河南省荥阳高中2023-2024学年高考仿真模拟物理试卷含解析

河南省荥阳高中2023—2024学年高考仿真模拟物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计.该装置由绝缘材料制成,

长、宽、高分别为。、氏。，左右两端开口.在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为5的匀强磁场，在前后两个

内侧面分别固定有金属板作为电极.污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极词的电压U.若用

。表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是（）

A.若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高

B.若污水中负离子较多，则前表面比后表面电势高

C.污水流量。与U成正比，与服力无关

D.污水中离子浓度越高电压表的示数将越大

2、现用某一频率的光照射锌板表面，能发生光电效应，若（）

A.只增大入射光的频率，遏止电压不变

B.只增大入射光的频率，锌的逸出功变大

C.只增大入射光的强度，饱和光电流变大

D.只增大入射光的强度，光电子的最大初动能变大

3、一架飞机在高空中由西向东沿水平方向做匀加速直线运动，飞机每隔相同时间自由释放一个物体，共连续释放了6

个物体（不计空气阻力）。下图是从地面某时刻观察到的6个空投物体的图像，其中正确的是

A.B.

东东

c.D.

东东

4、背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。如匡所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图

可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为

8m/sD.llm/s

5、如图所示，质量为办的木块A放在质量为飞的斜面体B上，现对木块A施加一竖直向下的力”它们均静止不

A.木块A与斜面体B之间不一定存在摩擦力

B.斜面体B与地面之间一定存在摩擦力

C.地面对斜面体B的支持力大小等于（见+色）8

D.斜面体B受到4个力的作用

6、如图所示，M.N两根通电长直导线在同一水平面内，且垂直纸面固定放置，通电电流相等且均垂直纸面向外，

在M、N两根导线正中间竖直放有一可自由移动的通电导线。〃，通电导线c必的电流方向竖直向上，则通电导线〃〃在

安培力作用下运动的情况是（〉

a

MN

OO

b

A.静止不动

B.沿纸面顺时针转动

C.。端转向纸外，〃端转向纸内

D.〃端转向纸内，匕端转向纸外

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g®10m/s2.4s内物体的（）

A.路程为50mB.位移大小为40m,方向向上

C.速度改变量的大小为20m/s,方向向下D.平均速度大小为方向向上

8、质点在光滑水平面上做直线运动，VV图像如图所示。取质点向东运动的方向为正，则下列说法中正确的是（）

A.加速度方向发生改变

B.质点在2s内发生的位移为零

C.质点在2s末的速度是3m/s,方向向东

D.质点先做匀减速后做匀加速的直线运动

9、一定质量的理想气体状态变化如图所示，则（）

A.状态氏c的内能相等

B.状态。的内能比状态力、。的内能大

C.在。到b的过程中气体对外界做功

D.在。到》的过程中气体向外界放热

E.在b到c的过程中气体一直向外界放热

10、如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一红暗块R（R视为质点）.将玻璃管的开口端用胶塞

塞紧后竖直倒置且与y轴重合，在R从坐标原点以速度v0=3cm/s匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正向做初速度为零的

匀加速直线运动，合速度的方向与y轴夹角为a.则红蜡块R的（）

—r

c

.

l--l

-.

-

二.

-.

-

-

-.

-

-.

-

一

-

-O.H

及

。

A.

B.分位移y的平方与x成正比

C.合速度v的大小与时间t成正比

D.tana与时间t成正比

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图所示，是把量程为0~10mA的电流表改装成欧姆表的结构示意图，其中电池电动势E=1.5V。

⑴经改装后，若要确定“0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器K的阻值，使原电流表指针指到

,mA刻度处;

⑵改装后的欧姆表的内阻值为。，电流表2mA刻度处应标.Ho

12.（12分）用如图1所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐直叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ

滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤

压出一个痕迹点。移动挡板,重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。

（1）下列实验条件必须满足的有

A.小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放

B.斜槽轨道要尽量光滑些

C.斜槽轨道末端必须保持水平

D.本实验必需的器材还有刻度尺和停表

⑵为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于

Q点,钢球的（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时

（选填••需要”或者“不需要y轴与重锤线平行。

⑶伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，只要下

落高度相同，在空中飞行的时间都一样。这实际上是因为平抛物体o

A.在水平方向上做匀速直线运动

B.在竖直方向上做自由落体运动

C.在下落过程中机械能守恒

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，一圆柱形绝热气缸开口向上竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。活塞的质

量为m、横截面积为s,与容器底部相距h。现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时停止加热，活塞上升

了2h并稳定，此时气体的热力学温度为Ti.已知大气压强为Po,重力加速度为g,活塞与气缸间无摩擦且不漏气。

求：

•«.：«•.•h

①加热过程中气体的内能增加量；

②停止对气体加热后，在活塞上缓缓。添加砂粒，当添加砂粒的质量为m。时，活塞恰好下降了h。求此时气体的温度。

14.（16分）如图，长L=200cm,粗细均匀的玻璃管一端封闭。水平放置时，4=100cm的空气被水银柱封住，

水银柱长〃=50cm。将玻璃管缓慢地转到开口向下的竖直位置，然后竖直插入水银槽，插入后有4=25cm的水银柱

进入玻璃管。设整个过程中温度始终保持不变，大气压强〃°=75cmHg。求插入水银槽后管内气体的压强。

15.（12分）如图所示的空间中有一直角坐标系。孙，第一象限内存在隆直向下的匀强电场，第四象限x轴下方存在

沿X轴方向足够长，宽度d=（5+5石）m的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小8=0.4T,一带正电

粒子质量m=3.2x10一，kg、带电量q=0.16C,从y轴上的尸点以y（）=L0xl03m/s的速度水平射入电场，再从x轴上的。

点进入磁场，已知OP=9m,粒子进入磁场时其速度方向与x轴正方向夹角660‘，不计粒子重力，求：

（1）0。的距离；

⑵粒子的磁场中运动的半径；

⑶粒子在磁场中运动的时间；（江值近似取3）

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

AB.以正离子为对象，由左手定则可知，其受到的洛伦兹力方向指向后表面，负离子受到的洛伦兹力指向前表面，故

无论哪种离子较多，都是后表面电势高于前表面，故A、B错误；

C.当前后表面聚集一定电荷后，两表面之间形成电势差，当离子受到的洛伦兹力等于电场力时电势差稳定，即

quB=

由题意可知，流量为

Q=Su=bcu

联立可得

Q上c

B

即。与U成正比，与。、》无关，故C正确；

D.由。=m方可知，电势差与岗子浓度无关，故D错误;

故选C。

2、C

【解析】

A.根据光电效应的规律

—=///-W

而遏止电压

I2

可知遏止电压的大小与照射光的频率有关，只增大入射光的频率，遏止电压增大，A错误；

B.金属的逸出功与入射光无关，B错误；

CD.光强度只会影响单位时间内逸出的光电子数目，只增大入射光的强度，单位时间内逸出的光电子数目增大，饱和

光电流变大，对光电子的最大初动能不影响，C正确D错误。

故选C。

3、A

【解析】

因为物体做平抛运动，而飞机做匀加速直线运动，所以做平抛运动的不同物体的初速度越来越大，在竖直方向上做自

由落体运动，所以相等时间间隔内的位移越来越大。

A.该图与结论相符，选项A正确；

B.该图与结论不相符，选项B错误；

C.该图与结论不相符，选项C错误；

D.该图与结论不相符，选项D错误；

故选A。

4、B

【解析】

运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，运动员重心升高高度约为：根

据机械能守恒定律可知：gmF=mgh；解得：v=y/lgh=>/26m/s«5m/s,故B正确，ACD错误。

5、D

【解析】

A.对木块A进行受力分析，受竖直向卜的重力和推力入垂直斜面的支持力，由平衡条件可知，木块A还受到沿斜

面向上的静摩擦力，故A错误；

BC.以AB为整体作为研究对象受力分析，由平衡条件可知，斜面体B与地面之间无摩擦力，地面对斜面体B的支持

力

N=(/4+g)g+/

故BC错误；

D.单独以斜面体B为研究对象受力分析，斜面体B受重力，地面对斜面体B的支持力，木块A对斜面体B的压力及

木块A对斜面体B的沿斜面向下的静摩擦力，故D正确。

故选D。

6、C

【解析】

由右手定则可判断通电直导线M、N在导线人处产生的磁场方向如图所示：

■“

V

••

.

、

,k\XJ

由左手定则可判断，。端转向纸外，〃端转向纸内，故C符合题意，ABD不符合题意。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、ABD

【解析】

由可得物体的速度减为零需要的时间二=营=三二=，二，故4s时物体正在下落；路程应等于向上的高度与下落

LJJV

1s内下落的高度之和，由y2=2gh可得，hWz=45m,后Is下落的高度h'KtJsni,故总路程为：s=(45+5)m=50m；

故A正确；位移h=vot・至t2=40m,位移在抛出点的上方，故B正确；速度的改变量△v=gt=10x4=40m/s,方向向下，

故C错误；平均速度二二得二?二，。二二，故D正确；故选ABD。

【点睛】

竖直上抛运动中一定要灵活应用公式，如位移可直接利用位移公式求解；另外要正确理解公式，如平均速度一定要用

位移除以时间；速度变化量可以用△v=at求得.

8、BD

【解析】

A.UT图像是一条倾斜直线，斜率表示加速度，故加速度保持不变，A错误；

B.根据图线与坐标轴所围“面积”表示位移，图像在时间轴上方表示的位移为正，图像在时间轴下方表示的位移为负，

则知在前2s位移为

I1

x=—x3xlmx3xlm=0

22

B正确；

C.根据图像可知，质点在2s末的速度是“■”说明方向向西，C错误；

D.O~ls内质点速度在减小，加速度不变，做匀减速直线运动，ls~2s速度在增大，且方向相反，加速度不变，故做反

向匀加速直线运动，D正确。

故选BD.

9、ABD

【解析】

A.根据理想气体状态方程结合图象可知，状态b、c的温度相同，故内能相等，故A正确；

B.根据理想气体状态方程结合图象可知，状态a的温度比状态b、c的温度高，故状态a的内能比状态b、c的内能

大，故B正确；

C.在a到b的过程中，体积减小，外界对气体做功，故C错误；

D.a到b的过程，温度降低，内能减小，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体应从外界放

热，故D正确；

E.状态b、c的内能相等，由b到c的过程气体体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，整个过程气

体吸热，由a到b的过程气体放热，故在c到a的过程中气体应吸热；故E错误.

10、BD

【解析】

试题分析：红蜡烛在竖直方向做匀速运动，则丫=、乳；在水平方向工=2必2,解得：x=—^y~t选项A错误，B正

确；蜡烛的合速度：n=#；+(3)2,故选项C错误；tana=」=一,即tana与时间t成正比，选项D正确；故

选BD.

考点：运动的合成.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、10150600

【解析】

根据闭合欧姆定律

1=---

4十%

可知，当电流最大时，测量电阻最小，即若要确定“0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R的阻

值，使原电流表指针指到10mA刻度处

(2)[2]改装后欧姆表的内阻为

=E_L5

RQ=150Q

g410X10-3

[312mA刻度处标

p15

/?=--/?=(—^--150)Q=600Q

I*2x10〃

12、AC球心需要B

【解析】

(1)[1J.ABC.为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平

的。同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点；故B错误，AC正确；

O.本实验必需的器材还有刻度尺，但不需要停表，选项D错误；

故选AC,

⑵将钢球岸置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时需要y轴与重锤线平行；

(3)[4].做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动，所以高度相同时时间相同；故选B。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)AU=Q-2(PoS+mg)h(2)|(1+—)7；

3+mg

【解析】

①等压过程气体的压强为Pi=“0+?，

则气体对外做功为W=P,S(2h)=2(p0S+mg)h

由热力学第一定律得AU=。一W,

解得AU=。-2(%S+，ng)h；

②停止对气体加热后，活塞