若F1=10NF2=20N

则。

F1鈭�F2=(mA+mB)a

再对物体B

受力分析；运用牛顿第二定律，得到：

F2鈭�F=mBa

联立解得；F=14N.

故D错误．

故选：AB

先用整体法求出加速度；然后用隔离法隔离出物体1

运用牛顿第二定律求出弹簧的弹力．

本题关键先用整体法求出加速度，再用隔离法求出系统内力．【解析】AB

10、ABD【分析】解：由P=UI

可得；

升压变压器输入电流I1=PU=40000004000A=1000A

由P脣冒=I2R

得；

升压变压器的输出电流I2=P脣冒R=20A

故A正确．

由I1I2=n2n1

得；

n1n2=I2I1=150垄脵

根据n1n2=U1U2

得；

升压变压器的输出电压U2=n2n1U1=2隆脕105V

输电线上的电压损失U脣冒=I2R=20隆脕1000V=2隆脕104V

降压变压器的输入电压U3=U2鈭�I2R=1.8隆脕105VV垄脹

用户得到的电压即为降压变压器的输出电压U4=220V垄脺

由垄脹垄脺

可知B正确．

降压变压器的匝数比n3n4=U3U4=900011垄脷

由垄脵垄脷

知C错误。

用户得到的功率P3=P2鈭�10%P2=0.9隆脕4000KW=3600KW

可供灯泡正常发光的盏数n=P3P碌脠=6隆脕104

故D正确．

故选：ABD

根据电压与匝数成正比；电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小.

由于降压变压器的负载能正常工作，则可算出降压变压器的原线圈的匝数之比，同时能确定接入多少个灯泡才正常发光．

本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI

中的电压U

应为输电电压，不是发电机的输出电压.

本题突破点是由输电线上的损失功率，从而算出电线上的电流【解析】ABD

11、AD【分析】解：A；C、若列车做匀速运动；该同学加速度为零，合力为零，故受重力和支持力平衡，不受摩擦力，故A正确，C错误；

B；D、若列车做加速运动；该同学也加速前进，加速度向前，合力向前；该同学受重力、支持力和与运动方向相同的摩擦力作用，故B错误，D正确；

故选：AD．

对该同学受力分析；结合运动状态分析加速度方向，得到合力方向，最后确定摩擦力的可能方向．

本题关键是已知该同学的运动情况确定受力情况，关键是先分析加速度的情况，然后结合牛顿第二定律分析摩擦力情况，基础题．【解析】【答案】AD12、AD【分析】解：(1)

甲球的向心加速度与半径成反比，根据a=v2r

知线速度大小不变.

故A正确，B错误．

(2)

乙球的向心加速度与半径成正比，根据a=娄脴2r

知角速度不变.

故C错误，D正确．

故选AD．

根据向心加速度的公式a=v2r=娄脴2r

知，线速度大小不变，向心加速度与半径成反比，角速度不变，向心加速度与半径成正比．

解决本题的关键知道向心加速度的公式a=v2r=娄脴2r

线速度大小不变，向心加速度与半径成反比，角速度不变，向心加速度与半径成正比．【解析】AD

13、AD【分析】【分析】先求解出木块AB

的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受力分析后分析求解。本题关键是先判断出弹簧的弹力和最大静摩擦力，然后再分别对两个木块受力分析，运用平衡条件求解静摩擦力。【解答】弹簧弹力为：F1=kx=400N/m隆脕0.02m=8N

A

木块与地面间的最大静摩擦力为：fAm=娄脤GA=0.25隆脕50N=12.5N

B

木块与地面间的最大静摩擦力为：fBm=娄脤GB=0.25隆脕60N=15N

用F=1N

的水平拉力作用在木块B

上，木块B

受弹簧向右的弹力为8N.

拉力为1N

共9N

小于最大静摩擦力，故静摩擦力为9N

向左。故A正确，B错误；CD.

木块A

受到向左的弹力为8N

小于最大静摩擦力，故A不动，故静摩擦力为8N

向右，故C错误，D正确。

故选AD。【解析】AD

三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】

（1）B：将打点计时器接到电源的“交流输出”上；故B错误．

C：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系；故m可约去比较，不需要用天平．故C没有必要。

D：开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差．故D错误．

故选BCD．

（2）①从纸带上可以看出0点为打出来的第一个点；速度为0，重物自由下落，初速度为0，所以应该先打出0点，而与重物相连的纸带在下端，应该先打点．所以纸带的左端应与重物相连．

②重力势能减小量△Ep=mgh=9.8×0.0501mJ=0.49mJ．

利用匀变速直线运动的推论。

vB===0.98m/s

EkB=mvB2=0.48mJ．

故答案为：（1）BCD

（2）①左。

②0.49m；0.48m

【解析】【答案】解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项．

纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

15、略

【分析】

（1）利用匀变速直线运动的推论。

vB===0.98m/s

（2）重力势能减小量△Ep=mgh=9.8×0.0501mJ=0.49mJ．

EkB=mvB2=0.48mJ

△Ek=EkB-0=0.48mJ

（3）在误差允许的范围内；可认为减小的重力势能等于增加的动能，故说明重物下落时机械能守恒。

故答案为：（1）0.98

（2）0.49m；0.48m

（3）重物下落的机械能守恒。

【解析】【答案】解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项．

纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

16、略

【分析】解：飞机减速到零所需的时间t=0鈭�v0a=鈭�200鈭�5s=40s<60s

所以飞机着陆后60s

内的位移等于40s

内的位移．

则x=0鈭�v022a=鈭�40000鈭�10m=4000m

．

故答案为：4000m

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机减速到零的时间；然后结合位移公式求出飞机着陆后在60s

内的位移．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意飞机减速为零后不再运动．【解析】4000

17、略

【分析】

汽车沿凸形桥行驶到最高点时受力如图。

要使汽车匀速率通过桥顶；则应有：

mg-FN=m①

F=Ff=kFN②

联立①；②式求解得：

支持力：FN=mg-m=3.8×104N

牵引力：F=k（mg-m）=1.9×103N

由牛顿第三定律得，桥面受到汽车的压力大小FN′=FN=3.8×104N．

故答案为：3.8×104N，1.9×103N．

【解析】【答案】汽车始终保持5m/s的速率过桥；对汽车受力分析，受到重力；支持力、牵引力和摩擦力，沿运动方向受力平衡，沿半径方向，重力和支持力的合力提供向心力．

18、略

【分析】

第2s内的平均速度等于第2s内的位移除以时间1s．即。

整个4s内的平均速度等于整个4s内的位移除以4s；即。

故答案为：4；5．

【解析】【答案】根据平均速度的定义求解；平均速速等于位移与所用时间的比值．

19、略

【分析】

当静水速与河岸垂直；渡河时间最短．

则t=．

故答案为：140．

【解析】【答案】当静水速与河岸垂直时；在垂直于河岸方向上的速度最大，根据分运动和合运动具有等时性知，渡河时间最短．

20、略

【分析】解：在竖直方向hBC-hAB=g△t2；

代入数据解得：△t=0.1s．

水平方向是匀速直线运动；

v0===1.5m/s

物体在B点时竖直方向的速度。

Vy===2m/s

所以B点的速度为V===2.5m/s．

故答案为：1.5；2.5．

平抛运动在竖直方向上是匀变速运动；由BC和AB之间的距离差可以求出时间间隔；

在水平方向上是匀速直线运动；由ABC三点在水平方向上的位移，和两点之间的时间间隔，可以求得水平速度，也就是小球的初速度；

B点水平速度与初速度相等；再求出竖直方向的速度，求它们的合速度，就是B的速度．

本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，对同学的知识要求比较高，是个考查学生能力的好题．【解析】1.5；2.521、速度大小；速度方向【分析】解：在变速圆周运动中；切向加速度与速度方向平行，改变的是速度大小，向心加速度与速度方向垂直改变的是速度方向；

故答案为：速度大小；速度方向。

匀速圆周运动的加速度一定是向心加速度；而变速圆周运动则不一定.

匀速圆周运动加速度大小不变，而方向是变化的．

解决本题的关键知道向心加速度的方向，以及知道匀速圆周运动向心加速度等于加速度，注意圆周运动加速度的方向不一定指向圆心．【解析】速度大小；速度方向四、证明题(共2题，共20分)22、略

【分析】【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；影子的形成是光沿直线传播的典型例子．

根据相似三角形的知识求出影子路程与时间的关系，然后分析解答此题．【解析】【解答】解：不妨设人从路灯处出发；人的路程与人影间的关系如图示．

在时间t内，s人=υt；

如图示由相似三角形知识得：=，=，s影==．

由于人做匀速直线运动；速度υ是一个定值，h与l也是定值；

由此看见：人影s影与时间t成正比；人影做匀速直线运动；

人影的长度s影随时间的变化率=．

答：（1）乙的看法是正确的．

（2）速度υ、h、l是定值，根据人影路程s影与时间t的关系是s影=，可知影路程s影与时间t成正比；所以人影做匀速直线运动．

（3）人影的长度随时间的变化率是．23、略

【分析】【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；影子的形成是光沿直线传播的典型例子．

根据相似三角形的知识求出影子路程与时间的关系，然后分析解答此题．【解析】【解答】解：不妨设人从路灯处出发；人的路程与人影间的关系如图示．

在时间t内，s人=υt；

如图示由相似三角形知识得：=，=，s影==．

由于人做匀速直线运动；速度υ是一个定值，h与l也是定值；

由此看见：人影s影与时间t成正比；人影做匀速直线运动；

人影的长度s影随时间的变化率=．

答：（1）乙的看法是正确的．

（2）速度υ、h、l是定值，根据人影路程s影与时间t的关系是s影=，可知影路程s影与时间t成正比；所以人影做匀速直线运动．

（3）人影的长度随时间的变化率是．五、推断题(共2题，共12分)24、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊试液变红，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊试液变红，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁达尔效应​【分析】【分析】本题考查无机物的推断，题目难度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}为溶于水所得的溶液可使石蕊试液先变红后退色，则说明rm{A}为rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊试液先变红后褪色，的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{2}中含有rm{2}，与水反应生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊试液先变红后褪色，rm{F}的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，则rm{F}为rm{F}rm{B}rm{B}为rm{Fe}，则rm{Fe}为rm{{,!}^{2+}}，能继续和rm{Cl}为rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反应生成rm{D}，则rm{D}为rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}为rm{FeCl}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{3}rm{3}，所以rm{B}为rm{Fe}，则rm{C}为rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}为rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反应rm{垄脵}为rm{Fe}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{Fe+2H}rm{垄脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{篓T}rm{Fe}rm{篓T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反应为rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊试液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有还原性，能与具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊试液变红，rm{2}具有漂白性；rm{2}反应生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，观察溶液是否变红，具体做法为取少量溶液于试管中，滴加两滴，反应的离子方程式为rm{2Fe}溶液，观察溶液是否变红色，将饱和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之间，具有丁达尔效应；rm{2}故答案为：rm{2}溶液；rm{篓T}rm{2Fe}是否有丁达尔效应。rm{篓T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊试液变红，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊试液变红，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁达尔效应rm{HClO}rm{HClO}25、（1）Fe3O4NH4Cl

（2）2Na2O2+2H2O=4Na++4OH-+O2↑（3）D

（4）D（5）先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（6）8NH3＋3Cl2＝N2＋6NH4Cl【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于物质的性质的考查，解答本题的关键是根据物质的性质和用途作为突破口解答，题目难度中等，注重于学生分析问题和解决问题能力的考查。

【解答】已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{Fe}rm{B}为淡黄色粉末，应为rm{Na}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{A}rm{Fe}为淡黄色粉末，应为rm