辽宁省大连市2022-2023学年高二下学期期末生物试题（解析版）

学而优·教有方PAGE1PAGE大连市2022~2023学年度第二学期期末考试高二生物学注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每一小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷满分100分，答卷时间75分钟。第I卷一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列有关细胞中元素和化合物的叙述，正确的是（）A.脂肪酸和磷脂具有完全相同的元素组成B.蛋白质分子中的N元素多数存在于氨基中C.植物秸秆燃烧产生的灰烬中含有丰富的无机盐D.ATP、DNA、RNA都含有核糖，三者的元素组成相同【答案】C【解析】【分析】化合物的元素组成；(1)蛋白质是由C、H、O、N元素构成，有些含有P、S；(2)核酸是由C、H、O、N、P元素构成；(3)脂质是由C、H、O构成，有些含有N、P；(4)糖类是由C、H、O组成。【详解】A、脂肪酸是脂肪的组成单位，其元素组成是C、H、O，磷脂的元素组成是C、H、O、N、P，A错误；B、蛋白质分子中的N元素多数存在于肽键中，B错误；C、植物秸秆燃烧产生的灰烬中主要为无机盐，C正确；D、ATP、RNA中含有核糖，DNA中含有脱氧核糖，三者的元素组成相同都为C、H、O、N、P，D错误。故选C。2.渗透吸水会使动物细胞膨胀甚至破裂，不同的细胞用不同的机制解决这种危机。下图表示高等动物细胞与原生动物细胞避免渗透膨胀的两种不同机制。下列叙述正确的是（）A.将原生动物放在等渗的培养液中，无水分进出细胞B.两种细胞避免渗透膨胀均需要细胞膜上载体蛋白的协助C.两种细胞发生渗透吸水的外因均为细胞质浓度大于外界溶液浓度D.当外界溶液浓度高于细胞质浓度时，原生动物的伸缩泡的伸缩频率会升高【答案】C【解析】【分析】动物细胞的吸水和失水：①当外界溶液浓度小于细胞质浓度时，细胞吸水膨胀。②当外界溶液浓度大于细胞质浓度时，细胞失水皱缩。③当外界溶液浓度等于细胞质浓度时，水分子进出动态平衡。【详解】A、将原生动物放在等渗的培养液中，水分子进出细胞处于动态平衡状态，A错误；B、离子进出细胞的方式一般为主动运输，水分子进出细胞的方式为自由扩散和协助扩散，动物细胞避免渗透膨胀需要转运蛋白将离子转运到细胞外，以减小细胞内液的渗透压，防止细胞渗透吸水涨破。而原生动物细胞避免渗透膨胀通过伸缩泡释放水分，不需要细胞膜上载体蛋白的协助，B错误；C、动物细胞和原生动物发生渗透吸水的原理均为细胞膜相当于半透膜，发生渗透吸水的外因是细胞质浓度大于外界溶液的浓度，C正确；D、原生动物生活在低渗溶液中，会通过收缩泡将多余的水排到细胞外，若将原生动物置于高于细胞质浓度的溶液中，其收缩泡的伸缩频率会降低，D错误。故选C。3.下列有关科学研究方法及应用的叙述，错误的是（）A.利用差速离心法分离细胞器B.利用完全归纳法得出植物体由细胞构成C.利用对比实验法探究酵母菌细胞呼吸的方式D.利用同位素标记法研究分泌蛋白的合成与运输【答案】B【解析】【分析】由一系列具体事实推出一般结论的思维方法称为归纳法，归纳法分为完全归纳法和不完全归纳法。完全归纳法是指通过对某类事物中的每一个对象或每一子类的考察，从中概括出关于此类事物的一般性结论的推理，不完全归纳法是指通过对某类事物的部分对象或一部分子类的考察，从中概括出关于该类事物的一般性结论的推理。【详解】A、分离各种细胞器常用差速离心法，A正确；B、利用不完全归纳法得出植物体由细胞构成，B错误；C、利用对比实验法（有氧组和无氧组相互对比）探究酵母菌细胞呼吸的方式，C正确；D、研究分泌蛋白的合成与运输利用了放射性同位素标记法，D正确。故选B。4.施一公团队研究发现，真核生物细胞质和细胞核之间有一个双向通道，组成这个通道的生物大分子就是NPC(核孔复合物)。下列有关叙述正确的是（）A.NPC具有选择性，只允许大分子物质通过B.蛋白质通过NPC进入细胞核不需要消耗能量C.附着有NPC的核膜可与内质网膜直接相连D.人体成熟的红细胞中NPC较少，影响到核内外的信息交流【答案】C【解析】【分析】细胞核是真核细胞内最大、最重要的细胞结构，是细胞遗传与代谢的调控中心，是真核细胞区别于原核细胞最显著的标志之一（极少数真核细胞无细胞核，如哺乳动物的成熟的红细胞，高等植物成熟的筛管细胞等）。【详解】A、NPC具有选择性，小分子也可以通过，A错误；B、蛋白质通过NPC进入细胞核需要消耗能量，B错误；C、附着有NPC的核膜可与粗面内质网膜直接相连，C正确；D、人体成熟的红细胞中细胞核退化消失，没有NPC，D错误。故选C。5.下列关于我国农业谚语的理解，错误的是（）选项谚语理解A锅底无柴难烧饭，田里无粪难增产粪便中的有机物经分解者分解后生成的无机物，能被作物利用B立秋无雨是空秋，万物历来一半收立秋时节，谷物生长需要较多水分C豆麦轮流种，十年九不空与豆科植物共生的根瘤菌固定的氮，可作为小麦合成淀粉的原料D白天热来夜间冷，一棵豆儿打一捧适当提高昼夜温差有利于有机物积累，增加产量A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】【分析】提高农作物的光能的利用率的方法有：（1）延长光合作用的时间；（2）增加光合作用的面积（合理密植，间作套种）；（3）光照强弱的控制；（4）必需矿质元素的供应；（5）CO2的供应（温室栽培多施有机肥或放置干冰，提高二氧化碳浓度）。【详解】A、“锅底无柴难烧饭，田里无粪难增产”，说明有机物可以被土壤微生物和土壤小动物分解为二氧化碳和无机盐，能被作物利用，从而提高光合作用速率，增加产量，A正确；B、细胞代谢越旺盛，需要的水越多，“立秋无雨是空秋，万物(特指谷物)历来一半收”，说明立秋时谷物生长旺盛，需要的水较多，B正确；C、豆麦轮流种，十年九不空，豆科植物的根瘤中有根瘤菌，能固定空气中的氮，提高土壤的肥力，但淀粉的元素组成为C、H、O，不含N元素，因此根瘤菌固定的氮不能作为小麦合成淀粉的原料，C错误；D、“白天热来夜间冷，一棵豆儿打一捧”，可看出该农业增产措施主要是白天升高温度，夜间降低温度，适当提高昼夜温差，有利于有机物积累，从而提高作物产量，D正确。故选C。6.蓝莓鲜果肉质细腻，富含多种维生素及微量元素等营养物质，被誉为“浆果之王”。除生食外，蓝莓也可加工为蓝莓酒和蓝莓醋等。下列有关叙述正确的是（）A.蓝莓酒和蓝莓醋的制作都必须在无菌条件下进行B.用带盖的瓶子制作蓝莓酒时，拧松瓶盖的间隔时间一定要相同C.当缺少糖源和O2时，醋酸菌能直接将乙醇转化为乙醛，再转化为乙酸D.在蓝莓醋发酵完成时，在发酵液的液面上通常会出现一层醋酸菌膜【答案】D【解析】【分析】1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型。在有氧的情况下酵母菌生长繁殖速度快，把糖分解成二氧化碳和水。在无氧的环境中酵母菌把糖分解成酒精和二氧化碳。2、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的糖分解成醋酸。当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。【详解】A、制作蓝莓酒时，利用蓝莓上携带的酵母菌进行发酵，制作蓝莓醋时，可直接将醋酸菌接种在蓝莓酒的发酵液中，二者不能在严格无菌的条件下进行，A错误；B、酵母菌进行酒精发酵时会产生二氧化碳，因此用带盖瓶子制作蓝莓酒时，需要拧松瓶盖放气，但由于不同发酵瓶中酵母菌的数量不一定相同，因此放气时间间隔不一定相同，B错误；C、当缺少糖源，但O2充足时，醋酸菌能直接将乙醇转化为乙醛，再转化为乙酸，因为醋酸菌是好氧菌，C错误；D、蓝莓醋发酵过程中一般不会出现气泡，发酵完成时，在发酵液的液面上会出现一层菌膜，这是醋酸菌膜，D正确。故选D。7.发酵工程已在许多领域得到了广泛的应用。下列有关叙述错误的是（）A.通过发酵工程可以从微生物细胞中提取单细胞蛋白B.发酵工程的产品主要包括微生物的代谢物、酶及菌体本身等C.性状优良的菌种可以从自然界中筛选，也可以通过诱变育种等方法获得D.发酵工程中所用菌种大多是单一菌种，杂菌污染可能会导致产量大大下降【答案】A【解析】【分析】发酵工程是指利用微生物的特定功能，通过现代工程技术，规模化生产对人类有用的产品，主要包括微生物的代谢物、酶及菌体本身。发酵工程般包括菌种的选育，扩大培养，培养基的配置，灭菌，接种，发酵、产品的分离，提纯等方面。【详解】A、单细胞蛋白是以淀粉或纤维素的水解液、制糖工业的废液等为原料，通过发酵获得的大量的微生物菌体，不是从微生物细胞中分离的物质，A错误；B、发酵工程的产品主要包括微生物的代谢物、酶及菌体本，如果发酵产品是微生物菌体可采用过滤、沉淀等方法将菌体分离和干燥得到产品；如果发酵产品是微生物的代谢物可根据产物的性质采取适当的提取、分离和纯化措施来获得产品，B正确；C、发酵工程生产用的菌种来源于从自然界分离获得、诱变育种获得、基因工程获得和细胞工程获得，C正确；D、发酵工程中所用的菌种大多是单一菌种，一旦有杂菌污染，可能导致产量大大下降，因此，培养基和发酵设备都必须经过严格的灭菌，D正确。故选A。8.天然胰岛素制剂容易形成二聚体或六聚体，皮下注射后往往要逐渐解离为单体，才能发挥作用，在一定程度上延缓了疗效。科学家利用蛋白质工程（基本思路见下图）研发出速效胰岛素，已在临床上广泛应用。下列有关叙述正确的是（）A.当前限制蛋白质工程发展的关键因素是基因工程技术还不成熟B.从六聚体胰岛素解离为单体形式是将胰岛素水解为氨基酸C.利用基因工程和蛋白质工程生产胰岛素都经历①②过程D.利用蛋白质工程生产速效胰岛素要从推测b入手【答案】C【解析】【分析】蛋白质工程的流程：预期蛋白质的功能→设计预期的蛋白质结构(a)→推测应有氨基酸序列(b)→找到对应的脱氧核苷酸序列(基因)→转录(①)形成mRNA(c)→翻译(②)获得所需要的蛋白质。【详解】A、当前限制蛋白质工程发展的关键因素是蛋白质发挥功能必须依赖于正确的高级结构，而这种高级结构往往很复杂，人们对蛋白质的高级结构了解太少，A错误；B、由题干信息可知，经过蛋白质工程改造后，发挥作用的仍是胰岛素分子，所以从六聚体胰岛素解离为单体形式是将六个胰岛素形成的六聚体水解为单个胰岛素的过程，B错误；C、利用基因工程和蛋白质工程生产胰岛素都经历找到对应的脱氧核苷酸序列(基因)→转录(①)形成mRNA(c)→翻译(②)获得所需要的蛋白质过程，C正确；D、蛋白质工程中，首先根据预期的蛋白质功能设计预期的蛋白质结构，因此利用蛋白质工程生产速效胰岛素要从设计预期的蛋白质结构(a)入手，D错误。故选C。9.生物技术安全性和伦理问题是社会关注的热点。下列叙述，错误的是A.应严格选择转基因植物的目的基因，避免产生对人类有害的物质B.当今社会的普遍观点是禁止克隆人的实验，但不反对治疗性克隆C.反对设计试管婴儿的原因之一是有人滥用此技术选择性设计婴儿D.生物武器是用微生物、毒素、干扰素及重组致病菌等来形成杀伤力【答案】D【解析】【详解】在转基因过程中，避免基因污染和对人类的影响，必须严格选择目的基因，A正确；我国不反对治疗性克隆，坚决反对生殖性克隆，B正确；反对设计试管婴儿原因之一防止选择性设计婴儿，违背伦理道德，C正确；生物武器是指有意识的利用微生物、毒素、昆虫侵袭敌人的军队、人口、农作物或者牲畜等目标，以达到战争目的的一类武器，干扰素为淋巴因子，非生物武器，D错误。【考点定位】本题考查生物技术安全性和伦理问题的相关知识，意在考查考生关注对科学、技术和社会发展有重大影响和意义的生物学新进展以及生物科学发展史上的重要事件的能力。10.辣椒素是辣椒产生的次生代谢产物，被广泛应用于食品保健、医药工业等领域。下图是通过两种不同的途径获得辣椒素的过程，下列有关叙述正确的是（）A.利用茎尖分生区作为外植体培育出的植株均能抗病毒B.生长素和细胞分裂素是启动细胞分裂、脱分化和再分化的关键激素C.通过植物细胞培养获得辣椒素的过程，体现了植物细胞的全能性D.过程①和过程②期间必须提供光照条件以保证细胞的光合作用【答案】B【解析】【分析】题图分析：①为脱分化，②为再分化，植物组织培养技术的原理：植物细胞的全能性(离体的细胞、组织、器官→完整植株)。【详解】A、植物顶端分生区附近（如茎尖分生区）的病毒极少，甚至无病毒，才可用来培养脱毒苗，但不一定抗病毒，A错误；B、植物组织培养过程中，生长素和细胞分裂素是启动细胞分裂、脱分化和再分化的关键激素，B正确；C、通过植物细胞培养获得辣椒素的过程，只培养到植物细胞，不能体现植物细胞的全能性，C错误；D、过程①为脱分化，不需要提供光照，D错误。故选B。11.某科研团队获得了一只生物节律核心基因缺失的猕猴，并利用其成纤维细胞，通过核移植技术克隆出5只生物节律异常的猕猴，用于科学研究。下列有关叙述错误的是（）A.核移植前要将成纤维细胞在无菌、无毒的环境下进行培养B.去除卵母细胞核能保证克隆猕的遗传物质完全来自于成纤维细胞C.获得的重构胚需要激活后才能进一步分裂和发育D.利用上述技术的优点是能最大限度控制猕猴个体之间的差异【答案】B【解析】【分析】动物细胞的全能性随着动物细胞分化程度的提高而逐渐受到抑制，全能性表达很难，但是动物的细胞核内仍含有该种动物的全部遗传基因，具有发育成完整个体的潜能，即动物的细胞核仍具有全能性。【详解】A、为了防止杂菌污染，核移植前要将成纤维细胞在无菌、无毒的环境下进行培养，A正确；B、去除卵母细胞核能保证克隆猕的核遗传物质完全来自于成纤维细胞，但细胞质中的遗传物质来自于去核卵母细胞，B错误；C、需要用电刺激、Ca2+载体、乙醇、蛋白酶合成抑制剂等激活重构胚，才能完成细胞分裂和发育进程，C正确；D、该技术是一种无性繁殖技术，该动物的核基因型与供体体细胞完全相同，利用上述技术的优点是能最大限度控制猕猴个体之间的差异，D正确。故选B。12.人血清白蛋白(HSA)具有维持血浆渗透压、抑制血小板聚集和清除自由基等生理功能，在临床上需求量很大。科研工作者利用乳腺生物反应器从牛乳中提取HSA,下列有关叙述错误的是（）A.需将HSA基因与乳腺中特异表达的基因的启动子等调控元件重组在一起B.通过显微注射法将基因表达载体导入牛的乳腺细胞中C.一般选择发育良好的桑葚胚或囊胚进行胚胎移植D.受体母牛对移入的胚胎基本不发生免疫排斥反应【答案】B【解析】【分析】动物乳腺生物反应器是基于转基因技术平台，使外源基因导入动物基因组中并定位表达于动物乳腺，利用动物乳腺天然、高效合成并分泌蛋白的能力，在动物的乳汁中生产一些具有重要价值产品的转基因动物的总称。【详解】A、该实验中利用乳腺生物反应器从牛乳中提取HSA，因此需将HSA基因与乳腺中特异表达基因的启动子等调控元件重组在一起，构建基因表达载体，A正确；B、将目的基因导入受体细胞时，根据受体细胞不同，导入的方法也不一样，转基因动物的受体细胞是受精卵，通过显微注射法将基因表达载体导入牛的受精卵细胞构建乳腺生物反应器，B错误；C、胚胎一般需要培育到桑葚胚或囊胚阶段才能移植的原因是：这个时期的胚胎还处于游离状态，为胚胎的收集提供了可能，C正确；D、胚胎移植时受体子宫对外来胚胎基本上不发生免疫排斥反应，这是胚胎移植的生理学基础之一，D正确。故选B。13.温度会影响酶促反应速率，其作用机理可用下图坐标曲线表示。其中曲线a、b、c分别表示温度对底物分子具有的能量、酶的空间结构、酶促反应速率的影响。下列有关叙述正确的是（）A.随着温度的升高，化学反应的活化能也增加B.底物分子具有的能量较高时，更适于酶的保存C.低于或高于最适温度时，引起酶促反应速率下降的原因是相同的D.酶促反应速率与底物分子具有的能量、酶的空间结构均有关【答案】D【解析】【分析】曲线分析：曲线a表示底物分子具有的能量，随着温度升高，底物分子具有的能量直线上升；曲线b表示温度对酶空间结构的影响，随着温度升高，酶空间结构由稳定变为空间结构解体(数值为0)；曲线c表示酶促反应速率与温度的关系，随着温度升高，酶促反应速率先升高后降低，最后反应速率为0。【详解】A、曲线a表示底物分子具有的能量，由曲线可知，随着温度的升高，底物分子具有能量增加，化学反应的活化能不变，A错误；B、酶适于低温保存，底物分子具有的能量较高时，温度较高，不利于酶的保存，B错误；C、低温只是抑制酶活性，不改变酶的空间结构，而高温可引起酶空间结构改变，使酶活性降低甚至失活，C错误；D、一般情况下底物分子具有的能量越高，达到活化状态能力越强，酶促反应速率越大；另外酶的空间结构直接影响酶活性进而影响酶促反应速率，D正确。故选D。14.如图所示为酵母菌细胞内部分物质代谢过程示意图，I~V表示过程，M、P代表物质，其中的一个生理过程不可能在酵母菌细胞内发生。下列有关叙述正确的是（）A.过程I、Ⅲ、Ⅳ均释放能量，均有少量能量储存在ATP中B.过程V不可能在酵母菌细胞内发生，因为缺少相应的酶C.向酵母菌培养液中通入18O2,一段时间后只在水中检测到18OD.物质P产生的场所是线粒体内膜，可用酸性重铬酸钾对其进行检测【答案】B【解析】【分析】分析题图可知，物质M表示丙酮酸，物质P表示酒精。过程I、Ⅳ、Ⅱ表示有氧呼吸；过程I、V表示产生乳酸的无氧呼吸；过程I、Ⅲ表示产生酒精和CO2的无氧呼吸。【详解】A、分析题图可知，物质M表示丙酮酸，物质P表示酒精。过程I、Ⅳ、Ⅱ表示有氧呼吸；过程I、V表示产生乳酸的无氧呼吸；过程I、Ⅲ表示产生酒精和CO2的无氧呼吸。可以产生能量的过程为有氧呼吸第一、二、三阶段和无氧呼吸第一阶段，即过程I、Ⅱ、Ⅳ，A错误；B、过程V表示产生乳酸的无氧呼吸第二阶段，不可能在酵母菌细胞内发生，因为缺少相应的酶，无法将丙酮酸转化成乳酸，B正确；C、向酵母菌培养液中通入18O2，一段时间后可在水中和二氧化碳（有氧呼吸第二阶段需消耗水产生CO2）中检测到18O，C错误；D、物质P是酒精，产生的场所是细胞质基质，可用酸性重铬酸钾对其进行检测，D错误。故选B。15.光补偿点是指光合速率等于呼吸速率时的光照强度，光饱和点是指达到最大光合速率所需的最小光照强度。在温度适宜且CO2充足的条件下，测得甲、乙两种植物的光补偿点分别为E1和E2，且E1小于E2；甲、乙两种植物的光饱和点分别为E3和E4，且E3小于E4。下列有关叙述错误的是（）A.若持续保持光照强度为E1，则甲植物停止生长，乙植物能正常生长B.若将甲乙两种植物转移到缺镁条件下培养，二者的光补偿点均变大C.光照强度低于E2时，限制植物乙光合速率的环境因素主要是光照强度D.与E3相比，光照强度为E4时，乙植物叶绿体中C3合成速率更快【答案】A【解析】【分析】影响光合作用速率(强度)的因素：1、内部因素：(1)同一植物的不同生长发育阶段，(2)同一叶片的不同生长发育时期。2、单因子外界因素的影响：光照强度、CO2浓度、矿质元素、温度。【详解】A、若持续保持光照强度为E1，甲、乙两种植物的光补偿点分别为E1和E2，且E1小于E2，甲的光合速率等于呼吸速率停止生长，乙呼吸速率大于光合速率不能生长，A错误；B、镁是合成叶绿素的原料，若将甲乙两种植物转移到缺镁条件下培养，叶绿素不能合成，光合作用减弱，要想光合作用等于呼吸作用，需要增大光照强度，因此二者的光补偿点均变大，B正确；C、光照强度低于E2时，没有达到乙的光饱和点，限制乙种植物光合速率的环境因素是光照强度，C正确；D、甲、乙两种植物的光饱和点分别为E3和E4，且E3小于E4，与E3相比，光照强度为E4时，光照增强，光反应增强，暗反应也增强，乙植物叶绿体中C3合成速率更快，D正确。故选A。二、选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有一项或多项是符合题目要求的。全部选对得3分，选对但选不全得1分，有选错得0分。16.下图是由300个氨基酸脱水缩合形成的某蛋白质分子的结构示意图。下列有关叙述错误的是（）A.300个氨基酸的脱水缩合过程需要核酸分子的参与B.该蛋白质分子所含氧原子数至少是299C.300个氨基酸形成该蛋白质时分子总量减少了5382D.该蛋白质彻底水解的产物中至少有301个羧基【答案】BC【解析】【分析】蛋白质是生命的物质基础，是有机大分子，是构成细胞的基本有机物，是生命活动的主要承担者。没有蛋白质就没有生命。氨基酸是由一个氨基、一个羧基、一个H和一个R基组成，不同的氨基酸在于R基的不同。【详解】A、300个氨基酸的脱水缩合过程为多肽链的合成过程，需要mRNA作模板，需要tRNA作为搬运工具，因此需要核酸分子的参与，A正确；B、300个氨基酸脱水缩合成2条链（脱去298个水），每个氨基酸至少有2个O，且两条链之间脱去一分子水，该蛋白质分子所含氧原子数至少是300×2-298×1+1=303，B错误；C、300个氨基酸形成该蛋白质时分子总量减少了299×18+2=5284，C错误；D、该蛋白质由300个氨基酸组成，还有一个氨基酸的R基中有羧基，因此彻底水解的产物中至少有301个羧基，D正确。故选BC。17.下图是小肠上皮细胞吸收铁离子的示意图，有关叙述错误的是（）A.Fe2+借助蛋白3进行转运时无需消耗能量B.蛋白1运输亚铁血红素的方式是协助扩散C.蛋白2和蛋白5均能降低化学反应的活化能D.通道蛋白4需与Fe结合，协助其运出细胞【答案】AD【解析】【分析】据图分析，亚铁血红素通过蛋白1进入细胞，从高浓度向低浓度运输，为协助扩散；Fe3+在蛋白2的作用下变成了Fe2+，说明蛋白2是酶，具有催化作用；Fe2+通过蛋白3逆浓度差进入细胞，说明其运输方式为主动运输；H+通过蛋白3顺浓度差进入细胞，说明其运输方式为协助扩散；蛋白4运输Fe2+是从高浓度向低浓度运输，为协助扩散；Fe2+在蛋白5的作用下变成了Fe3+，说明蛋白5是酶，具有催化作用。【详解】A、据图可知，Fe2+通过蛋白3逆浓度差进入细胞，说明其运输方式为主动运输，需要消耗能量，A错误；B、亚铁血红素通过蛋白1进入细胞，从高浓度向低浓度运输，为协助扩散，B正确；C、Fe3+在蛋白2的作用下变成了Fe2+，Fe2+在蛋白5的作用下变成了Fe3+，说明蛋白2、5是酶，酶具有降低化学反应活化能的作用，C正确；D、蛋白4运输Fe2+是从高浓度向低浓度运输，为协助扩散，蛋白质4是通道蛋白，分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合，因此蛋白质4不会与Fe2+结合，D错误。故选AD。18.下图表示在不同温度下，测定某1cm2植物叶片干重变化情况（均考虑为有机物的质量变化)的操作流程及结果，据图分析下列叙述正确的是（）A.光照处理时，产生ATP的细胞器有线粒体和叶绿体B.叶片实际光合速率可以表示为Y+Xmg·cm2hC.实验结束后，在15℃和16℃时叶片没有有机物的积累D.若维持12h光照，12h黑暗，则该1cm2植物叶片在14℃下增重最多【答案】AD【解析】【分析】光合作用，通常是指绿色植物（包括藻类）吸收光能，把二氧化碳和水合成有机物，同时释放氧气的过程。光合作用分为光反应阶段和暗反应阶段。呼吸作用一般指机体将来自环境的或细胞自己储存的有机营养物的分子（如糖类、脂类、蛋白质等），通过一步步反应降解成较小的、简单的终产物（如二氧化碳、乳酸、乙醇等）的过程。光合与呼吸的差值可用净光合速率来表示，具体指标可以是氧气释放量、二氧化碳吸收量、有机物积累量等。【详解】A、线粒体能进行呼吸作用，叶绿体能进行光合作用，都能产生ATP，A正确；B、叶片实际光合速率为净光合速率[M+Y-（M-X）]+呼吸速率[M-（M-X）]，可以表示为Y+2Xmg·cm2h，B错误；C、净光合速率=[M+Y-（M-X）]=Y+X，实验结束后，在15℃和16℃时叶片有有机物的积累，C错误；D、若维持12h光照，12h黑暗，则该1cm2植物叶片增重为12（净光合-呼吸）=12Y，在14℃下增重最多，D正确。故选AD。19.一种双链DNA分子被两种不同限制酶进行三种切割，切割产物通过电泳分离，用大小已知的DNA片段的电泳结果作为分子质量标记（如图左边一列所示）。关于该双链DNA分子，下列叙述正确的是（）A.呈环状结构B.分子质量大小为10kbC有一个NotI和两个EcoRI切点D.其上NotI与EcoRI切点的最短距离为2kb【答案】ABC【解析】【分析】通过与分子量标记比较可知单用EcoRI处理后产生了4kb和6kb两条带；而利用EcoRI和NotI双酶切时产生了6kb、3kb、1kb三条带，即4kb的片段进一步被NotI酶切为3kb和1kb的片段，因此DNA含有一个NotI酶切位点，因为用NotI处理只产生了一个10kb的条带，所以该分子必须是环状的，长度一定是10kb。据此答题。【详解】AB、单用EcoRI处理和利用EcoRI和NotI双酶切时产生的结果不同，说明DNA含有NotI酶切位点，因为用NotI处理只产生了一个10kb的条带，所以该分子必须是环状的，且长度一定是10kb，AB正确；C、因为用NotI处理只产生了一个10kb的条带，说明该环状DNA上含有一个NotI切割位点，单用EcoRI处理后产生了4kb和6kb两条带，说明该环状DNA上含有2个EcoRI切割位点，C正确；D、用EcoRI处理后产生4kb的片段，进一步被NotI酶切为3kb和1kb的片段，可以得知NotI切点与EcoRI切点的最短距离为1kb，最大距离为3kb，D错误。故选ABC。20.澳大利亚出生了一对半同卵双胞胎姐弟，受精卵形成及早期胚胎发育的过程如下图所示。图1是异常受精过程，图2中有1个雌原核和2个雄原核，图3中该受精卵进行有丝分裂，姐妹染色单体分离后，分别移向细胞的三个不同方向，从而分裂成A、B、C三个细胞，如图4所示（其中细胞A和B发育成姐弟二人）。下列叙述正确的是（）A.图1受精过程依赖于细胞膜的流动性以及细胞间的信息交流B.异常受精是因为透明带和卵细胞膜发生的生理反应未能阻止多精入卵C.姐弟二人来源于母亲的染色体相同，但来源于父亲的染色体不同D.图4中细胞C的性染色体组成一定是YY【答案】ABC【解析】【分析】题图分析：图1表示卵母细胞与2个精子受精；图2细胞中包含3个原核，进入的两个精子的细胞核形成2个雄原核，卵母细胞中的细胞核形成雌原核；图3受精卵的3个原核形成了3极纺锤体；图4表示3极纺锤体最终分裂成3个合子。【详解】A、据图可知，图1表示卵母细胞与2个精子受精，受精过程依赖于细胞膜的流动性以及细胞间的信息交流，A正确；B、机体具有防止多精入卵受精的屏障，主要有透明带反应和卵细胞膜反应，异常受精是因为透明带和卵细胞膜发生的生理反应未能阻止多精入卵，B正确；C、该受精卵含有三个染色体组，有丝分裂过程中，染色体复制，有丝分裂后期形成6个染色体组，通过三极纺锤体将6个染色体组拉开，每一极有2个染色体组，其中有两极的染色体各有一组来自双亲，有一极染色体均来自于父亲。细胞分裂后，其中两个细胞发育成姐弟。来自母亲的染色体有两个，是复制得到的，这对小姐弟来源于母亲的染色体一般相同；来源于父亲的染色体组有4个，其中两两相同，由于该双胞胎性别不同，所以来源于父亲的染色体不同，C正确；D、由图可知，A细胞含有双亲染色体组各一组，且A和B发育成姐弟，若细胞C的性染色体组成为YY，则其为来自父亲的两个相同染色体组的精子结合而成的，则A和B来自父亲的染色体组成相同，A和B则发育成的个体性别相同，不会发育成姐弟，D错误。故选ABC。第II卷三、非选择题：本题共5小题，共55分。21.下图是某植物叶片光合作用过程的示意图，据图回答下列问题：（1）光合色素分布在叶绿体的______________上，其捕获的光能转化为活跃的化学能储存在______________中。（2）图1中卡尔文循环的______________阶段需要用到光反应的产物，属于______________(填“吸能”或“放能”)反应。若CO2浓度突然降低，短时间内RUBP/PGA的比值会______________(填“增大”或“减小”)。（3）蔗糖合成的场所在细胞质基质，通过筛管运输到植物的各个部位。科研人员测定了不同蔗糖浓度的反应介质中叶绿体的光合速率（用单位时间内单位叶绿素含量消耗的二氧化碳量表示)，结果如图2所示。若该植物处于开花期，人为摘除花朵，叶片内蔗糖浓度与光合速率的变化与图中______________段对应的关系相似。（4）若在CO2浓度倍增时，光合作用速率并未倍增，结合图1、图2分析，此时限制光合作用速率增加的内部因素可能是____________________________(答两点)。【答案】（1）①.类囊体薄膜（或基粒）②.ATP和NADPH（2）①.还原、再生②.吸能③.增大（3）BC（4）光合色素的含量、NADPH和ATP的供应限制、RUBP的再生速率、固定CO2的酶的活性或含量、有机物在叶绿体中积累等【解析】【分析】光合作用：①光反应场所在叶绿体类囊体薄膜，发生水的光解、ATP和NADPH的生成；②暗反应场所在叶绿体的基质，发生CO2的固定和C3的还原，消耗ATP和NADPH。【小问1详解】光合色素参与光反应，光反应的场所是叶绿体类囊体薄膜，因此光合色素分布在叶绿体的类囊体薄膜上。光反应中捕获的光能转化为活跃的化学能储存在ATP和NADPH中。【小问2详解】图1中卡尔文循环的还原和再生阶段需要用到光反应的产物ATP和NADPH，ATP和NADPH能释放能量供其利用，因此该反应属于吸能反应。CO2能与RUBP结合形成PGA，若CO2浓度突然降低，消耗RUBP减少，生成PGA减少，PGA还原、再生成RUBP不变，因此短时间内，RUBP升高，PGA减少，即RUBP/PGA的比值会增大。【小问3详解】蔗糖合成后通过筛管运输到植物的各个部位，比如可以运输到花朵，若该植物处于开花期，人为摘除花朵，蔗糖就会积累，光合产物积累，光合作用就会减弱，因此这时光合速率减弱，图2中BC段光合速率减弱，因此叶片内蔗糖浓度与光合速率的变化与图中BC段对应的关系相似。【小问4详解】据图1可知，CO2能与RUBP结合形成PGA，此过程需要酶、ATP和NADPH参与，ATP和NADPH形成与光合色素有关；据图2可知，光合产物蔗糖积累，光合速率下降，因此推测若在CO2浓度倍增时，光合作用速率并未倍增，此时限制光合作用速率增加的内部因素可能是光合色素的含量、NADPH和ATP的供应限制、RUBP的再生速率、固定CO2的酶的活性或含量、有机物在叶绿体中积累等。22.镉(Cd)是一种毒性很强的重金属元素，易被植物吸收，因而会对植物的生长造成伤害。为探究外源钙(Ca2＋)对于镉(Cd)胁迫下植物生长的影响，某生物兴趣小组以洋葱幼苗为材料进行了相关实验，结果如下图。回答下列问题：（1）本实验选取80棵生长状况一致的洋葱幼苗平均分成______________组，用不同浓度的镉和钙处理各组，其他培养条件相同且适宜。两周后，______________。（2）据图分析：①A1、B1、C1、D1四组实验结果说明，镉对洋葱幼苗生长有______________作用，且______________。②A、B组实验结果说明：在低镉浓度条件下，外源Ca2+对洋葱的生长无明显的影响；而C、D组实验结果则说明：在中、高镉浓度条件下，______________。（3）哺乳动物血液中必须含有一定量的Ca2+,如果Ca2+含量太低，动物会出现抽搐等症状，说明了Ca2+对于______________具有重要作用。若土壤中过量的镉被洋葱等植物吸收积累，会通过食物链进入人体，镉离子可取代骨骼中的钙离子，从而妨碍钙在骨质上的正常沉积，也妨碍骨胶原的正常固化成熟，导致软骨病。临床上常补充维生素D来辅助治疗，其作用是______________。【答案】（1）①.16②.分别测量各组洋葱幼苗的株高，并算出各组平均值（2）①.抑制②.Cd2+浓度越高，抑制作用越强③.外源Ca2+能缓解Cd2+对洋葱生长的抑制作用，且Ca2+浓度越高，缓解作用越明显（3）①.维持（细胞和）生物体的生命活动②.促进人体肠道对钙的吸收，以增加骨骼中的钙含量【解析】【分析】分析题意，本实验目的是探究外源钙(Ca2＋)对于镉(Cd)胁迫下植物生长的影响，结合题图可知，实验的自变量是钙离子和镉离子的浓度，因变量是平均株高，据此分析作答。【小问1详解】结合题图可知，本实验Ca2+有四种不同浓度，Cd2+也有四种不同浓度，共有16组实验；每个实验组都有5洋葱幼苗，所以需要分别测量各组洋葱幼苗的株高（因变量），并算出各组平均值。【小问2详解】①据图可知，A1、B1、C1、D1四组实验没有Ca2+（Ca2＋浓度为0），图示结果显示随着Cd2+浓度不断增加，洋葱幼苗的平均株高在下降，说明镉对洋葱幼苗生长有抑制作用，且Cd2+浓度越高，抑制作用越强。②与A、B组实验结果相比，C、D组随着外源Ca2+浓度增加，洋葱幼苗的平均株高在上升，说明外源Ca2+能缓解Cd2+对洋葱生长的抑制作用，且Ca2+浓度越高，缓解作用越明显。【小问3详解】Ca2+对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要作用，如果Ca2+含量太低，动物会出现抽搐等症状；维生素D属于脂质，能有效促进人体肠道对钙的吸收，以增加骨骼中的钙含量。23.盐碱地中含有丰富的耐盐碱自生固氮菌。固氮菌能固定氮气，提高土壤的氮含量，为植物生长提供充足的氮元素。研究人员采用改良的培养基，分别从氯碱土、盐碱土和草滩土中分离筛选出具有一定耐盐碱能力的自生固氮细菌，并研究了酸碱度对其生长情况的影响。回答下列问题：（1）取土样分离自生固氮菌时，所用培养基应该为______________的选择培养基。（2）步骤③所用的接种方法是______________。若在接种后的平板上统计的菌落数平均为168个，则每克土壤中含有的固氮菌数目约为______________个，该结果比实际结果______________(填“大”或“小”)，原因是：______________。（3）对不同土壤样品重复分离过程，得到HY-4、MZ-1、JB-2三个纯化的自生固氮菌品种，利用这三个品种研究pH对其生长情况的影响，得到如下表所示结果。pH=6.5pH=7.5pH=8.5pH=9.5pH=10.5pH=11.5HV-40.2420.4190.6870.5700.4630.304MZ-10.2720.4240.7190.5850.4700.347JB-20.2830.4320.7390.5970.4950.433注：OD值表示吸光度。OD值越大，表明菌株固氮能力越强。根据以上结果，可以得出的结论是：______________。【答案】（1）不加氮源（2）①.稀释涂布平板法②.1.68×107③.小④.当两个或多个细胞连在一起时，在平板上观察到的是一个菌落（3）三种固氮菌的固氮能力随pH的增加，先增强后减弱；在相同pH下，JB-2的固氮能力最强【解析】【分析】每mL样品中的菌株数=(C÷V)×M，其中C代表某一稀释度下平板上生长的平均菌落数，V代表涂布平板时所用的稀释液的体积(mL)，M代表稀释倍数。【小问1详解】由于分离的是自生固氮菌，是能够独立进行固氮的微生物，故所用培养基应该为不加氮源的选择培养基。【小问2详解】步骤③所用的接种方法是稀释涂布平板法，若在接种后的平板上统计的菌落数平均为168个，稀释度为104倍，每克土壤中含有的固氮菌数目约为(168÷0.1)×104=1.68×107，当两个或多个细胞连在一起时，在平板上观察到的是一个菌落，故该结果比实际结果小。小问3详解】对HY-4、MZ-1、JB-2三个纯化的自生固氮菌品种进行比较，发现三种固氮菌的固氮能力随pH的增加，先增强后减弱，但是在相同pH下，JB-2的固氮能力最强。24.CD47是一种跨膜糖蛋白，它可与巨噬细胞表面的信号调节蛋白结合，从而抑制巨噬细胞的吞噬作用。肺癌、结肠癌等多种肿瘤细胞表面的CD47含量比正常细胞高1.6~5倍，导致巨噬细胞对肿瘤细胞的清除效果减弱。某研究团队推测，抗CD47的单克隆抗体可以解除CD47对巨噬细胞的抑制作用，为此他们按照如下流程进行了实验。回答下列问题：（1）实验前应给模型小鼠注射______________,以刺激机体产生相应的B淋巴细胞。制备B淋巴细胞悬液时可采用机械方法或用______________酶处理。（2）筛选1可使用特定的______________培养基进行，得到的杂交瘤细胞的特点是______________。（3）筛选2过程，往往取一定稀释倍数的杂交瘤细胞悬液加入到多孔玻璃板中，如图2所示，适宜条件下培养并进行抗体检测，抗体检测的原理是______________。若每个孔中有多个细胞，阳性反应孔中的细胞还需多次稀释培养并检测，目的是______________。（4）为了检测抗CD47的单克隆抗体的功能,科学家把制备的单克隆抗体加入到巨噬细胞与肿瘤细胞的共同培养体系作为实验组，以______________作为对照组，统计各组中被吞噬的肿瘤细胞所占的比例。若实验组中该比例______________对照组，则可证明上述推测正确。【答案】（1）①.CD47蛋白（或CD47)②.胰蛋白酶或胶原蛋白（答出1个即可）（2）①.选择②.既能大量增殖，又能产生专一（特异性）抗体（3）①.抗原与抗体特异性结合②.筛选出能产生抗CD47抗体（所需抗体）的杂交瘤细胞（4）①.不加单克隆抗体的巨噬细胞与肿瘤细胞共同培养体系②.高于【解析】【分析】单克隆抗体的制备：(1)制备产生特异性抗体的B淋巴细胞：向免疫小鼠体内注射特定的抗原，然后从小鼠体内获得相应的B淋巴细胞。(2)获得杂交瘤细胞：①将鼠的骨髓瘤细胞与形成的B淋巴细胞融合。②用特定的选择培养基筛选出杂交瘤细胞，该杂种细胞既能够增殖又能产生抗体。(3)克隆化培养和抗体检测。(4)将杂交瘤细胞在体外培养或注射到小鼠腹腔内增殖。(5)提取单克隆抗体：从细胞培养液或小鼠的腹水中提取。【小问1详解】为获得抗CD47的单克隆抗体，实验前应给模型小鼠注射CD47蛋白，以刺激机体产生相应的B淋巴细胞。图中制备B淋巴细胞悬液时可采用机械方法或用胰蛋白酶处理。【小问2详解】图1中筛选1