2023年浙江省初中科学中考二轮复习：简单机械

初中科学中考二轮复习：简单机械一、单选题1．（2022九下·舟山开学考）下列各选项中四个科学术语分别表示图中的甲、乙、丙、丁，其中表述错误的是（）A．血管、动脉、静脉、毛细血管B．杠杆、省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆C．有机合成材料、合金、合成纤维、合成橡胶D．射线、α射线、β射线、γ射线2．（2021九上·海曙期中）为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了如图所示的滑轮组装置。当用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图丙和丁所示。（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（）A．0-1s内，地面对物体的支持力是10NB．1-2s内，拉力F做的功是187.5JC．2-3s内，拉力F的功率是100WD．2-3s内，滑轮组的机械效率是62.5%3．（2021·温州）停放自行车时，若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起。其中最省力的点是（）A．A点 B．B点 C．C点 D．D点4．（2022·温州模拟）化学实验中小温将装水的烧杯放置在铁架台上，以下情况铁架台最有可能倾倒的是()A． B．C． D．5．（2021九上·江北期末）如图所示的机械使用时能省力的是（）A．筷子 B．开瓶器C．前臂 D．旗杆顶部的滑轮6．（2021九上·临海期末）如图甲所示的水龙头，徒手很难拧开。用图乙所示的“钥匙”，安装并旋转“钥匙”就能正常出水（如图丙所示）。下列有关这把“钥匙”在使用过程中的分析，正确的是（）A．减小阻力 B．减小阻力臂 C．增大动力 D．增大动力臂7．（2021九上·拱墅期末）如图所示的甲、乙两套装置，每个滑轮的质量均相等且绳重和摩擦不计。用它们分别将重力为200N和100N的重物匀速提升相同高度，若拉力均竖直向上，两装置中，相同的是（）A．拉力大小 B．有用功 C．额外功 D．机械效率8．（2021九上·义乌期中）如图AB为一可绕O点转动的杠杆，在A端通过绳子作用一个拉力，使杠杆平衡，保持重物不动，而使绳绕A点沿图中虚线缓慢逆时针转动，则F的力臂()A．先变大后变小 B．先变小后变大C．不变 D．无法判断9．（2021九上·金华月考）如图所示，一直杆可绕O点转动，杆下挂一重物，为了提高重物，用一个始终跟杆垂直的力F使直杆由竖直位置慢慢转动到水平位置，在此过程中这个直杆（）A．始终是省力杠杆 B．始终是费力杠杆C．先是省力杠杆，后是费力杠杆 D．先是费力杠杆，后是省力杠杆10．（2021九上·杭州月考）如图所示，圆弧形轨道CD固定，水平杠杆OA的A端恰在圆的圆心处，小圆环E套在轨道上通过细线与水平杆OA端相连，一重物G悬挂在杠杆上的B点。在E环从C点沿轨道顺时针转到D点的过程中，细线对A端的拉力F的变化情况，以下说法正确的是（）A．保持不变 B．先变小再变大C．一直变小 D．先变大再变小11．（2021·鄞州模拟）小明对小区的公共运动器械产生了兴趣，他根据实物绘制了模型图，当小明坐在坐垫C点上，手向下用力拉动A点时，坐垫C会向上抬起，在这个过程中，以下说法正确的是（）A．小明受到的重力和坐垫给小明的支持力是一对平衡力B．小明受到的支持力和小明对坐垫C的压力大小相等C．AO1B是一个费力杠杆，CDO2是一个省力杠杆D．由于坐垫是金属材质，所以没有发生形变二、填空题12．（2021·衢州）“认真观察和仔细分析”是科学研究的基本要求。（1）如图甲，在静止指向南北方向的小磁针上方平行地放一根直导线。闭合开关，原来静止的小磁针发生转动，原来静止的直导线仍然未动。①小磁针发生转动，可以说明它一定受到力的作用，因为。②直导线仍然未动，此时偏转的小磁针对直导线(填“有”或“没有")力的作用。（2）如图乙是某饮水器水龙头的结构示意图，A是固定的出水口，B是一根手柄，C是一根连接在阀门上的杆，由弹簧将它拉紧，O1是连接B、C的一根销钉。可将手柄简化为一根杠杆，手柄与A的接触点O2为支点，下压手柄，C就上升，阀门打开水流出；放手后，C自动恢复原位，水龙头关闭。①请在答题纸相应位置图中画出动力F1的力臂l1。②正常使用手柄取水时，手柄属于杠杆。13．（2021九上·义乌期中）如图所示，物重G＝30N，绳的一端拴在地面，拉力F使滑轮匀速上升。（1）若滑轮重为2N，使物体上升20cm，则拉力F＝N，滑轮向上移动cm。（2）若滑轮重不计，滑轮向移动20cm，则拉力F=N，物体上升cm。14．（2021九上·义乌期中）如图所示，OB为一轻质杠杆，O为支点，OA=30cm，AB=10cm，将重30N的物体悬挂在B点，当杠杆在水平位置平衡时，在A点至少需加N的拉力，这是一个（选填“省力”或“费力”）杠杆。15．（2021九上·乐清期中）如图装置，杆总长2米，套环与杆重忽略不计。某健身者体重500N，臂力700N，通过该装置将280N的重物拉起，至少需将套环移至离墙壁米处，此杠杆为（填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。16．（2021九上·金华月考）用如图所示的滑轮，在水平拉力F的作用下，使重16N的物体A沿水平面以0.4m/s的速度匀速运动了2s，则（1）2s内物体运动的距离是m；（2）若弹簧测力计示数为5N，则拉力F的功率为w。17．（2021九上·萧山月考）如图AB为一可绕O点转动的杠杆，在A端通过绳子作用一个拉力，使杠杆平衡。（1）在图示位置平衡时，整个装置的总重心位于。（选填“O处”、“OA之间处”或“BO之间”）（2）保持重物不动，而使绳绕A点沿图中虚线缓慢逆时针转动，则F（选填“先变大后变小”或“先变小后变大”或“不变”）18．（2021·鄞州模拟）如图所示为《天工开物》中介绍的我国古代稻谷加工的部分过程，请回答下列问题：图①的“簸扬稻谷”利用了物体的惯性，稻谷与会落在（填“较近”或“较远”）的地面上。图②中去壳的“土砻”是一个杠杆。①簸扬稻谷②土砻19．（2021九上·浙江期中）如图所示，物体A重200N，滑轮重10N，绳和测力计重及摩擦不计，弹簧秤示数为60N，物体B的重为N；若物体B匀速向上运动的速度为0.2m/s，则人做功的功率为W。20．（2021九上·浙江期中）为了防止门被风吹动，常在门背后和墙上安装如图甲所示的“门吸”。图乙是简化后的模型。门可以绕轴O自由转动，门宽为1.2米。“门吸”与O位置关系、“门吸”引力大小和方向如图乙所示。（摩擦力忽略不计）（1）关门时可将门看成一个杠杆，以下杠杆类型与之相同的是①行李车②晾衣竹竿③做俯卧撑④弯腰取物（2）关门所需的最小力F是牛。三、实验探究题21．（2022·舟山模拟）小南同学想自制器材探究“杠杆的平衡条件”实验。（1）装置完成后发现，即使把两侧平衡螺母调到最左端，仍然出现图1现象。由此判断横杆材料质地不均，侧质量大（填“左”或“右”）。（2）经过尝试，小南发现在A点挂一个钩码杠杆恰好平衡（图2）。接着他在A点加挂一个钩码，如图3所示，则在B点处应挂个钩码，才能使杠杆在原位置平衡。（3）本实验应改变钩码个数及悬挂位置，多次进行实验，目的是：。22．（2021九上·义乌期中）某兴趣小组利用厚纸板来探究杠杆的平衡条件，厚纸板上每间隔相同距离有个小孔。现用细绳将纸板悬挂起来，如图甲所示。（1）实验中，小明在A点挂了1个钩码（如图乙），则需在B点挂个钩码才能使杠杆平衡。（2）小红认为：在力臂大小不变时，改变力的作用点到支点的距离，不会影响杠杆平衡。要验证这一观点，在完成图乙实验后，需要进行的下一步实验操作是.（3）小军进行如图丙实验，松手后发现杠杆不能保持水平平衡。请分析其原因是23．（2021九上·萧山月考）小凡同学在“探究定滑轮和动滑轮特点”的实验中，装置图如图所示。实验次数物重G/N测力计的示数F/N11.000.6521.500.9032.001.15（1）在探究定滑轮时，照图乙操作，觉得读数不方便，于是把测力计倒过来，即测力计吊环系在拉绳上，用手拉挂钩，测力计的示数会（填“变大”、“变小”或“不变”）。（2）在探究动滑轮时，照图丙操作，记录数据如下表，分析数据发现，测力计的示数F大于物重G的一半，与课本结论存在差异，其原因是，请给出一条减小此差异的建议。24．（2021九上·萧山月考）在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小王调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡的主要目的是。（2）如图甲所示，在杠杆左边A处挂四个相同钩码（每个钩码50g，g取10N/kg）要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆右边B处挂牛的钩码才平衡。（3）如图乙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将如何变化。（选填“变大”或“变小”或“不变”）（4）要使图中的杠杆保持平衡，请画出最小的动力。25．（2021九上·浙江期中）学习了杠杆知识后，小明和小亮利用身边的物品来探究杠杆的平衡条件。他所选择的器材有：铅笔、橡皮若干（每块橡皮质量为10g）、细线、刻度尺等。（1）他将细线大致系在铅笔的中部位置，铅笔静止后如图甲所示，若想调节铅笔使其在水平位置平衡，他应将细线向（选填“左”或“右”）移动。（2）调节水平平衡后，他用细线绑定数量不等的橡皮挂在杠杆支点两侧，如图乙所示。他所测数据记录在表中动力F1/N动力臂I1阻力F2阻力臂I2F1IF2I0.20.020.10.040.0040.004小亮分析数据得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”，这个结论与杠杆平衡条件不相符。为了进一步完善实验，得出普遍规律，小亮接下来的做法应该是A．改变力的大小 B．改变力的方向 C．改变力的作用点（3）在实验过程中，铅笔水平平衡后（如图乙），小明不小心将前端细长的铅笔芯弄断了（如图丙），她立即将细笔握住，并将断笔芯放到左端细线下方固定好（如图丁），则松手后的笔（选填“左端下沉”或“右端下沉”）。26．（2021七上·椒江期中）下雨天，小颖站在窗前看到对面人字形屋面上雨水在不停地流淌。她想，雨水在屋面流淌的时间与哪些因素有关呢？她提出了两种猜想：①雨水流淌的时间可能与雨水的质量有关；②雨水流淌的时间可能与屋面的倾角有关。自己的猜想是否正确呢？为此，她设计了一个如图的装置（斜面光滑且较长，倾角α可调），用小球模拟雨滴进行了如下的探究活动：表一质量m/g3681220时间t/s1.71.71.71.71.7表二倾角α/°1530456075时间t/s1.91.61.21.61.9（1）如图甲，保持斜面的倾角α不变，换用不同质量的小球，让它们分别从斜面的顶端由静止释放，测出小球下滑的时间如表一。小颖经过分析得出如下结论：。（2）不改变底边的长度，多次改变倾角。让同一小球从斜面的顶端由静止释放（如图乙）测出每次下滑的时间如表二。小颖对上述数据：进行了归纳分析，得出的结论是。根据实验可知，为了减少雨水在屋面上流淌的时间，在建造人字形屋面时，屋面的倾角应该以为宜。但实际建造房屋时，屋面倾角通常小于这个角，其原因之一可能是。四、解答题27．（2021九上·宁波月考）人们利用如图所示的滑轮组将浸没在河底的实心物体A打捞上来，物体A的密度为9.0×103kg/m3，体积为100dm3。在5000N的拉力F作用下，物体A在2s内匀速竖直上升2m（物体未露出水面），不计水的阻力，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3。求：（1）物体A受到的浮力。（2）拉力F做功的功率。（3）滑轮组的机械效率。28．（2021·宁波）反思是一种良好的学习品质。（1）一根轻质硬棒AB，在力的作用下能绕固定点O转动。现在硬棒AB上施加两个力F1和F2，O点到F1和F2的作用线的距离分别为d1和d2。小宁认为，只要满足F1×d1=F2×d2，则硬棒AB一定保持静止状态或匀速转动。你认为小宁的想法正确吗？请说出你的理由。（2）在“动滑轮”实验中，小宁通过如图所示装置进行实验，得到结论：使用动滑轮匀速提升物体，竖直向上的拉力F小于物重G。小宁思考后认为，即使不计摩擦和绳重，上述结论要成立，物重G和动滑轮重G动之间也必须满足一定条件。请你说出这一条件，并予以证明。29．（2021·杭州）已知一根质量分布均匀的圆柱体木料质量为60kg，体积为0.1m3。问：（1）此木料的密度为多少?（2）如图所示，甲、乙两人分别在A点和B点共同扛起此本料并恰好水平，其中AO=OB，O为木料的中点。求此时乙对木料的作用力大小。（3）若在(2)中当乙的作用点从B点向O点靠近时，请列式分析此过程中甲对木料作用力大小变化情况。30．（2022·仙居模拟）如图，某演员将脚固定在地面上，整个身体犹如一根杠杆，绕踝关节向前倾斜45°。研究发现，这一动作会使足部的跟腱部位承受相当大的力量，可能会造成跟腱受伤或断裂。（1）请计算该演员在表演45°前倾时，跟腱肌肉拉力F的大小。（已知：演员的质量为60千克，以踝关节中心为支点，重力力臂约为0.7米，跟腱肌肉拉力F的力臂d约为0.05米。）（2）跟腱是小腿肌肉力量传送至足部的最主要结构，如人在踮脚站立时，小腿后部肌肉（选填“收缩”或“舒张”），通过跟腱拉动脚后跟向上。（3）正常人在快速奔跑时，跟腱承受的力量峰值可达体重的12.5倍，因此人在运动时要注意保护足部跟腱，下列做法可取的是。A．跑步前先活动关节热身B．适当锻炼增强关节的牢固性C．韧带扭伤要避免活动，及时治疗D．为提高跑步成绩，每天超负荷训练31．（2022·余杭模拟）如图甲是一种抽水马桶。冲水原理如图乙，出水阀打开，水箱中的水减少，空心铜球就在重力作用下，随着水位下降而向下运动，通过金属杆AB绕O点转动，向上拉动进水管阀门，使水能通过进水管进入水箱；当出水阀关闭，随着不断进水，水箱中的水位不断上升，空心铜球随着向上运动，当金属杆处于水平位置时，空心铜球恰好浸没，把进水管阀门堵严，不再进水。已知进水管阀门的受力面积是24mm2，能承担的最大压强是5x105Pa。金属杆AB能绕O点转动，其质量及形变可忽略不计。重力和浮力认为作用在铜球的重心C，空心铜球体积为220cm3，AB长216mm，AO长24mm。水箱不再进水时，水箱中水的深度为进水管20cm，水箱的底部面积为200cm2。（g=10N/kg）试求（1）空心铜球浸没时所受的浮力是多大?（2）空心铜球的最大质量是多少？（3）水箱不再进水时，水箱底部受到水的压力是多少？32．（2021九上·温州期末）小明受电流表上的大、小量程启发，设计了一个双量程的电子天平，如图甲所示。其表盘由电流表改装，表上标有两个量程，小量程m1和大量程m2，OAB是一个水平轻质杠杆，O为支点，OB为10厘米，电源电压U恒为9伏，报警器的电阻R0为10欧姆，力敏电阻R的阻值与所受压力F变化的关系如图乙所示。项目一：标制电子天平的小量程0~m1（1）标0刻度：让图中OA=1厘米，忽略压杆、托盘和杠杆的质量及压杆的大小，闭合开关S，托盘空载时，电流表读数为安，此时指针指向电子天平的0刻度。（2）标最大值m1：闭合开关，向托盘中不断放入被测物，当报警器的功率达到3.6瓦时报警，此时电子天平读数设为最大值m1，计算出m1。（写出计算过程）（3）项目二：基于小量程设计大量程若要使电子天平的大量程m2和小量程m1之间的刻度值比例恒为5，从小量程转换到大量程，需对图甲中工作原理图做相应的调整，小明初步有以下几种设想：①调整杠杆上A的位置；②调整杠杆上B的位置；③改变电源电压的大小；④改变R0的阻值。请选择一种你认为可行的设想，说出具体的调整办法。33．（2021九上·舟山月考）在“研究杠杆平衡条件”的实验中：（1）实验前，杠杆在如图甲所示位置静止，应该将平衡螺母向（左/右）调节，直到杠杆在水平位置平衡，使杠杆的重心通过支点，也便于从杠杆直接测得力臂大小。（2）调好后，根据图乙进行实验，在A点处悬挂三个钩码，每个钩码重0.5N，将弹簧测力计倒挂在B点处，直到杠杆再次水平平衡，此时杠杆B点处受到的拉力应为N。由于弹簧测力计的示数比B点处的实际拉力（选填“偏大”“偏小”或“不变”），所以在弹簧测力计进行竖直向下拉的测量时，需要重新调零。（3）为了避免上述问题，小明重新调整设计方案如图丙所示，使弹簧测力计竖直向上拉，结果发现测出的拉力大小仍然与杠杆平衡的条件不相符，其原因是：。34．（2021九上·乐清期中）工人用如图所示的滑轮组送货物上楼，每次运送量不定。匀速提升货物时，滑轮组的机械效率（η）随货物重量变化如图乙所示。（滑轮和钢绳的摩擦力、绳重、箱子重忽略不计，g取10牛/千克）（1）箱子底部所能承受的最大压强为2千帕，底面积为0.5平方米，请计算所放货物的最大质量是多少？（2）匀速拉动400牛货物，使其上升2米，请计算拉力所做的功为多少？（3）当滑轮组的机械效率为60％时，计算所运送货物的重力。35．（2021九上·东阳月考）如图甲所示是小柯家厨房里的脚踏式翻盖垃圾桶的实物图，翻盖的原理是利用了两个杠杆和轻质硬杆BC组合而成。图乙是其示意图：脚踏杠杆AO1B、O为支点，A为脚踏处，AO1=24cm，BO1=18cm；桶盖杠杆DCO2，O2为支点，桶盖的质量为600g，桶盖和连接杆的尺寸如图乙所示，脚踏杆和其他连接杆的质量不计，桶盖质量分布均匀，厚度不计，D为重心，桶盖闭合时，连接杆BC处于竖直状态。请分析回答：（1）出图乙可知，则杠杆AO1B为(选填“省力”“等臂”或“费力”)杠杆；（2）若要把桶盖翻开，作用在C点的力至少为多大；（3）若将桶盖翻开30°，桶盖克服重力做了多少功。．36．（2021·鄞州模拟）如图光滑带槽的长木条AB可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细线连接在地板上，OA=0.2m，OB=0.3m。在木条的B端通过细线悬挂一个质量为700g长方体物块，并处于底面积为50cm2的圆柱形容器中，且物块始终不与容器底部接触，杠杆在水平位置保持平衡。先把质量为750g的水注入容器中，水未溢出，水面静止后，物块有一半体积露出水面，且杠杆仍在水平位置平衡，水对容器底面的压强为2000Pa。然后，让质量为900g的小球从B端沿槽向A端匀速运动，经过3s后，A端细绳的拉力为零。整个过程中，细绳不会断裂，长木条AB和细绳的质量不计，求：（1）加水前杠杆平衡时，A端细线对地面的拉力。（2）加水稳定后，物块受到的浮力。（3）物块的密度。（4）小球运动的速度。五、综合说理题37．（2022·玉环模拟）将一支蜡烛的两端削尖，在中间垂直插入一枚钢针，把钢针的两端分别架在两个玻璃杯上，用小刀对蜡烛的两端加工，使蜡烛能在水平位置平衡。先后将蜡烛的两端点燃，蜡烛将会怎样运动？阐述所依据的科学知识。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【分析】读图，甲包含乙丙丁，乙丙丁为并列关系。结合选项分析。

【解答】A：血管包含动脉、静脉、毛细血管，动脉、静脉、毛细血管是并列关系，A正确。

B：杠杆包含省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆，省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆是并列关系，B正确。

C：合金不是有机合成材料，C错误。

D：射线包含α射线、β射线、γ射线，α射线、β射线、γ射线，并列关系，D正确。

故选C。2．【答案】B【解析】【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3，则拉力F移动的距离s=3h。0s～1s内，物体处于静止，1s～2s内，物体在做加速运动，2s～3s内，物体匀速运动。

（1）已知滑轮组绳子的段数n和拉力F拉，物体静止，设动滑轮对物体的拉力F′，其关系为F拉=13（F'+G动）；物体对地面的压力等于地面对物体的支持力，等于物体的重力G减去动滑轮对物体的拉力F′；

（2）由F-t图象得出在1～2s内的拉力F，由h-t图象得出重物上升的高度，求出拉力F的作用点下降的距离，利用W总=Fs求拉力做的总功；

（3）由F-t图像得出在2～3s内的拉力F，由图像丙确定物体移动的速度，求出拉力F的作用点下降的速度，利用P=Fv求拉力做功的功率；

（4）利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求滑轮组的机械效率。

【解答】A.由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N。

取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及动滑轮对物体的拉力F′作用，

则物体对地面的压力：F压=F支=G-F′=G-3F拉+G动=100N-3×30N+G动=G动+10N＞10N，故A错误；

B.在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m，

拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m，

拉力做的功：W总2=F2s2=50N×3.75m=187.5J，

故B正确；

C.由图可知，在2～3s内，拉力F3=40N，物体上升的速度为v物3=2.5m/s；

3．【答案】D【解析】【分析】根据杠杆的平衡条件分析判断。

【解答】根据图片可知，将后轮提起时，前面的车轮相当于杠杆的支点，阻力为自行车的重力，动力为手提的力。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，D点的动力臂最长，则此时最省力，故D正确，而A、B、C错误。

故选D。4．【答案】A【解析】【分析】根据实验室常见的实验操作，结合杠杆平衡的应用，进行解答。

【解答】根据杠杠平衡的原理，F1L1=F2L2，当L2越大，F2L2越大，只需要找到L2最大的悬挂位置，由此可知铁架台最有可能倾倒的是A图。

故选A。5．【答案】B【解析】【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。

【解答】A.使用筷子时，大拇指的位置相当于支点，动力作用在食指上，阻力作用在筷子的尖端，此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A不合题意；

B.使用开瓶器时，与瓶盖上表面接触的牙齿相当于支点，阻力作用在瓶盖的边缘，而动力作用在手柄的末端，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故B符合题意；

C.抓举哑铃时，肘关节相当于支点，肱二头肌提供动力，而阻力作用在手掌，此时动力臂小于阻力臂，相当于费力杠杆，故C不合题意；

D.旗杆顶部的滑轮为定滑轮，它是一个等臂杠杆，不省力不费力，故D不合题意。

故选B。6．【答案】D【解析】【分析】根据杠杆的平衡条件判断。

【解答】水龙头其实是一个轮轴，也就是变形的杠杆。插入钥匙后，增大了动力臂，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，此时可以省力，故D正确，而A、B、C错误。

故选D。7．【答案】C【解析】【分析】（1）根据F=1nG总比较拉力大小；

（2）根据W有=Gh比较有用功的大小；

（3）根据W额=G动h比较额外功的大小；

（4）根据η=W有W总比较机械效率的大小。

【解答】A.甲图中拉力为：F甲=1nG总=12G乙+G动=8．【答案】A【解析】【分析】在杠杆上，当以杠杆支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时动力最小，据此分析判断。

【解答】根据图片可知，动力F逆时针转动，当力的方向与OA垂直时，此时动力臂最长，即动力臂先变大后变小，故A正确，而B、C、D错误。

故选A。9．【答案】C【解析】【分析】注意分析动力臂和阻力臂的变化，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析即可。

【解答】根据图片可知，动力F始终与杠杆垂直，因此动力臂L1保持不变。在杠杆转动过程中，由于物体重力的方向是竖直向下的，所以当杠杆转动到水平位置时阻力臂最长，即阻力臂不断增大。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力是不断增大的。在开始的一段时间内，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；在后来的时间内，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故C正确，而A、B、D错误。

故选C。10．【答案】B【解析】【分析】注意动力臂的长度变化，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2判断。

【解答】根据图片可知，在E环从C点顺时针转动到D点的过程中，当EA与杠杆AO垂直时，动力臂最长，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，此时动力最小，因此拉力F的变化情况为先变小后变大，故B正确，而A、C、D错误。

故选B。11．【答案】B【解析】【分析】（1）对小明进行受力分析即可；

（2）相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线和两个物体上；

（3）比较动力臂和阻力臂的大小，确定杠杆的分类；

（4）根据力的作用效果判断。【解答】A.根据图片可知，小明受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和拉力，此时三力平衡，故A错误；

B.小明受到的支持力和小明对坐垫C的压力为一对相互作用力，二者大小相等，故B正确；

C.根据图片可知，因为AO1>BO1，所以杠杆AO1B为省力杠杆，故C错误；

D.虽然坐垫为金属材质，但是受到压力依然会发生形变，只是程度较小，故D错误。

故选B。12．【答案】（1）力是改变物体运动状态的原因；有（2）；省力【解析】【分析】（1）①根据力与运动的关系分析解答；

②根据物体间力的作用的相互性分析解答；

（2）①力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂线段的长度；

②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。【解答】（1）①小磁针发生转动，可以说明它一定受到力的作用，因为力是改变物体运动状态的原因；

②物体间力的作用是相互的，虽然直导线未动，但此时偏转的小磁针对直导线有力的作用。

（2）①通过支点O2作F1的作用线的垂线，O2到垂足之间的距离就是动力臂L1，如下图所示：

②根据图片可知，在正常使用手柄取水时，动力臂大于阻力臂，则手柄属于省力杠杆。

13．【答案】（1）62；10（2）60；40【解析】【分析】（1）对动滑轮进行受力分析，根据二力平衡的知识计算出拉力F。首先将拉力F与重力G进行比较，确定省力还是费力，然后再计算滑轮移到的距离。

（2）根据（1）中的方法分析解答。【解答】（1）根据图片可知，动滑轮受到竖直向上的拉力F，竖直向下的重力G动，绳子向下的拉力2个，都等于G。根据二力平衡的知识得到：F=G动+2G=2N+30N×2=62N。

因为62N>30N，所以此时动滑轮是费力的，那么省距离，即滑轮向上移到的距离：ℎ=sn=14．【答案】40；费力【解析】【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算拉力；

（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。

【解答】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：G×OB=F×OA；

30N×（30cm+10cm）=F×30cm；

解得：F=40N，

（2）因为动力臂小于阻力臂，所以为费力杠杆。15．【答案】1.12；费力【解析】【分析】（1）首先根据定滑轮的特点计算出绳子对杠杆的拉力，再根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算套环的位置。

（2）比较动力臂和阻力臂的大小，确定杠杆的分类。【解答】（1）定滑轮不省力不费力，则绳子对杠杆的拉力F2=280N；

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：500N×L1=280N×2m；

解得：L1=1.12m。

（2）因为动力臂小于阻力臂，所以为费力杠杆。16．【答案】（1）0.8（2）4【解析】【分析】（1）根据s物=v物t计算物体运动的距离；

（2）首先根据v=nv物计算拉力的移动速度，再根据P=Fv计算拉力的功率。【解答】（1）2s内物体运动的距离是s物=v物t=0.4m/s×2s=0.8m；

（2）拉力F移动的速度v=nv物=2×0.4m/s=0.8m/s；

则拉力F的功率：P=Fv=5N×0.8m/s=4W。17．【答案】（1）O处（2）先变小后变大【解析】【分析】（1）根据二力平衡的条件判断；

（2）分析动力臂的长度变化，再根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析动力的变化。【解答】（1）当杠杆处于平衡状态时，左右两边的拉力相互抵消，此时杠杆受到竖直向下的重力和支点竖直向上的支持力，二者相互平衡。根据二力平衡时两个力肯定在同一直线上可知，整个装置的重心位于O点上方。

（2）保持重物不动，而使绳绕A点沿图中虚线缓慢逆时针转动，当拉力方向与杠杆垂直时，动力臂最长，此时动力最小，因此拉力F先变小后变大。18．【答案】较近；省力【解析】【分析】（1）惯性的大小与物体的质量有关，即质量越大，惯性越大；

（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的类别。【解答】（1）稻谷的密度小，质量较小，因此惯性较小，因此稻谷会落在较近的地面上。

（2）根据图片可知，去壳的“土砻”在使用时，动力臂大于阻力臂，相当于省力杠杆。19．【答案】25；6【解析】【分析】（1）对动滑轮进行受力分析，得到力的平衡式，然后代入数据计算出即可；

（2）首先根据动滑轮的特点计算出拉动弹簧测力计的速度，然后利用公式P=Fv计算功率的大小。

【解答】（1）在不计绳和测力计重及摩擦时，图中有两股绳子连接动滑轮，

根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计的示数：F=2GB+G动，

即：60N=2GB+10N；

解得，物体B的重力：GB=25N；

（2）图中有两股绳子连接动滑轮，所以人拉弹簧的速度等于物体B速度的一半，

即速度v=12vB20．【答案】（1）①③（2）4【解析】【分析】（1）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。

（2）根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，利用杠杆平衡条件可求出关门所需的最小力F。

【解答】（1）根据图乙可知，门吸离支点较近，而手作用在边缘，离支点较远，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆。

①推行李车时，车轮为支点，重力为阻力，动力作用在手柄的边缘，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；

②拿起晾衣杆时，靠近胸口的手为支点，另一只手施加动力，而衣服施加的阻力作用在杆的顶端，此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；

③做俯卧撑时，脚尖为支点，重力为阻力，手施加动力，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；

④抬起物体时，腰为支点，物体的重力相当于阻力，手施加动力，此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。

故选①③。

（2）已知O为支点，利用杠杆平衡条件可得，F×L门宽=F引力×L引力，

即：F×1.2m=6N×0.8m，

解得：F=4N。21．【答案】（1）右（2）1（3）得出普遍规律【解析】【分析】（1）杠杆总是向较重的一端下沉；

（2）在图2中，A点的一个钩码用于平衡杠杆的质地不均匀造成的影响，可以看作杠杆的一部分，然后根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算即可。（3）在科学探究中，往往需要改变实验器材或方法，多次完成实验，从而收集多组数据，这样得到的结论会更客观，具有普遍意义。【解答】（1）根据图1可知，调节平衡螺母后杠杆还是向右侧倾斜，因此杠杆右侧质量更大。

（2）在图2中，虽然在A点挂两个钩码，其实相当于挂一个钩码，

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：G×6L=F2×6L；

解得：F=G；

即挂1个钩码。

（3）本实验应改变钩码个数及悬挂位置，多次进行实验，目的是：得出普遍规律。22．【答案】（1）3（2）将其中一端物体悬挂的位置上移（或下移动）1格（或2格）（3）支点不在厚纸的重心，厚纸板自身重力会对实验造成影响【解析】【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析计算；

（2）钩码的重力始终竖直向下，因此将钩码的悬挂点在竖直方向上移动时，力臂的大小保持不变；

（3）当杠杆的重力作用线恰好从支点经过时，重力的力臂为零，因此不会对杠杆的平衡产生影响；否则，杠杆的重力也会对平衡产生影响，据此分析解答。【解答】（1）设每格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：G×3L=nG×L，解得：n=3。

（2）要验证这一观点，在完成图乙实验后，需要进行的下一步实验操作是：将其中一端物体悬挂的位置上移（或下移动）1格（或2格）。

（3）小军进行如图丙实验，松手后发现杠杆不能保持水平平衡，其原因是：支点不在厚纸的重心，厚纸板自身重力会对实验造成影响。23．【答案】（1）变小（2）动滑轮有重力；将动滑轮的重力计算在提升物体的重力中【解析】【分析】（1）对弹簧上受到的拉力进行分析；

（2）在使用动滑轮提升物体时，不但要提升物体，还要同时提升动滑轮。即使不考虑摩擦，绳子重力等因素，此时拉力为动滑轮和物体重力的一半，也会大于物重的一半。如果将动滑轮和物体看作一个整体，那么这个影响就可以忽略。【解答】（1）如乙图所示，如果将测力计倒过来，将吊环系在拉绳上，此时测力计的外壳会对绳子产生向下的拉力。当缓慢拉动时，绳子上的拉力等于测力计的外壳重力与弹簧测力计的示数和，因此测力计的示数会变小。

（2）在探究动滑轮时，照图丙操作，记录数据如下表，分析数据发现，测力计的示数F大于物重G的一半，与课本结论存在差异，其原因是动滑轮有重力，减小此差异的建议：将动滑轮的重力计算在提升物体的重力中。24．【答案】（1）便于直接读出力臂的大小（2）1.5（3）变大（4）解：如图所示：【解析】【分析】（1）当杠杆在水平位置平衡时，钩码对杠杆的拉力竖直向下，则从支点到悬挂点的杠杆长度恰好等于力臂的长度，于是根据刻度可以方便的读出力臂。

（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；（3）根据动力臂的长度变化，确定弹簧测力计的示数变化。

（4）当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时动力最小。【解答】（1）小王调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡的主要目的是便于直接读出力臂的大小。

（2）设每格的长度为L，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：4×0.5N×3L=G×4L，解得：G=1.5N。

（3）如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，此时动力臂逐渐变小，根据杠杆的平衡条件可知，此时的弹簧测力计的示数逐渐变大。

（4）通过B点作杠杆的垂线，在向上的方向上标上箭头，标上最小的动力F，如下所示：

25．【答案】（1）左（2）B（3）右端下沉【解析】【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；

（2）当杠杆在水平方向平衡时，此时钩码产生的动力和阻力的方向恰好和杠杆垂直，此时力的作用点到支点的距离恰好等于动力臂和阻力臂，因此会得到小亮的结论。如果换用弹簧测力计，并改变拉力的方向，此时动力臂会发生变化，肯定就不会得到小亮的结论。

（3）分析左边力和力臂的变化即可。【解答】（1）根据甲图可知，将细线悬挂的位置看作支点，左边铅笔的重力看作动力，右边铅笔的重力看作阻力。此时左端下沉，说明左边铅笔的重力和力臂的乘积大于右边铅笔重力和力臂的乘积。如果要使铅笔在水平位置平衡，那么需要减小左边力臂，增大右边力臂，即将细线向左移动。

（2）为了进一步完善实验，得出普遍规律，小亮接下来的做法应该是改变力的方向，使力臂不等于支点到力的作用点的距离，故选B。

（3）原来铅笔是水平平衡的，则左边铅笔重力和力臂的乘积等于右边铅笔重力和力臂的乘积。左边的铅笔芯断掉后固定在左端细线下，即左边铅笔的重力不变但是力臂却减小了，即左边的乘积小于右边，因此松手后的笔右端下沉。26．【答案】（1）在光滑斜面的倾角α不变的情况下，不同质量的小球下滑时间相同（或光滑斜面上，小球的下滑时间与质量无关）；（2）在不改变斜面底边长度的情况下，随着斜面倾角的不断增大，小球下滑时间先是减小然后增大；45°；防止瓦片下滑（或同样耗材的情况下增大空间或节约建筑材料等）【解析】【分析】斜面是一种简单机械，可用于克服垂直提升重物之困难，省力但是费距离。距离比和力比都取决于倾角：斜面与平面的倾角越小，斜面较长，则省力越大，但费距离。【解答】（1）从表中可以看出，在光滑斜面的倾角不变情况下，不同质量的小球下滑时间相同(或光滑斜面上，小球的下滑时间与质量无关)；

（2）从表中可以看出，在不改变斜面底边长度的情况下随着斜面倾角的不断增大，小球下滑的时间先是减小然后增大；[3]小球在倾角为45°时，所用的时间最少，因此屋面的倾角应该为45°；

倾角越小瓦片越不容易下滑，并且节约建筑材料，因此实际建造房屋时，屋面倾角通常小于这个角，是为了防止瓦片下滑(或同样耗材的情况下增大空间或节约建筑材料等)。27．【答案】（1）解：物体A受到的浮力F浮为：F=ρgV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10－3m3=1.0×103N（2）解：拉力F移动的距离s=2h=2×2m=4m，拉力F所做的总功W总=Fs=5000N×4m=2.0×104J，则拉力F做功的功率：P=（3）解：物体A的重力为G=mg=ρgV=9.0×103kg/m3×10N/kg×100×10－3m3=9.0×103N滑轮组的机械效率为：η=W有【解析】【分析】（1）当物体完全浸没在水中时，它排开水的体积等于自身体积，此时根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排计算它受到的浮力。

（2）首先根据s=nh计算出拉力移动的距离，再根据W总=Fs计算拉力所做的功，最后根据P=W总t计算出拉力的功率。

28．【答案】（1）小宁的想法不正确如果硬棒AB在F1的作用下绕固定点O发生转动的方向，与在F2的作用下绕固定点O发生转动的方向相同，那么即使F1×d1=F2×d2成立，硬棒AB也不可能保持静止状态或匀速转动。（2）条件：物重G大于动滑轮重G动(G>G动)证明过程：在不计绳重和摩擦的情况下，F=G+因为F<G，所以G+G动【解析】【分析】（1）力的作用效果与力的大小、作用点和方向有关。在杠杆中，杠杆平衡需要满足的条件：①力和力臂的乘积相等；②两个力使杠杆的转动方向相反，据此分析解答。

（2）在动滑轮上，承担重力的绳子有2段，那么自由端的拉力为F=G+29．【答案】（1）解：ρ=mV=（2）解：G=mg=60kg×10N/kg=600N以A为支点，根据杠杆平衡条件F1×l1=F2×l2得F乙×AB=G即F乙=G×（3）解：当乙的作用点向O点靠近时，此时作用点记为B’以A为支点，根据杠杆平衡条件：F1×l1=F2×l2得：F×AB’=G×AO即F乙=G×AO/AB’因为AB’减小，而G×AO不变，所以F乙变大而F乙+F甲=G，所以F甲变小【解析】【分析】（1）已知质量和体积，根据公式ρ=mV=60kg0.1m3计算木料的密度；

（2）首先根据G=mg计算出木料的重力，然后将A看做杠杆的支点，木料的重力看做阻力，阻力臂为AO，B点的支持力为动力，动力臂为AB，然后根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算乙对木料的作用力。

（3）当乙的作用点向O点靠近时，乙的动力臂逐渐减小，根据杠杆的平衡条件F1×l1=F230．【答案】（1）G=mg=60kg×10N/kg=600NF1L1=F2L2600N×0.7m=Fx0.05mF=8400N（2）收缩（3）A；B；C【解析】【分析】(1)根据杠杠平衡的动态分析解答。(2)根据骨骼和肌肉的作用解答。【解答】(1)该演员在表演45°前倾时，跟腱肌肉拉力F的大小。G=mg=60kg×10N/kg=600NF1L1=F2L2600N×0.7m=Fx0.05mF=8400N

(2)如人在踮脚站立时，小腿后部肌肉收缩，通过跟腱拉动脚后跟向上。

(3)正常人在快速奔跑时，跟腱承受的力量峰值可达体重的12.5倍，因此人在运动时要注意保护足部跟腱。

A：跑步前先活动关节热身，正确。

B：适当锻炼增强关节的牢固性，正确。

C：韧带扭伤要避免活动，及时治疗，正确。

D：为提高跑步成绩，每天超负荷训练，错误。

故选ABC。31．【答案】（1）解：铜球完全浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV球=1×103kg/m3×10N/kg×220×10−6m3=2.2N（2）解：受力如图所示：A处受到水向上的压力F1=p水S=5×105Pa×24×10−6m2=12N由杠杆平衡条件可得F1×OA=FB×OB则F浮球受三个力作用平衡，即F浮=FB+G则铜球的重力G=F浮−FB=2.2N−1.5N=0.7N空心铜球的质量m=（3）解：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×20×10-2m=2×103PaF=pS=2×103Pa×200×10-4m2=40N【解析】【分析】（1）空心铜球完全浸没时，它排开水的体积等于自身体积，根据阿基米德原理F浮力=ρ液gV排计算出它受到的浮力即可。

（2）首先根据F=pS计算出A处受到水向上的压力FA，再根据杠杆的平衡原理F1L1=F2L2计算出B处受到向下的压力FB，再根据二力平衡的原理G=F浮−FB计算出空心铜球的重力，最后根据重力公式计算出铜球的质量。

（3）首先根据公式p=ρ液gh计算出水箱底部受到水的压强，再根据F=pS计算出水箱底部受到水的压力。32．【答案】（1）0.2（2）解：p0=I2R0，3.6瓦=I2×10欧，I=0.6安R总=U/I=9伏/0.6安=15欧，R=15欧-10欧=5欧查表可知，F=70牛根据F1L1=F2L2，F1×10厘米=70牛×1厘米，F1=7牛m=G/g=F/g=7牛/10（牛/千克）=0.7千克=700克（3）选择①，调节OA为5厘米；选择②，调节OB为2厘米。【解析】【分析】（1）根据甲图可知，闭合开关S后，报警器R0与力敏电阻串联。根据乙图确定压力为零时力敏电阻的阻值，根据R总=R+R0计算出总电阻，最后根据I总=U总R总计算出总电流即可。

（2）根据R0的功率，利用公式p0=I2R0计算出此时通过电路的电流，再利用R总=UI计算出此时的总电阻，再根据R=R总-R0计算出力敏电阻的阻值，并查表得到此时它受到的压力F。接下来根据杠杆的平衡条件F（3）根据杠杆的平衡条件分析判断。【解答】（1）根据甲图可知，闭合开关S后，报警器R0与力敏电阻串联。

当压力为零时，力敏电阻R=35Ω；

此时的总电阻：R总=R+R0=35Ω+10Ω=45Ω；

此时的电流表示数：I总=U总R总=9V45Ω=0.2A；

（3）根据图片可知，这个电子天平其实就是一个电流表，它大小量程之间的比例为5，即通过电流相等时，托盘上物体的质量的比例为5，则改变电源电压大小，或者改变R0的阻值，都会对电流产生影响，而对质量的测量没有影响，故③④不合题意；

①如果OB不变，那么：当天平处于小量程时，根据杠杆的平衡条件得到：G×OB=F×OA①；

当天平处于大量程时，根据杠杆的平衡条件得到：5G×OB=F×OA'②；

①②做比得到：15=OAOA'；

即OA'=5OA=5×1cm=5cm；

②如果OA不变，那么：当天平处于小量程时，根据杠杆的平衡条件得到：G×OB=F×OA①；

当天平处于大量程时，根据杠杆的平衡条件得到：5G×OB'=F×OA②；

33．【答案】（1）右（2）1.2；偏小（3）杠杆自身存在重力，使测的拉力偏大【解析】【分析】（1）平衡螺母总是向轻的那端调节；

（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析计算。当弹簧测力计悬挂在杠杆的下面时，由于测力计自身有重力，所以施加的拉力和重力之和等于计算出的拉力，因此测力计的示数会偏小。

（3）当支点在杠杆的一侧时，由于杠杆的重力作用线不从支点经过，因此会对杠杆的平衡产生影响。因为杠杆重力向下，所以