中考物理 专题22 模拟卷二（解析版）

中考物理冲刺夺分秘籍中考模拟卷（一）满分：90分一．选择题（共12小题）1．根据生活经验，你认为下列数据符合实际情况的是（）A．初中生的质量大约是50kg B．成人的正常体温是39℃ C．成人步行的速度约是5m/s D．对人体的安全电压是36V【解析】A、成人的质量在65kg左右，中学生的质量比成人小一些，在50kg左右。故A符合实际；B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B不符合实际；C、成人正常步行的速度在4km/h＝4×1D、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的。故D不符合实际。【答案】A。2．在图书馆中，你经常可以看到如图所示的标志牌，提醒在此读书的人们保持室内的安静，则下列说法正确的是（）A．从声音的特性分析，“大声”是指声音的频率高 B．从声音的传播分析，说话人的声音是靠空气传播到他人耳中的 C．从控制噪声的角度分析，标志牌中的提示是在传播过程中减弱噪声 D．标志牌中控制噪声的方法与“工人戴上防噪声耳罩”的方法相同【解析】A、从声音的特性分析，“大声”是指声音的响度大；故A错误；B、从声音的传播分析，说话人的声音是通过空气传播到他人耳中的；故B正确；CD、从控制噪声的角度分析，标志牌中的提示“严禁大声说话”是在声源处减弱噪声的；“工人戴上防噪声耳罩”是在人耳处减弱噪声的，二者方法不同；故CD错误．【答案】B。3．201911月11日，罕见的“水星凌日”现象震撼上演，地球上部分地区可以观察到。如图所示，某些特殊时刻，从地球上可以看到水星就像一个小黑点在太阳表面缓慢移动。下列现象中与“水星凌日”现象原理相同的是（）A．“海市蜃楼”现象 B．雨后天空出现彩虹 C．路灯下人在地面上的影子 D．湖边的树在湖水中的“倒影”【解析】当水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移过，这就是“水星凌日”现象，成因是光的直线传播；A、海市蜃楼是光线通过密度不均匀的空气中发生的折射现象，故A不符合题意；B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的光的色散，故B不符合题意；C、路灯下人在地面上的影子，是由于光沿直线播形成的现象，故C符合题意；D、平静的水面相当于平面镜，所以湖边的树在湖水中的“倒影”是平面镜成像，属于光的反射原理，故D不符合题意。【答案】C。4．中央气象台每天都会发布我国主要城市的天气预报，下表列出的是20134月23日内陆城市乌鲁木齐和沿海城市上海两地的气温情况。根据气温变化情况作出的判断和判断依据正确的是（）20134月23日城市甲晴14～26℃城市乙晴8～14℃A．城市甲是上海，依据是水的比热容较大 B．城市乙是乌鲁木齐，依据是砂石的比热容较大 C．城市甲是乌鲁木齐，依据是砂石的比热容较大 D．城市乙是上海，依据是水的比热容较大【解析】沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故沿海地区的温度变化小，而内陆地区的温度变化比较大；故城市乙是上海，依据是水的比热容较大；【答案】D。5．有甲、乙、丙，丁四个小球，已知甲带负电，甲跟乙相排斥，乙和丙相吸引，丁和丙相吸引，则丁球（）A．一定带负电 B．一定不带电 C．一定带正电 D．可能带电或不带电【解析】已知甲带负电，乙排斥甲，说明乙与甲带同种电荷，即乙带负电；丙吸引乙，说明丙与乙带异种电荷或乙不带电，若丙带电则是带正电；由于丁吸引丙，则若丙带电，则说明丁与丙带异种电荷或丁不带电，即丁带负电或不带电，若丙不带电，则说明丁带电，即丁是带电体，则带正、负电都有可能。【答案】D。6．下列说法错误的是（）A．奥斯特实验说明通电导线周围存在着磁场 B．电铃是利用电流的磁效应工作的 C．换向器的作用是改变通入线圈的电流方向 D．电磁感应现象是丹麦物理学家奥斯特发现的【解析】A、奥斯特实验说明通电导线周围存在着磁场，故A正确，不符合题意；B、电铃是利用电流的磁效应工作的，故B正确，不符合题意；C、换向器的作用是改变通入线圈的电流方向，故C正确，不符合题意；D、电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的，故D错误，符合题意。【答案】D。7．如图甲所示用滑轮组提升物体M，已知被提升的物体M重为500N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内匀速提升到10m的高度。拉力做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，不计钢丝绳的重、摩擦力大小。则动滑轮重和机械效率分别为（）A．100N；83.3% B．200N；60% C．50N；80% D．150N；75%【解析】（1）有用功：W有＝Gh＝500N×10m＝5000J；据图乙可知，此时拉力做的总功是6000J，所以其机械效率是：η=W有W（2）据图甲能看出有两端绳子吊着动滑轮，故应该费2倍的距离，所以绳子自由端移动的距离是s＝2×10m＝20m；故据（2）中的数据可知，W＝Fs，故F=W所以动滑轮的重力是G动＝2F﹣G＝2×300N﹣500N＝100N。【答案】A。8．如图所示，A、B为完全相同的两个容器，分别盛有7cm、5cm深的水，A、B之间用导管连接。对于阀门打开前后出现的现象或结果说法正确的是（g＝10N/kg）（）A．阀门打开前，B容器底部受到水的压强为5×104Pa B．阀门打开前，阀门K的左侧和右侧受到水的压强是相等的 C．打开阀门当水不流动时，A、B两容器底所受压强之比为1：1 D．打开阀门当水不流动时，A、B两容器底所受压强之比为5：7【解析】AB、B容器底部受到水的压强为：pB＝ρ水ghB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500pa，A容器底部受到水的压强为：pA＝ρ水ghA＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.07m＝700pa，故AB错误；CD、根据题中的插图可知，打开阀门前，A液面比B液面高4cm，打开阀门后，两容器中的液面会相平，A液面下降2cm，变为hA＝5cm，B液面上升2cm，变为hB＝7cm，A、B两容器底面的压强之比：pA【答案】D。9．如图所示，图甲测凸透镜的焦距，图乙探究凸透镜成像的规律”，在图乙所示的位置光屏上成清晰的像。下列说法正确的是（）A．由图甲可知凸透镜的焦距是10.0cm B．图乙中透镜成像的特点与幻灯机的原理相同 C．若按图乙进行实验时一只虫子停在凸透镜镜面上，光屏上将看到虫子清晰缩小的像 D．图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视眼镜，将蜡烛适当右移可在光屏上承接到清晰的像【解析】A、根据甲图可以知道f＝10.0cm，故A正确；B、根据乙图u＞2f，应用应该是照相机，故B错误；C、按图乙进行实验时一只虫子停在凸透镜镜面上，只是光线变少了能成一个变暗的完整的像，光屏上将看不到虫子清晰缩小的像，故C错误；D、戴上近视眼镜（凹透镜）对光有发散作用，所以像会成在后面，将蜡烛适当左移可在光屏上承接到清晰的像。故D错误。【答案】A。10．为使电热器在单位时间内产生的热量增加一倍，下列措施可行的是（）A．并联一根阻值相同的电阻丝 B．串联一根阻值相同的电阻丝 C．使电热器两端的电压增加一倍 D．将电阻丝剪成等长的两段，再并联起来使用【解析】A、并联一根阻值相同的电阻后，电路总电阻为原来的12，由公式Q=B、串联一根阻值相同的电阻后，电路总电阻为原来的2倍，由公式Q=U2RC、将电热器两端电压增大一倍，由公式Q=UD、将电阻丝剪成等长的两段，再并联起来使用时，电路总电阻为原来的14，由公式Q=【答案】A。11．如图所示，是小雨同学根据测量数据绘制的通过小灯泡电流I随它两端电压U变化的关系图象。根据图象信息可知下列说法中正确的是（）A．小灯泡的电阻随电压的增大而减小 B．小灯泡两端电压为1V时，小灯泡消耗的实际功率为3W C．若将两个同样规格的小灯泡并联在2V的电源两端，电源电压保持不变，电路中总电流为0.45A D．若将两个同样规格的小灯泡串联在2V的电源两端，电源电压保持不变，两只灯泡消耗的总功率为0.6W【解析】A、由图知，灯泡的电阻随电压的增大而小，因灯丝的电阻随温度的升而增大，故A错误；B、根据图象读出，当灯泡两端电压为1V时，通过的电流为0.3A，则灯泡的实际功率：PL＝ULIL＝1V×0.3A＝0.3W，故B错误；C、两个同样规格的小灯泡并联时，通过的电流相等，由图象可知，当灯泡两端电压为2V时通过的电流为0.45A，又因为并联电路中干路电流等于各支路电流，所以电路中总电流：I＝0.45A+0.45A＝0.9A，故C错误；D、根据串联电路分压规律可知，相同规格等片串联时，两灯泡分得的电压相同，所以将两个同样规格的小灯泡串联在2V的电源两端，每个灯泡两端电压为1V，此时通过灯泡的电流为0.3A，又因为串联电路处处电流相等，并且串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以两只灯泡消耗的总功率：P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，故D正确。【答案】D。12．如图所示，水平向左的风吹得衣架在水平晾衣杆上滑动起来，若衣架和衣服做匀速运动，此时衣架对晾衣杆的压力（）A．比没有风时大 B．比没有风时小 C．和没有风时一样大 D．以上都有可能【解析】衣架在竖直方向上处于静止状态，对晾衣杆的压力大小等于晾衣架和衣服的重力，和没有风时一样大，故C正确，ABD错误。【答案】C。二．填空题（共6小题）13．研发太阳能汽车是未来汽车的发展方向。太阳能是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源；汽车上的LED灯，其核心元件是发光二极管的主要由半导体材料制成的；如图，“歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，它的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波（选填“超声波”或“电磁波”）具有良好的吸收作用，“歼20”在空中飞行的过程中，以飞机为参照物，飞行员是静止的。【解析】（1）太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源；（2）LED灯的核心元件是发光二极管，制造发光二极管的主要材料是半导体材料；（3）“歼20”的机身材料和涂层对雷达发射的电磁波有良好的吸收作用，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测；（4）飞行员相对于飞机位置不变，则以飞机作为参照物，飞行员是静止的。【答案】可再生；半导体；电磁波；静止。14．利用干冰（固态二氧化碳）给运输中的食品降温，防止食品变质，这是应用了升华吸热。人工降雨也是利用这一特点，用飞机在空中撒干冰，干冰在空气中迅速吸热使空气温度急剧下降，空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰粒，冰粒逐渐变大而落下，下落过程中熔化成冰滴而形成雨。【解析】干冰在常温下，很容易有固态直接变为气态，发生升华现象，升华吸热，所以可以给食品降温，防止食品变质；用干冰进行人工降雨过程中，干冰进入云层，从周围空气吸收热量，空气温度急剧下降，空气中的水蒸气温度降低时，由气态直接变为固态小冰晶，属于凝华现象；小冰晶渐大后下落，遇暖吸收热量，熔化为液态形成降雨。【答案】升华吸热、凝华；熔化。15．201312月15日，嫦娥三号着陆器登陆月球表面。（1）“玉兔号”是利用电磁波向地球发回所获得的信息，月球与地球相距3.84×108m，“玉兔号”发出的信号需1.28s到达地球。（2）物体在月球上所受“重力”的大小是在地球上所受重力大小的六分之一，地球上质量为144kg“玉兔号”到达月球后的质量是0.144t，物重为235.2N。（3）“玉兔号”太阳能电池帆板的作用是将太阳能转化为电能。“玉兔号”采用核能保温以度过极端寒冷的漫漫月夜，核能保温是核能转化成内能。【解析】（1）月球与地球相距s＝3.84×108m，电磁波的传播速度为v＝3×108m/s，根据速度公式v=st=s（2）因为质量是物体的属性，与物体所处的空间位置无关，所以玉兔号”从地球被带到月球，它的质量将不变即仍为144kg＝0.144t；在月球上所受“重力”的大小是在地球上所受重力大小的六分之一，即G′＝G×16=（3）太阳能电池帆板的作用是将太阳能转化为电能，核能保温是将核能转化成了内能。【答案】（1）1.28；（2）0.144；235.2；（3）太阳；核；内。16．学习了家庭电路的相关知识，某同学发现在右图所示的电路中，当开关S闭合火线后，电灯L不亮，用测电笔测试a、b、c、d各点，若氖管发光出现下列情况时，判断电路出现的可能情况：（1）测电笔只在a、d点发光：灯泡L断路；（2）测电笔只在b点不发光：b、c间断路；（3）测电笔在a、b、c、d点都发光：进户的零线断了。【解析】（1）电灯L不亮，用测电笔测试时只在a、d点发光，说明a、d两点与火线相连，而c点不发光说明灯泡L断路；（2）测电笔只在b点不发光，即测电笔测试a、d、c时氖管都发光，说明a、d、c都与火线相连，b点不发光，说明b、c间断路；（3）测试a、b、c、d点时，氖管都发光，说明这四点都与火线相连，而灯泡不发光说明进户的零线断了。【答案】（1）灯泡L断路；（2）b、c间断路；（3）进户的零线断了。17．如图所示的一架遥控直升飞机模型，当它匀速上升和匀速降落时（不计空气阻力），旋翼提供的升力是相等（选填“相等”或“不等”）的，其施力物体是空气。在某次竖直爬升过程中，旋翼意外停转，则飞机模型将立即减速上升（选填“加速下落”或“减速上升”）。如图所示的“阳光动力2号”飞机，其翼展达72m，但质量只有2300kg（填合适的单位），与一辆小汽车的质量相当；该飞机的机身使用的碳纤维蜂窝夹层材料，1cm3的质量仅为25mg，则其密度为25kg/m3，其升空原理与图中热气球不同（选填“相同”或“不同”）。【解析】（1）当直升飞机模型匀速上升和匀速降落时，它都处于平衡状态，受到平衡力作用，旋翼提供升力的大小等于飞机模型的重力，则两种情况下旋翼提供的升力相等；其施力物体是空气；（2）直升飞机模型竖直爬升过程中，若四个旋翼同时意外停转，飞机模型不再受向上的升力，该飞机模型由于惯性还会上升，在重力的作用下它将立即减速上升；（3）一般汽车的质量在2000kg左右，由“与一辆小汽车的质量相当”可知，飞机的质量是2300kg；机身使用的碳纤维蜂窝夹层材料每立方厘米质量仅250毫克，密度为ρ=mV=25mg1c热气球升空时，其所受的浮力大于自身的重力，因此是利用浮力升空的，而“阳光动力2号”飞机升空的原理是流体流速越小的地方压强越大，故其升空原理与图中热气球不同。【答案】相等；空气；减速上升；kg；25；不同。18．图中单缸四冲程汽油机正处在压缩冲程，该冲程将机械能转化为内能，若该汽油机转速为1800r/min，则它每秒钟完成60个冲程。行驶中，油箱内汽油越来越少，汽油的热值不变（选填“变小”、“不变”或“变大”）。【解析】（1）由图可知，两个气门都关闭，活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程；在压缩冲程中，将机械能转化为内能；（2）汽油机完成1个工作循环，要经过四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次；1800r/min＝30r/s，即每秒飞轮转30转，完成60个冲程；（3）汽油的热值与汽油的质量大小无关，所以油箱内汽油越来越少，汽油的热值不变。【答案】压缩；机械；内；60；不变。三．作图题（共3小题）19．如图，一束光射入水中，在水底行成光斑。（1）画出水面的反射光线；（2）画出水中的折射光线。【解析】过入射点垂直界面作出法线，在空气中法线左侧斜向上作出反射光线OB，并使反射角等于入射角；在法线左侧的水中斜向下作出折射光线OC，使折射角小于入射角，如图所示：20．静止在水平路面上的小车，其杆子上固定一铁球，作出小球所受拉力和重力的示意图。【解析】由题意可知小球处于平衡状态，则小球受到竖直向下的重力和杆子对小球竖直向上的拉力是一对平衡力；过铁球的重心分别画一条竖直向下带箭头的线段和竖直向上带箭头的线段，并用符号G和F表示；注意二力的大小相等，即两线段长度相等；如图所示：21．如图所示，小磁针静止在A、B两个通电螺线管之间，请在括号内标出电源的正负极（用“+”或“﹣”表示），并画出B螺线管的绕线。【解析】由图可知，小磁针的下端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，A的右端为S极，B的左端为S极，根据安培定则可知，螺线管A中的电流从左端流入，右端流出，则电源的左端为正极，右端为负极；对于B，根据安培定则，绕线方法如图所示：四．实验探究题（共3小题）22．在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，两组同学在相同的环境中，用如图甲的装置分别进行实验，并根据实验数据绘制如图乙中的a、b两个图象，由图象可知：（1）水的沸点为98℃，在沸腾过程中水的温度不变。（2）两组同学的实验中，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma大于mb。（3）小明观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中存在的两种情况，如图丙A、B，则图B是水沸腾前的情况。【解析】（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃，水沸腾的特点是吸收热量，但温度不变；（2）由图乙知a的初温比b的初温高，a、b同时沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度低，根据Q＝cm△t知，说明a的质量大；（3）沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡遇低温液化，气泡减小，而沸腾时水温上下一致，气泡会越来越大，所以A是沸腾时的情况，B是沸腾前的情况。【答案】（1）98；（2）大于；（3）B。23．如图甲是探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验装置，实验所用的长木板，一面比较光滑，另一面比较粗糙。同学们根据猜想进行了实验，得出数据如表所示：实验序号长木板表面木块放置方式拉动木块的个数弹簧测力计示数/N①较粗糙平放11.5②较粗糙平放23.0③较光滑平放21.6④较光滑竖放21.6（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等。（2）由实验序号①②可以探究滑动摩擦力的大小是否和物体所受的压力有关。（3）由实验序号②③可得到的结论是：滑动摩擦力的大小和接触面的粗糙程度有关。（4）若在图甲装置中，木块在运动过程中所受拉力突然变大，滑动摩擦力将不变；（选填“变大”“变小”或“不变”）（5）同学们在老师的指导下对实验装置进行改进，用如图乙所示的方式测量滑动摩擦力发现效果更好。图乙实验中不一定（选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动长木板。【解析】（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等；（2）探究滑动摩擦力的大小是否和物体所受的压力有关，要控制接触面粗糙程度相同，故由实验序号①②可以探究滑动摩擦力的大小是否和物体所受的压力有关；（3）由实验序号②③可知，压力大小相同，③中较光滑，受到的摩擦力较小，故可得到的结论是：滑动摩擦力的大小和接触面的粗糙程度有关；（4）若在图甲装置中，木块在运动过程中所受拉力突然变大，因压力和接触面粗糙程度不变，故滑动摩擦力将不变；（5）如图乙所示的方式中，木块相对于地面静止状态，受到测力计拉力与木板施加的摩擦力为一对平衡力，大小相等，与木板的运动状态无关，故图乙实验中不一定要匀速拉动长木板。【答案】（1）二力平衡；（2）①②；（3）粗糙程度；（4）不变；（5）不一定。24．某同学要利用“伏安法”测量额定电压为3.6V的小灯泡（其正常发光时的电阻值接近10Ω）的额定功率。图1是他尚未连接完成的实验电路。（1）请你用笔画线代替导线，帮助他完成电路连接。（2）开关S闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移至B端；（3）检查电路连接正确后，闭合开关S，发现电压表和电流表的示数都比较小，灯泡L不发光。这时应该进行的操作是调节滑动变阻器，使灯泡L正常发光。（4）灯泡L正常发光时，电流表的示数如图2所示，则灯泡L的额定功率为1.728W；（5）已知通过灯泡L灯丝的电流变大时，灯泡灯丝的温度会升高，其电阻值也会变大。当灯泡L两端的实际电压U′＝1.1U额时，灯泡L的实际功率P＜1.21P额（填“＞”、“＜”或“＝”）。【解析】（1）由欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电流约为：I=U（2）为保护电路，闭合开关前应将滑片置于滑动变阻器的最大阻值处，即滑片P移至B端。（3）闭合开关S，电压表和电流表的示数都比较小，说明电路是通路，造成该现象的原因是电路的总电阻太大，电流太小，灯泡的实际功率太小，灯泡L不发光，所以应调节滑动变阻器，使灯泡L正常发光。（4）电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，由图2可知，电流表示数为0.48A，灯泡的额定功率：P＝UI＝3.6V×0.48A＝1.728W；（5）由P=U已知实际电压U′＝1.1U额，所以在灯丝电阻不变时，灯泡的实际功率为P′＝1.21P额；又因为灯丝的电阻随温度升高而变大，所以灯泡的实际功率会变小，即P＜1.21P额。【答案】（1）如上图所示；