东营市重点中学2024届高考临考冲刺物理试卷含解析

东营市重点中学2024届高考临考冲刺物理试卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，A、R、C是光滑绝缘斜面上的三个点，Q是一带正电的固定点电荷，Q、6连线垂直于斜面，。、A连

线与。、。连线长度相等，带正电的小物块从4点以初速度*沿斜面向下运动。下列说法正确的是（）

A.小物块在〃点电势能最小

B.小物块在C点的速度也为u

C.小物块在4、。两点的机械能相等

D.小物块从A点运动到。点的过程中，一定先减速后加速

2、某同学按如图1所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。先使开关S接1,电容器充电完毕后将开

关掷向2,可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的U"曲线，如图2

所示。电容器的电容C己知，且从图中可读出最大放电电压U。，图线与坐标轴围成的面积S、任一点的点切线斜率心

但电源电动势、内电阻、定值电阻K均未知，根据题目所给的信息，下列物理量不熊来学的是

C.定值电阻KD.电源的电动势和内电阻

3、如图所示，已知电源的内阻为/*,外电路的固定电阻R）=r,可变电阻Rr的总电阻为2r,在Rx的滑动触头从A端

滑向8端的过程中（）

Er

4凡BRo

A.Kx消耗的功率变小B.电源输出的功率减小

C.电源内部消耗的功率减小D.R）消耗的功率减小

4、如图甲，理想变压器的原、副线圈匝数比n2=10：1,副线圈电路接有滑动变阻器R和额定电压为12V、线圈

电阻为2Q的电动机M.原线圈输入的交流电压如图乙.闭合开关S,电动机正常工作，电流表示数为1A.下列判断

正确的是（）

A.副线圈两端的电压有效值为22及V

B.滑动变阻器R的接入电阻为10。

C.电动机输出的机械功率为12W

D.若电动机突然卡住，原线圈输入功率将变小

5、新型冠状病毒防疫期间，医用一次性口罩是必备的呼吸防护用品，口罩的核心材料是中间一层熔喷无纺布。为了提

高过滤效果必须在熔喷无纺布上进行重要的驻极处理，就是在熔喷无纺布上加入静电荷。利用电荷的静电力作用捕集

尘粒，称为静电吸引沉积，静电吸附效果直接影响着口罩的使用寿命。根据这些信息，下列说法正确的是（）

A.医用一次性口罩可以进行高温蒸汽消毒再使用效果会更好

B.医用一次性口罩可以防护天然放射现象中放射出的。、0和射线

C.在防控期间口罩出现严重紧缺，为了节约资源刚用完的医用一次性口罩可以及时清洗晒干后使用

D.防疫期间不法分子为了谋取暴利，制造销售假冒医用一次性驻极口罩，除了从专业技术上鉴定外，还可以用口罩

能否吸附轻小纸屑来判断真假

6、如图所示，两根相距为L的平行直导轨水平放置，R为固定电阻，导轨电阻不计。电阻阻值也为K的金属杆

垂直于导轨放置，杆与导轨之间有摩擦，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。U0时刻对金属

杆施加一水平外力F作用，使金属杆从静止开始做匀加速直线运动。下列关于通过R的电流/、杆与导轨间的摩擦生

热。、外力F、外力F的功率P随时间t变化的图像中正确的是（）

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，擦亮的锌板与验电器上的金属球相连，验电器上的铝箔原来是不张开的.现让紫外线照射到锌板，观察

到验电器的铝箔张开.下列说法正确的是（）

A.验电器的铝箔带负电

B.此实验可以说明光具有粒子性

C.若改用X射线照射锌板，则观察到验电器的铝箔会张开

D.若改用激光器发出高亮度的红光照射锌板，则观察到验电器的铝箔也有可能会张开

E.若增大紫外线的照射强度，则逸出电子的最大初动能变大

8、长为1、间距为d的平行金属板水平正对放置，竖直光屏加到金属板右端距离为/,金属板左端连接有闭合电路，

整个装置结构如图所示.质量为〃?、电荷量为4的粒子以初速度%从两金属板正中间自左端N点水平射入，当滑动变

阻器的滑片在某一位置时，粒子恰好垂直撞在光屏上.对此过程，下列分析正确的是（）

A.粒子在平行金属板间的运动时间和从金属板右端到光屏的运动时间相等

B.板间电场强度大小为浊

q

C.若仅将滑片0向下滑动一段后，再让该粒子从N点以水平速度匕射入板间，粒子不会垂直打在光屏上

D.若仅将两平行板的间距变大一些，再让该粒子从N点以水平速度％射入板间，粒子依然会垂直打在光屏上

9、如图，质量相同的两球A、3分别用不同长度的细线悬挂，LA>LH,当拉至同一高度使细线水平时释放，两球到

最低点时，相同的物理量是（）

A.细线的拉力B.小球的加速度

C.小球的速度D.小球具有的动能

10、如雀所示，一根上端固定的轻绳，其下端拴一个质量为2kg的小球。开始时轻绳处于竖直位置。用一个方向与水

平面成37°的外力/拉动小球，使之缓慢升起至水平位置。8取lOm/sh关于这一过程中轻绳的拉力，下列说法中正

A.最小值为16NB.最小值为20NC,最大值为26.7ND,最大值为20N

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）为了测量一个电动势约为6V~8V,内电阻小于3。的电源，由于直流电压表量程只有3V,需要将这只电

压表通过连接一固定电阻（用电阻箱代替），改装为量程9V的电压表，然后再用伏安法测电源的电动势和内电阻，以

下是他们的实验操作过程：

（1）把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，实验步骤如下，完成填空。

第一步：按电路图连接实物

第二步：把滑动变阻器滑动片移到最右端，把电阻箱阻值调到零

第三步：闭合电键，把滑动变阻器滑动片调到适当位置，使电压表读数为3.0V

第四步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为V。

第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其它线路，即得量程为9V的电压表

⑵以上实验可供选择的器材有：

A.电压表（量程为3V,内阻约2kC）

B.电流表（量程为3A,内阻约0.10）

C.电阻箱（阻值范围0~9999。）

D.电阻箱（阻值范围。〜999。）

E.滑动变阻器（阻值为。〜20C,额定电流3A）

F.滑动变阻器（阻值为。〜20k。.额定电流0.2A）

电阻箱应选_______,滑动变阻器应选______o

③用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没变），测电源电动势E和内电阻实验电路如图乙所示，得到多组电压

表U和电流/的值，并作出U—/图线如图丙所示，可知电池的电动势为—V,内电阻为Qo（结果保留2位

有效数字）

12.（12分）某同学在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：

A.待测的干电池（电动势约为L5V,内电阻小于1.0C）

B.电流表Ai（量程0~3mA,内阻&i=10C）

C.电流表A2（量程0~0.6A,内阻阪优2=0.1。）

D.滑动变阻器Ki（0-20H,10A）

E.滑动变阻器&（0-200C,1A）

F.定值电阻R）（990。）

G开关和导线若干

■/i/mA

⑴他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中更为合理的是________图；在该电路中，为了操作方便且能

准确地进行测量，滑动变阻器应选________（填写器材名称前的字母序号）；用你所选择的电路图写出全电路欧姆定律

的表达式£=（用八、刖、&2、Ro、r表示）。

（2）图乙为该同学根据⑴中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的力一/2图线（八为电流表Ai的示数，刀为电

流表Az的示数），为了简化计算，该同学认为人远远小于〃，则由图线可得电动势E=V,内阻r=

。的结果保留两位小数）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，一个截面为半圆的玻璃砖，。为圆心，MN是半圆的直径，它对红光和紫光的折射率分别为

小、〃2,与直径平行放置一个光屏AyA/6与MN的距离的为d.现有一束由红光和紫光组成的复色光从尸点沿PO

方向射入玻璃砖，NPON=45°.试问：

（1）若红光能从MN面射出，〃/应满足什么条件？

（2）若两种单色光均能从MN面射出，它们投射到A8上的光点间距是多大？

14.（16分）如图所示，水平光滑轨道A3与半径为K的竖直光滑半圆形轨道5c相切于b点.质量为和胆的〃、

力两个小滑块（可视为质点）原来静止于水平轨道上，其中小滑块。与一轻弹簧相连.某一瞬间给小滑块。一冲量使

其获得%=|府的初速度向右冲向小滑块力，与力碰撞后弹簧不与力相粘连，且小滑块力在到达3点之前已经和弹

簧分离，不计一切摩擦，求：

（1）。和〃在碰撞过程中弹簧获得的最大弹性势能；

（2）小滑块力与弹簧分离时的速度；

（3）试通过计算说明小滑块）能否到达圆形轨道的最高点C.若能，求出到达C点的速度；若不能，求出滑块离开圆

轨道的位置和圆心的连线与水平方向的夹角（求出。角的任意三角函数值即可）.

15.（12分）某种弹射装置的示意图如图所示，光滑的水平导轨MN右端N处于倾斜传送带理想连接，传送带长度

L=15.0m,皮带以恒定速率v=5m/s顺时针转动，三个质量均为m=1.0kg的滑块A、B、C置于水平导轨上，B、C之

间有一段轻弹簧刚好处于原长，滑块B与轻弹簧连接，C未连接弹簧，B、C处于静止状态且离N点足够远，现让滑

块A以初速度vo=6m/s沿B、C连线方向向B运动，A与B碰撞后粘合在一起.碰撞时间极短，滑块C脱离弹簧后滑

上倾角8=37。的传送带，并从顶端沿传送带方向滑出斜抛落至地面上，已知滑块C与传送带之间的动摩擦因数口=0.1,

重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6>cos370=0.1.

（1）滑块A、B碰撞时损失的机械能；

（2）滑块C在传送带上因摩擦产生的热量Q；

（3）若每次实验开始时滑块A的初速度V。大小不相同，要使滑块C滑离传送带后总能落至地面上的同一位置，则V。

的取值范围是什么？（结果可用根号表示）

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.该电场是正点电荷产生的电场，所以〃点的电势最高，根据正电荷在电势越高的地方，电势能越大，可知带正电

的小物块在B点电势能最大，故A错误；

BC.在电场中A、。两点的电势相等，所以小物块在A、C两点的电势能相等，根据能量守恒定律，可知小物块在A、

。两点的机械能相等，小物块从4点到C点重力做正功，重力势能减少，电势能变化量为零，所以在C点动能增加，

故在C点的速度大于八故B错误，C正确；

D.小物块从A点运动到C点的过程中，可能先减速后加速，也可能一直加速，故D错误。

故选C。

2、D

【解析】

由。=C5,所以容器放出的总电荷量可求，所以A选项能求出；根据变形得。=〃=半，口为图象与坐标

R

SS

轴所围面积S可求，所以Q=S/R,则火二方=777，所以C选项可求；电阻K两端的最大电流即为电容器刚开始放

QLU。

电的时候，所以心“=”二c运，

〃皿RS

选项B电阻K两端的最大电流可求；根据题意只知道电源的电动势等于电容器充满电两板间的电压，也就是刚开始放

电时的电压，即万=5,内电阻无法求出，所以选项D不能求出。

3、A

【解析】

A.当外电阻与电源内阻相等时电源的输出功率最大；将岛等效为电源的内阻，则电源的等效内阻为2,；当Kx的滑

动触头从A端滑向B端的过程中，电阻心从2r减小到零，则Kx消耗的功率变小，选项A正确；

B.Rr的滑动触头从A端滑向5端的过程中，外电路电阻从37•减小到r,则电源输出功率逐渐变大，选项B错误；

CD.Rr的滑动触头从A端滑向8端的过程中，总电阻逐渐减小，则电流逐渐变大，则根据可知，电源内部消

耗的功率以及品消耗的功率均变大，选项CD错误；

故选A。

4、B

【解析】

A.变压器初级电压有效值为220V,则副线圈两端的电压有效值为

U、="U\=22V

选项A错误：

B.滑动变阻器接入电阻为

-g

选项B正确；

C.电动机输出的机械功率为

22

/>,=/{/vj_/r=lxl2-lx2=10W

选项C错误；

D.若电动机突然卡住，次级电流将变大，次级消耗的功率变大，则原线圈输入功率将变大，选项D错误；

故选B.

点睛：此题要注意电动机问题的能量转化关系：输出功率等于总功率与内阻上的热功率的差值；电动机被卡住后相当

于纯电阻，则电路的电流会变大，电动机很快被烧毁.

5、D

【解析】

AC.高温蒸汽消毒和清洗都会导致熔喷无纺布上失夫静电吸附能力,AC错误：

B.医用一次性口罩可能会防护天然放射现象中放射出的a射线，但对于穿透性较强的0射线和？射线无防护作用，B

错误；

D.熔喷无纺布上带有静电，可以对轻小纸屑产生吸附作用，可以用口罩能否吸附轻小纸屑来判断真假，D正确。

故选D。

6、B

【解析】

A.f时刻杆的速度为

v=at

产生的感应电流

rEBLvBLa

2R2R2R

则故A错误。

B.摩擦生热为

Q=fx=flar=^fat2

则。巴故B正确。

C.杆受到的安培力

工工=8比=竺豆

根据牛顿第二定律得

F-f-Fa=nia

得

「B21JV,B2l}a,

F=-----+f+ma=------1+f+ma

2R2R

尸随f的增大而线性增大，故C错误。

D.外力尸的功率为

2

八厂,Bl3a£、

P=Fv=（------1+f+medat

2R

P-，图象应是曲线，故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BC

【解析】

A.紫外线照射锌板发生光电效应现象，电子从锌板上飞出，锌板带正电，铝箔张角变大，说明其原来带正电，故A

错误；

B.光电效应说明光具有粒子性，故B正确；

C.若改用X光（其频率高于紫外线的频率）照射锌板时，依据光电效应发生条件，一定能使锌板发生光电效应，故其

夹角一定会变得更大，故C正确；

D.若改用激光器发出高亮度的红光（其频率低于紫外线的频率）照射锌板，依据光电效应发生条件，则观察到验电器的

铝箔可能不会张开，故D错误；

E.由爱因斯坦光电效应方程可知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，由入射光的频率有关，故E错误。

故选BC.

8、ABD

【解析】

A、粒子先在水平放置的平行金属板间做平抛运动，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子离开电场后，粒子一定打在

屏的上方，做斜上抛运动，粒子在水平放置的平行金属板间做平抛运动和离开电场后斜上抛运动，水平方向都不受外

力，都做匀速直线运动，速度都等于vo,所以粒子在平行金属板间的运动时间和从金属板右端到光屏的运动时间相等,

故A正确；

qE-mgI

B、设粒子在平行金属板间的运动过程中加速度大小为a,则粒子离开电场竖直分速度大小为4.=町-------,

粒子离开电场后斜上抛运动则有八二g/2=g.'，联立解得E=3空，故B正确；

%q

C、若仅格滑片P向下滑动一段后，R的电压减小，电容器的电压减小，带电量要减小，因为二极管具有单向导电性,

所以电容器不能放电，带电量不变，板间的电压不变，所以粒子的运动情况不变，再让该粒子从N点以水平速度％射

入板间，粒子会垂直打在光屏上，故C错误；

D、若仅将两平行板的间距变大一些，电容器的电容要减小，由C=，知U不变，电量要减小，但因为二极管具有单

向导电性，所以电容器不能放电，带电量不变，板间的电场强度不变，所以粒子的运动情况不变，再让该粒子从N点

以水平速度％射入板间，粒子会垂直打在光屏上，故D正确；

故选ABD.

【点睛】粒子先在水平放置的平行金属板间做平抛运动，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子离开电场后，粒子一定

打在屏的上方，做斜上抛运动，粒子在水平放置的平行金属板间做平抛运动和离开电场后斜上抛运动，采用运动的合

成与分解求解.

9、AB

【解析】

AC.根据动能定理得

1，

mgLr=-

乙

解得

因为LA<LB。所以

再根据

T-mg=m/

得

T=mg+〃?一-3mg

所以绳子拉力相等，故A选项正确，C选项错误;

B.根据。可得

L

a=2g

所以两球加速度相等，故B选项正确；

D.根据动能定理得

,12

mgL=—〃”广

2

因为“<上8,所以在最低点，两球的动能不等。故D选项错误;

故选AB.

10>AC

【解析】

应用极限法。静止小球受重力冲、外力尸、绳拉力时,如图。

AB.当力三角形为直角AQW时

%最小=AB=mgcos37"=16N

故A正确，B错误；

CD.当力三角形为直角△OCB时

二°;端之

〃F绳最大26.7N

故C正确，D错误。

故选AC,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.1.0CE6.91.5

【解析】

把3V的直流电压表接一电阻箱，改装为量程为9V的电压表时，将直流电压表与电阻箱串联，整个作为一只电

压表，据题分析，电阻箱阻值调到零，电压表读数为3V,则知把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为

U=，3V=1.0V

9

(2)[2]由题，电压表的量程为3V,内阻约为2kC,要改装成9V的电压表，根据串联电路的特点可知，所串联的电阻

箱电阻应为

2x2k£l=4k£2

故电阻箱应选C；

网在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选E；

(3)[4]由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为

U=2.3V

则电源的电动势为

£=2.3x3V=6.9V

[5]内阻为

23x3-1.5x3

Q=L5Q

1.6

12、bD/"Rd+&)+(1+/2)〃1.46V-1.49V0.80旬.860。

【解析】

(1)[1J.上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电

压表。将电流表Ai和定值电阻飞串联可改装成一个量程为

U=&(&a凡))=3x1O'X(1o+990)v=3V

的电压表；则(a)、(b)两个参考实险电路，其中合理的是b；

[2].因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应

选D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表Az读数太小，电流表Ai读数变化不明显。

[31.根据电路可知：

E=U+Ir=h(31+R0)+(/i+/2)r；

(2)[4J|5].根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压

U=/i(990+10)=100011

根据图象与纵轴的交点得电动势

E=1.47m/\xi000Q=1.47V；

由图可知当电流为0.45A时，电压为1.1V,则由闭合电路欧姆定律可知

1.47-1.1

r=------------=0.82。

0.45

四、计算题；本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、⑴〃心内⑵EF=d（京7尚）

【解析】

解：(1)若红光能从面射出，在MN面上不能发全反射，则红光的临界角为。>，=(90。-45。)

由临界角公式得：sinC=—

%

解得：n}<\(2

sini1

⑵复色光经MN折射后的光路如图，由折射定律得：—=-

sini1

--------——

sinr2n2

根据几何关系有：EF=d(tanr2tanr^

联立解得：归或言一右)

37

14>(1)EPm=-mgR(2)v2=2y/~^R(3)sin^=—

43

【解析】

(1)。与b碰撞达到共速时弹簧被压缩至最短，弹性势能最大.设此时而的速度为%则由系统的动量守恒可得

2wvo=3/rav

由机械能守恒定律

g•2小说=g•3机嗑+Epm

解得：

EPn,=

⑵当弹簧恢复原长时弹性势能为零，b开始离开弹簧，此时b的速度达到最大值，并以此速度在水平轨道上向前匀速

运动.设此时。、力的速度分别为灯和以，由动量守恒定律和机械能守恒定律可得：

2mvo=2nivi+mv2

^2mv-=^2mvf+^mv；

解得：

V2=2y[gR

(3)设力恰能到达最高点C点，且在C点速度为此,

由牛顿第二定律:

解得:

匕=阚

再假设力能够到达最高点。点，且在C点速度为此'，由机械能守恒定律可得:

gmv\=2mgR+gznv'2

解得：

所以力不可能到达。点

假设刚好到达与圆心等高处，由机械能守恒

=mgR

解得

所以能越过与圆心等高处

设到达。点时离开，如图设倾角为刚好离开有N=0,由牛顿第二定律:

mgsin0=,n~~

从B到。有机械能守恒有：

.1,1.

mg(R+Rsin。)=耳mv；--

解得：

sin^=-

3

【点睛】

本题综合性较强，考查了动量守恒、机械能守恒定律以及完成圆周运动的临界条件的应用，注意把运动过程分析清楚,

正确应用相关定律求解.

15、(1)AE=9J(2)Q=8J(3)-V13m/s<v0->/397in/s

【解