2024届福建省莆田市高考临考冲刺物理试卷含解析

2024届福建省莆田市名校高考临考冲刺物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在尸点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动,下列说法

正确的是：（）

A.不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在尸点的速度都相同

B.不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同

C.卫星在轨道1的任何位置都具有相同加速度

D.卫星在轨道2的任何位置都具有相同动量（动量P=〃n，，v为瞬时速度）

2、伽利略通过斜面理想实验得出了（）

A.力是维持物体运动的原因B.物体的加速度与外力成正比

C.物体运动不需要力来维持D.力是克服物体惯性的原因

3、如图所示，质量为机的物块从4点由静止开始下落，加速度是与，下落H到V点后与一轻弹簧接触，又下落h

2

后到达最低点C,在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，贝）

A.物块机械能守恒

B.物块和弹簧组成的系统机械能守恒

C.物块机械能减少+

D.物块和弹簧组成的系统机械能减少;（“+力）

4、如图所示，其中电流表A的量程为d6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；凡的阻值等于电流表

内阻的!；&的阻值等于电流表内阻的4倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确

2

的是（）

A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04A

B.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02A

C.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06A

D.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A

5、北京时间2019年11月5日1时43分，我国成功发射了北斗系统的第49颗卫星。据介绍，北斗系统由中圆地球轨

道卫星、地球静止轨道卫星、倾斜地球同步轨道卫星三种卫星组成，其中中圆地球轨道卫星距地高度大约24万千米，

地球静止轨道卫星和倾斜地球同步轨道卫星距地高度都是大约为3.6万千米。这三种卫星的轨道均为圆形。下列相关

说法正确的是（）

A.发射地球静止轨道卫星的速度应大于11.2knVs

B.倾斜地球同步轨道卫星可以相对静止于某个城市的正上空

C.根据题中信息和地球半径，可以估算出中圆地球轨道卫星的周期

D.中圆地球轨道卫星的向心加速度小于倾斜地球同步轨道卫星的向心加速度

6、如图所示，真空中，垂直于纸面向旦的匀强磁场只在两个同心圆所夹的环状区域存在（含边界），两圆的半径分别为

K、3R,圆心为O.一重力不计的带正电粒子从大圆边缘的P点沿PO方向以速度力射入磁场，其运动轨迹如图，轨

迹所对的圆心角为120。.若将该带电粒子从P点射入的速度大小变为也时，不论其入射方向如何，都不可能进入小圆

内部区域，则内：也至少为

A.B.&C.-D.2x/3

33

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、下列说法正确的是（）

A.当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大

B.一定量的理想气体压强不变，体积减小，气体分子对容器壁在单位时间内单位面积上碰撞次数增多

C.当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小

D.液晶具有液体的流动性，但不具有单晶体的光学各向异性

E.一切与热现象有关的宏观自然过程都是可逆的

8、如图所示为一定质量的理想气体的压强随体积变化的尸-5图像，其中A8段为双曲线，段与横轴平行，则

下列说法正确的是（）

A.过程①中气体分子的平均动能不变

B.过程②中气体需要吸收热量

C.过程②中气体分子的平均动能减小

D.过程③中气体放出热量

E.过程③中气体分子单位时间内对容器壁的碰撞次数增大

9、如图（a）所示，位于M、N两点处的两波源相距18m,在M、N两点间连线上有一点P,MP=6m。r=O

时，两波源同时开始振动，振动图象均如图（b）所示，产生的两列横波沿MN连线相向传播，波在间的均匀介

质中传播的速度为3（X）m/s。下列说法正确的是（）

MPN

图（a）

A.两波源产生的横波的波长％=6m

B./=0.025s时，〃点处的波源产生的第一个波峰到达2点

C.尸点的振动是减弱的

D.在，=0〜0.035s内，尸点运动的路程为35cm

E."、N两点间（除用、N两点外）振幅为10cm的质点有5个

10、纸面内有一矩形边界磁场A8C0,磁场方向垂直于纸面（方向未画出），其中AO=BC=L,AB=CD=2Lf一束4粒

子以相同的速度用从6点沿方向射入磁场，当磁场为用时，。粒子从C射出磁场；当磁场为私时，//粒子从O

射出磁场.则（）

A.磁场方向垂直于纸面向外

B.磁感应强度之比为：B2=5：1

C.速度偏转角之比〃1：仇=180：37

D.运动时间之比4：力=36：53

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）为测量弹簧压缩时具有的弹性势能和滑块B的质量，某同学用如图的装置进行实验。气垫导轨上有A、B

两个滑块，A上固定一遮光片，左侧与被压缩且锁定的弹簧接触，右侧带有橡皮泥。已知A的质量为，川，遮光片的宽

度为d；打开电源，调节气垫导轨使滑块A和B能静止在导轨上。解锁弹簧，滑块A被弹出后向右运动，通过光电门

1后与B相碰，碰后粘在一起通过光电门2。两光电门显示的遮光时间分别为△八和Ad由此可知碰撞前滑块A的速

度为,锁定时弹簧只有的弹性势能为斗=,B的质量mi=。（用已知和测得物理量的符号

表示）

遮光片光电门1光电门2

12.（12分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的

质量，机为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）

（I）实验时，一定要进行的操作是______O

A.用天平测出砂和砂桶的质量

B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力

C.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数

D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带

E.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量加远小于小车的质量M

⑵该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两相邻计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为

50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为m/s"结果保留两位有效数字）。

单位：cm

,1.4,1.9,2.3,2.8山33小3.8

rTTTTT1

0123456

⑶以弹簧测力计的示数尸为横坐标，加速度为纵坐标，画出的图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为仇求得

图线的斜率为A,则小车的质量为。

c八12

A.2tan6>B.----C.kD.-

tan0k

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，右端封闭左端开口的导热良好的U形玻璃管两边粗细不同，粗玻璃管半径为细玻璃管半径的

3倍，两管中装入高度差为10cm的水银，右侧封闭气体长18cm,左侧水银面距管口8cm。现将左管口用一与玻璃管

接触良好的活塞封闭图中未画出），并将活塞缓慢推入管中，直到两管水银面等高。外界大气压强为75cmHg,环境

温度不变，不计活塞与管内壁的摩擦。求：

①两管水银面等高时左侧气体的压强是多少cmHg；

②整个过程活塞移动的距离是多少厘米（保留三位有效数字）。

14.（16分）如图所示，皮带传动装置与水平面夹角为31。，3分别是传送带与两轮的切点，两点间距L=3.25m.

一个质量为1.1kg的小煤块与传送带间勾动摩擦因数为〃=g,g=1Om/s2；轮缘与传送带之间不打滑.小物块相对

于传送带运动时会在传送带上留下痕迹.传送带沿逆时针方向匀速运动，速度为也.小物块无初速地放在4点，运动

至"点飞出.求：

⑴当％=4m/s,小滑块从A点运动到3点的时间

（2）当痕迹长度等于2.25m时，力多大？

15.（12分）宽为七且电阻不计的导轨处于磁感应强度为〃的匀强磁场中，如图所示，导体棒在导轨间部分的电阻为

r,以速度w在导轨上水平向右做匀速直线运动，处于磁场外的电阻阻值为R,在相距为d的平行金属板的下极板附近

有一粒子源，可以向各个方向释放质量为小，电荷量为+上速率均为y的大量粒子，且有部分粒子一定能到达上极板,

粒子重力不计。求粒子射中上极板的面积。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

从轨道1变轨到轨道2,需要加速逃逸，故A错误；根据公式G丝二〃也可得：Q=G"，故只要到地心距离相同,

rr

加速度就相同，卫星在椭圆轨道1绕地球E运行，到地心距离变化，运动过程中的加速度在变化，B正确C错误；卫

星在轨道2做匀速圆周运动，运动过程中的速度方向时刻在变，所以动量方向不同，D错误.

2、C

【解析】

AC.理想斜面实验只能说明力不是维持物体运动的原因，即物体的运动不需要力来维持，故A错误，C正确；

B.牛顿第二定律说明力是使物体产生加速度的原因，物体的加速度与外力成正比，故B错误；

D.惯性是物体固有的属性，质量是物体惯性大小的量度，惯性与物体的运动状态和受力无关，故D错误。

故选C

3、I)

【解析】

根据机械能守恒条件求解.

由4运动到C的过程中，物体的动能变化为零，重力势能减小量等于机械能的减小量.

整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功.

【详解】

A.对于物体来说，从A到C要克服空气阻力做功，从3到C又将一部分机械能转化为弹簧的弹力势能，因此机械能

肯定减少.故A错误；

B.对于物块和弹簧组成的系统来说，物体减少的机械能为(克服空气阻力所做的功+弹簧弹性势能)，而弹簧则增加

了弹性势能，因此整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功.故B错误；

C.由A运动到C的过程中，物体的动能变化为零，重力势能减小量等于机械能的减小量.

所以物块机械能减少mg(H+h),故C错误；

D.物块从A点由静止开始下落，加速度是:g,根据牛顿第二定律得：

f=—=,所以空气阻力所做的功为-;〃吆(H+/”，整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的

功，所以物块、弹簧和地球组成的系统机械能减少:〃吆(”+/?),故D正确。

故选D。

【点睛】

本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件即可，注意题目中的研究对象的选择。

学会运用能量守恒的观点求解问题，知道能量是守恒的和能量的转化形式。

4、C

【解析】

AB.由于电流表A的每个最小格表示。.02A,当将接线柱1、2接入电路时，电流表A与电阻&并联，当电流表中

通过0.02A的电流时，根据欧姆定律可知，流过品的电路为0.04A,故干路电流为0.06A,即此时每一小格表示0.06A,

故AB均错误；

CD.将按线柱1、3接入电路时，电流表与电阻W并联后再与电阻小串联，当电流表中通过0.02A的电流时，Ri

中的电流仍是0.04A,故干路电流就是D.06A,所以通过接线柱1的电流值就是0.06A,所以它表示每一小格表示0.06

A,选项C正确，D错误。

故选C。

5、C

【解析】

A.是发射挣脱地球引力控制的航天器的最小速度，而地球静止轨道卫星仍然是围绕地球做匀速圆周运动，所

以地球静止轨道卫星的发射速度定小于地球的第二宇宙速度h.2km/s,故A错误；

B.倾斜地球同步轨道卫星只是绕地球做匀速圆周运动的周期为24小时，不可以相对静止于某个城市的正上空，故B

错误；

C.已知地球静止轨道卫星离地高度和地球半径，可得出地球静止轨道卫星的运动半径其运动周期工=1天，已知

中圆地球轨道卫星距地面的高度和地球半径，可得出中圆地球轨道卫星的轨道半径与，根据开普勒第三定律有

可F

代入可以得出中圆地球轨卫星的周期《，故C正确；

D.由于中圆地球轨道卫星距离地面高度小于倾斜地球同步轨道卫星距离地面高度，即中圆地球轨道卫星的运动半径

较小，根据万有引力提供向心力有

-Mm

G——=ma

厂

可知，中圆地球轨道卫星的向心加速度大于倾斜地球同步轨道卫星的向心加速度，D错误。

故选C。

6、B

【解析】

粒子在磁场中做圆周运动，如图：

由几何知识得：=洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：q%B=〃i幺,解得：匕=正邂；

tan604m

当该带电粒子从P点射入的速度大小变为也时，若粒子竖直向上射入磁场粒子恰好不能进入磁场时，即粒子轨道半径

r2=Rt则不论其入射方向如何，都不可能进入小圆内部区域，此时洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

/，,3=加且，解得：％二迦，则：H：匕=J5,故B正确，ACD错误.

r2~m

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、ABC

【解析】

A.当分子力表现为引力时，增大分子减的距离，需要克服分子力做功，所以分子势能随分子间距离的增大而增大，

故A正确；

B.一定量的理想气体保持压强不变，气体体积减小，气体分子的密集程度增大，单位时间内气体分子对容器壁单位

面积上碰撞次数增多，故B正确；

C.当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故C正确；

D.液晶股具有液体的流动性，又具有单晶体的光学各向异性的特点，故D错误；

E.根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性，都是不可逆，故E错误；

故选ABC。

8、BDE

【解析】

根据理想气体状态方程PV=,可得：

P=nRT~

V

故可知，图象的斜率为：

k=nRT

而对一定质量的理想气体而言，斜率定性的反映温度的高低；

A.P-J图象在过程①的每点与坐标原点连线构成的斜率逐渐减小，表示理想气体的温度逐渐降低，可知平均动能减

小，故A错误；

B.图象过程②的每点与坐标原点连线构成的斜率逐渐逐渐增大，则温度升高，吸收热量，平均动能增大，故B

V

正确，C错误；

D.过程③可读出压强增大，斜率不变，即温度不变，内能不变，但是体积减小，外界对气体做正功，根据热力学第一

定律可知，气体向外界放出热量，故D正确；

E.过程③可读出压强增大，温度不变，分子的平均动能不变，根据理想气体压强的微观意义，气体压强与气体分子单

位时间内对容器壁的碰撞次数、气体分子平均动能有关，在压强增大，温度不变以及体积减小的情况下，气体分子对

容器壁的碰撞次数增大，故E正确；

故选BDEo

9、ABE

【解析】

A.由图可知波的周期为

T=0.02s

则两横波的波长为

A=vT=6m

所以A正确；

B.由题可知

MP=6m

则波由M传到P,所用时间为

，=竺二().(必=7

v

1为0.025s时，波源时已经向右发出2个周期的波，由图象可知，尸点已经振动,丁，则M点处的波源产生的第一个

44

波峰到达2点，所以B正确；

C.由题意可知

PN=MN-MP=l2m

两列波到达尸点的波程差为

^x=PN-MP=6m=A

是波长的整数倍，可知尸点为加强点，所以C错误：

D.波源M的波需要一个周期传到尸点，则0.035s波源M发出的波已经传到

x=W=10.5m处

时间为

7

r=0.035s=-T

4

可知，P点振动了gr,路程为

4

5=3x5cm=15cm

所以D错误；

E.振幅为10cm的质点即为加强点，则

Ar'=n/,

〃取0,±b±2,对应的位置有5个：MN的中点，距离M和N分别6m处，距离M和N分别3m处，所以E正确。

故选ABE。

10、BD

【解析】

A.由带负电的//粒子(电子)偏转方向可知，粒子在8点所受的洛伦兹力方向水平向右，根据左手定则可知，磁场垂直

于纸面向里，A错误；

B.粒子运行轨迹：

由几何关系可知：

R.=-

12

又：

222

/?2=(2L)+(/?2-L)

解得：

R2=2.5L

洛伦兹力提供向心力:

£

qvB=m

~R

解得:

B=—

qR

故与：鸟=&:«=5:1,B正确;

C.偏转角度分别为:

4二180。

2L_4

tan&=

L5Z-3

“2=53。

故速度偏转角之比G：%=180:53,C错误;

D.运动时间：

_0T_82冗m

-W*"3607

因此时间之比：

0,£36

t.：A,=———-=—

I-6453

D正确。

故选BD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

d\fJVAZ,-A/,

11>~—tn

△4—2m，.——加J\—;M-----

【解析】

[1]由滑块A通过光电门1的运动时间可知，碰撞前滑块A的速度

d

V)=一

⑵解锁弹簧后，弹簧的弹性势能转化为A碰撞前的动能，故弹性势能

、2

二1，1(1

综=5〃％=5见UJ

网由碰撞后，AB整体通过光电门2的时间，可求得碰撞后AB整体的速度为

d

v2=——

2、

A、B碰置过程中动量守恒，则有

片=(叫+吗)匕

联立解得

△’2—

〃t,=m.-=--L

■抽

12、BCD1.3D

【解析】

(1)[1]AE,本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶(包括砂)的质

量远小于车的总质量，AE错误；

B.该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，B正确;

C.打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录

弹簧测力计的示数，C正确；

D.改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随尸变化关系，D正确；

故选：BCDo

(2)[2]相邻计数点间的时间间隔为

T=3x0.02=0.06s,

连续相等时间内的位移之差：

M—0.5cm,

根据Ar=q/得：

Av_0.5xlQ-2

m/s2=1.3m/s2；

7r-CW

(3)[3]对Q・/图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数:

2F=Mat

即

2

a=—F,

M

。•尸图线的斜率为A,则

故小车质量为:

故D正确。

故选D。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、090cmHg；②10.3cm

【解析】

①设左右液面等高时，右液面上升占，左液面下降与，则有

%+x2-10cm

9sxi=Sx2

可得：

X=