2023-2024学年浙江省某中学高考仿真模拟物理试卷含解析

2023-2024学年浙江省湖州中学高考仿真模拟物理试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05亳米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、水平地面上方分布着水平向右的匀强电场，一光滑绝缘轻杆竖直立在地面上，轻杆上有两点A、瓦轻杆左侧固定

一带正电的点电荷，电荷量为+点电荷在轻杆A5两点的中垂线上，一个质量为,小电荷量为+q的小球套在轻杆上,

从A点静止释放，小球由4点运动到B点的过程中，下列说法正确的是（）

A.小球受到的电场力先减小后增大

B.小球的运动速度先增大后减小

C.小球的电势能先增大后减小

D.小球的加速度大小不变

2、2019年北京时间4月10日21时，人类历史上首张黑洞照片被正式披露，引起世界轰动。黑洞是一类特殊的天体,

质量极大，引力极强，在它附近（黑洞视界）范围内，连光也不能逃逸，并伴随着很多新奇的物理现象。传统上认为，

黑洞“有进无出”，任何东西都不能从黑洞视界里逃逸出来，但霍金、贝肯斯坦等人经过理论分析，认为黑洞也在向外

发出热辐射，此即著名的“霍金辐射%因此可以定义一个“黑洞温度’7，。T=%,其中丁为“黑洞”的温度,h为

8加KGM

普朗克常量，c为真空中的光速，G为万有引力常量，M为黑洞的质量。K是一个有重要物理意义的常量，叫做“玻尔

兹曼常量”。以下几个选项中能用来表示“玻尔兹曼常量”单位的是（）

Kg»m2Kg-mW

A.

KK.SKSK^S

3、如图所示，上表面粗糙、倾角在37°的斜面体放在光滑的水平地面上，一物块静止在斜面体上。现给斜面体一水

平向左的推力F,发现无论F多大，物块均能与斜面体保持相对静止。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=06

cos37=O,则物块与斜面体间的动摩擦因数"应满足的条件为（）

433

.LI...~C.//<-D.LI..—

34

4、如图，两梯形木块M、P（均可看成质点）叠放在水平地面上，M、P之间的接触面倾斜。连接M与天花板之间的

细绳沿竖直方向。关于力的分析，下列说法正确（）

A.木块M不可能受二个力作用

B.木块M可能受二个力作用

C.木块M一定受四个力作用

D.地面可能受到水平方向的摩擦力

5、图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数々与副线圈匝数4之比为10：1,变压器的原线圈接如图乙所示的正弦

交流电，电阻«=4=20。，与电容器。连接成如图所示的电路，其中电容器的击穿电压为8V,电表均为理想交流

电表，开关S处于断电状态，则（）

A.电压表的读数为10V

B.电流表的读数为0.05A

C.电阻用上消耗的功率为2.5W

D.若闭合开关S,电容器会被击穿

6、一束单色光由空气进入水中，则该光在空气和水中传播时

A.速度相同，波长相同B.速度不同，波长相同

C.速度相同，频率相同D.速度不同，频率相同

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，线圈48。。匝数〃=10,面积3=0.40?,边界MN（与线圈的48边重合）右侧存在磁感应强度3=—T

乃

的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕4〃边以“=1（hr「ad/s的角速度匀速转动.则以下说法正确的是（）

M

XXXX

N

A.线圈产生的是正弦交流电

B.线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80V

C.线圈转动时瞬时感应电动势为40石V

D.线圈产生的感应电动势的有效值为40V

8、2019年6月25日02时09分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第46颗北斗导航卫星。

北斗导航系统中包含多颗地球同步卫星，下列关于地球同步卫星的说法正确的是

A.所有同步卫星的轨道半径都相同

B.同步卫星的运行速度大于第一宇宙速度

C.同步卫星相对地面静止，所以它处于平衡状态

D.同步卫星的向心加速度小于地球表面处的重力加速度

9、如图所示，两个平行的导轨水平放置，导轨的左侧接一个阻值为R的定值电阻，两导轨之间的距离为L.导轨处在

匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小为5,方向竖直向上.一质量为〃?、电阻为「的导体棒他垂直于两导轨放置，

导体棒与导轨的动摩擦因数为〃。导体棒时在水平外力尸作用下，由静止开始运动了x后，速度达到最大，重力加速

度为g,不计导轨电阻。则（）

A.导体棒H的电流方向由。到》

(F-/ng)(R+r)

B.导体棒。力运动的最大速度为

B21}

多用电表：欧姆挡(xLxll,xlll,xlk)

直流电流挡(1~1.5mA,1〜1mA,1〜11mA,1〜111mA)

直流电压挡(1~1.5V,1~2.5V,1〜UV,1〜51V,1〜251V,1〜511V)

电压表：(1〜3V,1〜15V)

电流表：(1—1.6A,1〜3A)

滑动变阻器：Ri(1〜11Q),Rz(1〜2111。)

开关及导线若干.

(1)该小组同学先用多用电表直流电压“1〜2.5V”挡，粗测了电池组的电动势，指针稳定时如图甲所示，其示数为

V(结果保留两位有效数字)；

(2)为了更精确地测量该电池组的电动势和内阻，采用伏安法测量，应选________测电压，选________测电流(填电

表名称和所选量程)；滑动变阻器应选______(填电阻符号)；

(3)请设计实验电路，并用线段代替导线将图乙中相关器材连成实物电路图.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13,(10分)如图所示，长木板的左端用一较链固定在水平面上，一可视为质点的小滑块放在长木板上的A点调节长

木板与水平方向的夹角。为37。时，小滑块由A点开始下滑，经时间f滑到长木板的最底端夹角。增大为53。时，小滑

块由A点经时间。滑到长木板的最底端。已知5加37。=0.6,COS37L0.8。求：

2

(1)两次小滑块的加速度之比以及两次小滑块到达长木板底端时的速度之比；

⑵小滑块与长木板之间的动摩擦因数。

14.(16分)一列沿无轴正方向传播的简谐横波，G0时刻波形如图所示，图线上质点M的位移为振幅的立■倍，经

过时间&=0.1s,质点M第一次到达正的最大位移处。求;

①该简谐横波的传播速度；

②从计时后的0.5s内，质点M通过的路程。

15.(12分)如图所示，U型玻璃细管竖直放置，水平细管又与U型玻璃细管底部相连通，各部分细管内径相同。U

型管左管上端封有长11cm的理想气体氏右管上端开口并与大气相通，此时U型玻璃管左、右两侧水银面恰好相平,

水银面距U型玻璃管底部为15cm。水平细管内用小活塞封有长度10cm的理想气体4。现将活塞缓慢向右推，使气体

B的长度为10cm,此时气体A仍封闭在气体B左侧的玻璃管内。己知外界大气压强为75cmHgo试求：

(1)最终气体B压强；

(2)活塞推动的距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.小球下滑时受匀强电场的电场力是不变的，受到点电荷的电场力先增加后减小，则小球受到的电场力先增大后减

小，选项A错误；

B.小球下滑时，匀强电场的电场力垂直小球运动方向，则对小球不做功；点电荷在前半段先对小球做负功，重力做

正功，但是由于不能比较正功和负功的大小关系，则不能确定小球速度变化情况；在后半段，点电荷电场力和重力均

对小球做正功，则小球的运动速度增大，选项B错误；

C.小球下滑时，匀强电场的电场力垂直小球运动方向，则对小球不做功；点电荷在前半段先对小球做负功，在后半

段对小球做正功，则小球的电势能先增大后减小，选项C正确；

D.由小球的受力情况可知，在A点时小球的加速度小于g,在Ab中点时小球的加速度等于g,在5点时小球的加速

度大于g,则加速度是不断变化的，选项D错误。

故选C。

2、A

【解析】

根据

7=—^—

8TTKGM

he3

得A=,h的单位为

8万TGM

J»s=N・m・s=kg*g*m2/s

。的单位是m/s,G的单位是

N*m2/kg2=kg»m3/s2

M的单位是kg,T的单位是K,代入上式可得々的单位是

kg»m2_J

K.s2-K

故A正确，BCD错误。

故选A。

3、B

【解析】

当尸=0时，物块能静止在斜面上，可知

mgsin6Wcos0

得

〃>tan0

即

当下特别大时，对物块受力分析，将加速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，由牛顿第二定律，沿斜面方向

f+mgsin0=macos0

垂直斜面方向

N-mgcos0=masin0

又由于「可以取无穷大，加速度无穷大，所以以上各式中的mgsin。和〃?geos。可忽略，联立解得

14

u>-----=—

tan93

综合分析得

故ACD错误，B正确。

故选B。

4、B

【解析】

ABC、对A受力分析，若细线伸直且拉力等于重力时，AB间只接触无弹力，即A只受重力、拉力作用，此时A只受

两个力，且AB之间无摩擦，若A细线未伸直即拉力为零，此时A受重力、支持力、摩擦力作用，故AC错误，B正

确。

C、对整体进行分析，整体受重力、支持力或重力、支持力、拉力作用，而水平方向没有外力，故水平地面对B物体

没有摩擦力，故D错误；

5、C

【解析】

A.开关断开时，副线圈为此和Q串联，电压表测量足的电压，由图可知原线圈电压为100页V,所以副线圈电压

为1。叵V,则电压表的读数是电的电压为5&VM.07V,故A错误；

B.由A的分析可知，副线圈电流为

/==10及A=0.2575A

-凡+&20+20

所以原线圈电流为

/尸石/.=0.025夜A

故B错误：

C.电阻拈、及上消耗的功率为

Q/；Q(0.25伪2x20=2.5W

故C正确；

D.当开关闭合时，Q与&并联后和取串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为R并=10。，所以并

联部分的电压为

Uc=—^―U=—^―X10V2V=V

'R+R井220+103

最大值为吆2X&=^VV8V,所以电容器不会被击穿，故D错误。

33

故选C。

6、D

【解析】

不同的单色光频率不相同，同一单色光在不同的介质内传播过程中，光的频率不会发生改变；由公式u=£可以判断,

n

水的折射率大于空气的，所以该单色光进入水中后传播速度减小.

A.速度相同，波长相同，与结论不相符，选项A错误；

B.速度不同，波长相同，与结论不相符，选项B错误；

C.速度相同，频率相同，与结论不相符，选项C错误；

D.速度不同，频率相同，与结论相符，选项D正确；

故选D.

光的传播、光速、波长与频率的关系

【方法技巧】

本题分析时要抓住光在不同介质中传播频率不变这个特征，应用公式P=£公式分析光进入不同介质中的传播速度.

n

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流，故A错误；

B.电动势最大值E=nBS(o=80V,故B正确；

C.线圈转动转过角度J，瞬时感应电动势为e=nBS(osinF=40V,C项错误；

6066

UTU

D.在一个周期时间内，只有半个周期产生感应电动势，根据有效值的定义有(焉)‘仁=不"网,可得电动势有

效值1^0=4。丫，故D正确；

2

8、AD

【解析】

A.所有地球同步卫星的周期相同，由

「Mm4/

G下=〃1下，

可知，所有地球同步卫星的轨道半径都相同，故A正确;

B.由

八Mmv2

G——=m—

rr

可知，轨道半径越大，线速度越小，故B错误；

C.卫星虽然相对地面静止，但在做匀速圆周运动，不是平衡状态，故C错误;

D.同步卫星的向心加速度

a=G—

地球表面的重力加速度

所以avg,故D正确。

9、BC

【解析】

A.根据楞次定律，导体棒时的电流方向由力到。，A错误;

B.导体棒岫垂直切割磁感线，产生的电动势大小

E=BLv

由闭合电路的欧姆定律得

/=上

R+r

导体棒受到的安培力

当导体棒做匀速直线运动时速度最大，由平衡条件得

B2l3v

m+junig=

R+r

解得最大速度

(尸-〃〃吆)(R+r)

%B2!?

B正确；

C.当速度为四由牛顿第二定律得

r-------------junig=ma

R+r

解得

F

a=———―7--4g

m(R+r)m

C正确；

D.在整个过程中，由能量守恒定律可得

Ek+ftmgx+Q=Fx

解得整个电路产生的焦耳热为

Q=Fx—^mgx—Ek

D错误。

故选BC.

10、AC

【解析】

分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方

向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以及通过左手定则判断安培力的方向.

解答：解：A、0〜2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为

正值.根据法拉第电磁感应定律，E=W?=BoS为定值，则感应电流为定值，Ik”.在2〜3s内，磁感应强度方

A/R

向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与0〜2s内相同.在3〜

4s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与0〜2s

内相同.在4〜6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为

负值，大小与0〜2s内相同.故A正确，B错误.

C、在0〜2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据FA=BIL,则安培力逐渐减小，cd边所

受安培力方向向右，为负值.0时刻安培力大小为F=2BoIoL,在2s〜3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增

大，根据FA=BIL,则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为BMoL.在2〜3s内，

磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初

的安培力大小为BoIoL.在4~6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所

受安培力方向向左，6s末的安培力大小2BoIoL.故C正确，D错误.

故选AC.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

40//957.-7572

11、2。120。dfc

h-h8(/：-/0

【解析】

从电路结构中可看出，电流表与电阻拈并联，改装成大量程的电流表；电流表与电阻Q串联，改装成大量程

的电压表，所以品的阻值为2。，凡分流为电流表的15倍，则改装后的电流表的量程为160mA；处的阻值为1200,

电流表满偏电压为

t/=10X10-3X30V=0.3V

电阻色分压为电流表满偏电压的4倍，则改装后的电压表的量程为1.5V

(2)网[4]当电键Si闭合至。时，电路结构为电阻与改装后的电流表串联，所以电键S2闭合至d,电键S3闭合至/

(3)[5][6]当电键％闭合至8时，电路结构为电阻Ro与改装后的电压表并联，所以电键S2闭合至c,电键S3闭合至e

⑷⑺⑻由⑵中有

E=(&+口曲+r)(/<+Zi—)=Z1(190+16r)

RA+RiRi

由(3)中有

R\+R、

E=I(RA^2)+(/2+/2—^—)r=Z(150+16r)

2AO2

两式联立解得

40"295/I-75/2

E=lz-h*8(/2-/l)

12、(1)1.8V；(2)电压表，L3V；多用电表直流电流档1mA；R2；(3)连线图见解析；

【解析】

试题分析：(1)万用表读数为1.8V；(2)用伏安法测量电源的电动势及内阻，应选用1・3V的电压表测量电压，因为

通过水果电池的最大电流不超过1mA,故选择多用电表直流电流1mA档；因为电池内阻在lkC・2kC之间，所以滑动

变阻器选择R2；

(3)实物连线如图所示.

考点：测量电源的电动势及内阻;

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

11V,18

13、(1)­=-,-；(2)〃=­

d4为213

【解析】

⑴对小滑块由运动学公式可知,当夹角为37。时，有:

1，

Lr=

当夹角为53。时，有:

2

1

L——a^—

2\2

整理解得:

幺」

a24

又由：

v\=a\t