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文档简介
第=page11页,共=sectionpages11页江苏省“卓越高中联盟”2025届高三学期12月月考数学试题一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.设集合A={x∈N∗|2x<4},A.{x|−1<x<2} B.{x|x<2} C.{0,1} D.{1}2.设m∈R,z=−i(2+mi),其中i为虚数单位,则“|z|>5”是“m>1”的(
)A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件3.在三角形ABC中,AB=3,AC=6,向量AB在向量AC上的投影向量为14AC,P为边BC上一点,且BP=2PC,则|APA.4 B.21 C.23 4.在正六棱台ABCDEF−A1B1C1D1E1F1中,AB=2A1A.78 B.34 C.585.已知cosαcosβ=12,cosA.38 B.316 C.−36.已知椭圆C的左、右焦点分别为F1,F2,过椭圆C的上顶点A作直线AF2交椭圆C于另一点B.若|AB|=32A.13 B.12 C.37.已知函数f(x)=lnx+−x2−2ax+a2x(a∈R)A.−1<a<0 B.0<a<1 C.(−∞,−1) D.(1,+∞)8.若关于x的不等式ea+x⋅lnx<x2+ax对A.−∞,0 B.−1,0 C.−1,+∞ D.0,+∞二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.已知函数f(x)=cos(ωx+π4)(0<ω<4)的图象关于直线A.ω=2 B.f(x)在区间(0,3π8)上有且仅有2个零点
C.f(x−3π8)是奇函数10.已知正四棱锥M−ABCD的棱长均为2,下列说法正确的是(
)A.平面MAB与平面ABCD夹角的正弦值为33
B.若点P满足BP=λBA+μBD+(1−λ−μ)BM,则|CP|的最小值为263
C.在四棱锥M−ABCD内部有一个可任意转动的正方体,则该正方体表面积的最大值为11.已知定义在R上的函数f(x)和g(x),g′(x)是g(x)的导函数且定义域为R.若g(x)为偶函数,f(x)+g′(x)−2=0,f(x)−g′(4−x)−2=0,则下列选项正确的是(
)A.f(4)=2 B.g′(−4)=1
C.f(1)+f(3)=4 D.g′(−2)+f(2)=4三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。12.已知直线l:x−y+b=0分别与曲线y=ex+1,y=−x2+mx(m>0)都相切,则b−2m13.已知函数fx=lgx2−ax+12在−1,3上单调递减,则实数14.已知P是圆C1:(x−m+1)2+y2=4(m∈R)上的动点,M(m+3,0),点A,B是圆C2:(x −5)2+(y−6四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)已知在△ABC中,tanB=3sin(1)判断△ABC的形状,并说明理由;(2)点D在AB边上,且BD=3AD,若CD=2,求△ACD的面积.16.(本小题15分)设函数y=f(x)的表达式为f(x)=1−2ax(1)判断函数y=f(x)的奇偶性,并说明理由;(2)若函数g(x)=f(x−12)+1,求17.(本小题15分)已知圆C:x2+(y−1)2=5,过点P(1,1)的直线l交圆(1)若|AP|:|PB|=1:2,求此时直线l的方程;(2)过A,B分别作圆C的切线l1,l2,设直线l1和l2的交点为M18.(本小题17分)如图,在四棱锥P−ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,AB⊥AD,AB+AD=5,CD=2,∠PAD=120(1)求证:平面PAB⊥平面PAD;(2)设AB=AP.①若直线PB与平面PCD所成角的正弦值为3344,求线段②在线段AD上是否存在点G,使得点P,C,D在以G为球心的球上?若存在,求线段AB的长;若不存在,说明理由.19.(本小题17分)已知函数f(x)=(x−a)ln(1)若1是f(x)的极值点,求a的值.(2)若0<a≤1,试问f(x)是否存在零点?若存在,请求出该零点;若不存在,请说明理由.(3)若f(x)有两个零点,求满足题意的a的最小整数值.(ln参考答案1.C
2.B
3.B
4.C
5.D
6.A
7.B
8.C
9.ACD
10.BCD
11.AC
12.−413.[6,7)
14.12−215.解:(1)由tanB=3sinC+cosCsinC−3cosC可得tanB=3tanC+1tanC−3,
所以tanB(tanC−3)=3tanC+1,
所以tanBtanC−1=3(tanB+tanC),
所以tan(B+C)=tanB+tanC1−tanBtanC=−33,
所以tanA=−tan(B+C)=33.
因为A∈(0,π),所以A=π6,
16.解:(1)函数y=f(x)是奇函数,理由如下:
因为f(x)=1−2ax+1=ax−1ax+1的定义域为R,f(−x)=a−x−1a−x+1=1−axax+1=−f(x),
所以函数y=f(x)17.解:(1)当直线l的斜率不存在时,l:x=1,
联立x=1,x2+(y−1)2=5,解得y1=3,y2=−1,|AP|=|PB|不符合题意;
当直线l的斜率存在时,设A(x1,y1),B(x2,y2),l:y=k(x−1)+1,
由|AP||PB|=12,得2AP=PB,则x2=3−2x1,
联立y=k(x−1)+1,x2+(y−1)2=5,得(1+k2)x2−2k2x+k2−5=018.解:(1)在四棱锥P−ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,AB⊥AD,AB⊂平面ABCD,平面PAD∩平面ABCD=AD,所以AB⊥平面PAD,又因为AB⊂平面PAB,所以平面PAB⊥平面PAD.(2)如图以A为原点,以AB所在直线为x轴,以AD所在直线为y轴建立如图所示空间直角坐标系A−xyz,设AB=t,0<t<5,则AP=t,由AB+AD=5,CD=2,∠PAD=120则Bt,0,0,P0,−t2,3t2所以CP=−1,t①设平面PCD的法向量为n=x,y,z,由n⊥CP,n⊥CD,设直线PB与平面PCD所成角为θ,则有:sin θ=|cos 即:3344=|−t−t解得t=2或t=7023,即AB=2或②如图,假设在线段AD上是否存在点G,使得点P,C,D在以G为球心的球上,由GC=GD,得∠GCD=∠GDC=45∘,所以所以GD=CDcos又因为AB=t得AD=5−t,AG=AD−GD=4−t,
所以G0,4−t,0,P由GP=GD得−t2−亦即t2因为Δ=−42−4×15<0所以线段AD上不存在点G,使得点P,C,D在以G为球心的球上.
19.解:(1)f′(x)=lnx+1−ax(x>0),
因为1是f(x)的极值点,所以f′(1)=1−a=0,解得a=1,
此时f′(x)=lnx+1−1x,
令φ(x)=lnx+1−1x
由φ′(x)=1x+1x2>0,得f′(x)在(0,+∞)上单调递增,
所以当x∈(0,1)时,f′(x)<0,当x∈(1,+∞)时,f′(x)>0,
所以f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,
所以f(x)在x=1时取得极值,
所以a=1;
(2) ①当a=1时,由(1)可知f(x)≥f(1)=1>0,此时f(x)不存在零点;
②当a∈(0,1)时,令t(x)=f′(x),则t′(x)=1x+ax2>0,
所以f′(x)在(0,+∞)上单调递增,又f′(a)=lna<0,f′(1)=1−a>0,且f′(x)在(0,+∞)上的图象是不间断的,
所以存在唯一的x0∈(0,1),使得f′(x0)=0,
当x∈(0,x0)时,f′(x)<0,当x∈(x0,+∞)时,t−∞,−
−ln2(−ln2,0)m′(t)
+
0
−g′(t)单调递增极大值单调递减
所以g′(t)≤g′(−ln2)=−2+2ln2<0,
则g(t)在(−∞,0)上单调递减,
所以g(t)>g(0)=e0−0=1>0,
则当t<0时,e−t−t2>0,
所以e−ln x0−(ln x0)2>0(x0∈(0,1)),即1x0−(ln x0)2>0,
所以f(x0)=−x0(lnx0)2+1=x0[1x0−(lnx0)2]>0,故f(x)无零点.
综上,f(x)不存在零点;
(3)由(2)可知,当0<a≤1时
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