黄金卷06（福建专用）（解析版）-A4

试卷第=page22页，共=sectionpages2222页第页【赢在高考·黄金8卷】备战2025年高考物理模拟卷（福建专用）黄金卷06（考试时间：75分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．2024年8月，运动员潘展乐在长为50米的泳池中，以46秒40的成绩获得巴黎奥运会男子100米自由泳冠军，并打破世界纪录，下列说法正确的是（）A．“100米”指的是位移大小B．“46秒40”指的是时间间隔C．运动员在加速冲刺过程中惯性增大D．运动员比赛的平均速度大小约为【答案】B【解析】位移指的是从起始位置指向终止位置有向线段的长度，这里的“100米”指的是路程，不是位移，A错误；“46秒40”指的是时间间隔，B正确；惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关，则惯性不变，C错误；100米刚好是在泳池内一个往返，位移为0，平均速度为0，D错误。2．如图所示，为高中物理实验室常用的磁电式电流表的内部结构，基本组成部分是磁体和放在磁体两极之间的线圈，其物理原理就是通电线圈因受安培力而转动。电流表的两磁极装有极靴，极靴中间还有一个用软铁制成的圆柱。关于磁电式电流表，下列说法正确的是（）A．铁质圆柱内部磁感应强度为零B．线圈的磁通量始终为零C．线圈转动时，螺旋弹簧变形，反抗线圈转动D．电流不为零，线圈停止转动后不再受到安培力【答案】C【解析】铁质圆柱没有将磁场屏蔽，内部有磁场，即铁质圆柱内部磁感应强度不为零；磁场是辐向分布，穿过线圈的磁通量不是始终为0，AB错误；线圈中通电流时，线圈受到安培力的作用使线圈转动，螺旋弹簧被扭紧，阻碍线圈转动，随着弹力的增加，当弹力与安培力平衡时线圈停止转动，C正确，D错误。3．如图所示，为某小型发电站的输电示意图。发电站的输出功率为，经变压器升压后，输出电压为，发电站到用户的距离是，输电线的总电阻为，经过降压变压器给一居民小区供电，变压器均为理想变压器。下列判断正确的是（）A．输电线路中的电流为B．输电线损失功率为C．若仅将输出电压加倍，线路损耗的电功率减半D．若仅将输出电压加倍，输电线路中的电流加倍【答案】B【解析】输电线路中的电流为A，故A错误；输电线损失功率为W，故B正确；输电线损失功率为，可见，、r不变，若输出电压加倍，线路损耗的电功率减为原来的，输电线路中的电流减半，CD错误。4．如图所示，在匀强电场中一带正电粒子先后经过a、b两点。已知粒子的比荷为k，粒子经过a点时速率为3v，经过b点时速率为4v，粒子经过a、b两点时速度方向与ab连线的夹角分别为、，ab连线长度为L。、，若粒子只受电场力作用，则（）A．电场强度的大小B．电场强度的方向垂直于初速度3v方向C．a、b两点间的电势差为D．粒子在a、b两点的电势能之差为【答案】A【解析】设电场力的方向与ab所在直线夹角为，如图所示，垂直电场方向速度分量相同，根据几何知识有，解得，垂直电场力方向做匀速运动，运动的时间为，沿电场力方向速度变化量为，电场强度的大小为，故A正确，B错误；根据匀强电场电场强度可知，a、b两点的电势差，故C错误；根据功能关系有，电荷量未知，无法确定粒子在a、b两点的电势能之差，D错误。二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有2项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5．如图1所示，等腰为一棱镜的横截面，；一平行于BC边的细光束从AB边射入棱镜，在BC边经过一次反射后从AC边射出，出射光分成了不同颜色的a、b两束光。如图甲所示将一矩形玻璃板水平固定，另一矩形玻璃板一端放在水平玻璃板M端上，另一端与水平玻璃板N端之间插入两张纸片。现将a、b两束光分别从上方竖直射入图甲，从上方可以观察到明暗相间的条纹如图乙、丙所示。下列说法正确的是（）A．a光对应丙图条纹，b光对应乙图条纹B．乙、丙图条纹是由两块玻璃板上表面反射的光干涉形成的C．少垫一张纸片，条纹间距变小D．在同一介质中发生全反射时，b光比a光的临界角要小【答案】AD【解析】由折射定律可得，b光的偏折程度大，折射率大，所以b光的频率大，波长小，条纹间距小，说明a光对应丙图，b光对应乙图，A正确；条纹是由空气膜的上下表面反射的两列光干涉形成的，B错误；发生干涉现象的两列光对应的光程差为空气膜厚度的2倍，少垫一张纸片，空气膜厚度变小，条纹间距变大，C错误；在同一介质中，频率大的光折射率大，b光的折射率大于光a的折射率，根据全反射临界角公式可知，b光比a光的临界角要小，D正确。6．如图所示，真空中三点的连线构成一个边长的等边三角形，为连线的中垂线，为连线中点．若将电荷量均为的两点电荷分别固定在点，已知静电力常量，则（）A．两点电荷间的库仑力大小为B．将一负点电荷放在点受到的电场力最大C．A点的电场强度的大小为D．从到A电势逐渐降低【答案】CD【解析】两点电荷间的库仑力大小为故A错误；在点的负点电荷和B、C两点处正点电荷的电场力等大反向，合力为零，合力最小，B错误；A点的电场方向如图所示，则A点的电场强度的大小为，故C正确；电场线的分布由B、C两点向外延伸，可知从到A的电势逐渐降低，D正确。7．2024年7月19日，我国成功发射高分十一号05卫星。如图，高分十一号05卫星和另一颗卫星a分别沿圆轨道和椭圆轨道绕地球运行，圆轨道半径为R，椭圆轨道的近地点和远地点间的距离为2R，两轨道位于同一平面内且A点为两轨道的一个交点，某时刻两卫星和地球在同一条直线上，线速度方向如图，只考虑地球对卫星的引力，下列说法正确的是（）A．在图示位置，高分十一号05卫星的加速度大小小于卫星a的加速度大小B．在图示位置，两卫星的线速度大小关系为C．从图示位置开始，卫星a先运动到A点D．高分十一号05卫星的线速度大小始终大于卫星a的线速度大小【答案】BC【解析】根据，可得，由于在图示位置高分十一号05卫星离地心的距离小于卫星离地心的距离，高分十一号05卫星的加速度大小大于卫星的加速度大小，A错误；在图示位置，以地心为圆心，过卫星所处位置作一与椭圆相切的辅助圆，辅助圆的半径大于，假如卫星在辅助圆上的线速度大小为，卫星要变轨到椭圆轨道上，必须减速，，再根据卫星在圆轨道运行，则有，可得可知，轨道半径越大线速度越小，有，联立可得，B正确；由题意得卫星的半长轴为，根据开普勒第三定律可得两卫星的周期相同，从图示位置开始，卫星运动到点时间小于半个周期，而高分十一号05卫星运动到点时间大于半个周期，卫星先运动到点，C正确；同理在椭圆轨道的近地点作一相切的辅助小圆，根据卫星在圆轨道运行，则有，可得可知，轨道半径越大线速度越小，卫星在近地点的线速度大小大于，D错误。8．如图，在一个边长为L的正六边形区域内，存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，P、M两点分别为AF、BC的中点。现有两个比荷为的相同带正电粒子甲、乙（重力不计），先后从P点沿PM、PO方向以大小不等的速率射入磁场中，经磁场偏转后，分别从A点、B点射出磁场，则（）A．粒子甲射入磁场的速率B．粒子甲在磁场中运动的时间为C．粒子乙射入磁场的速率D．若一相同的带电粒子丙从P点沿纸面方向以速率射入磁场，从CD边射出磁场，则该粒子在磁场中运动的最短时间为【答案】AC【解析】作出粒子甲、乙在磁场中运动的轨迹如图所示，甲在磁场中运动的轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力有，解得，故A正确；粒子甲在磁场中运动的周期，运动轨迹所对的圆心角为，在磁场中运动的时间为，故B错误；根据图中几何关系知，，，则，乙运动的轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力有，解得，故C正确；粒子丙在磁场中运动的轨迹半径，粒子丙运动轨迹的半径一定，运动轨迹对应的弦越短，轨迹对应的圆心角越小，运动时间越短，作于N点，则丙从N点射出时在磁场中运动的时间最短，则为正三角形，则丙在磁场中运动的最短时间为，故D错误。三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13为实验题，14～16题为计算题。考生根据要求作答。9．（3分）已知钠的极限频率是，真空中波长为的紫外线打到金属钠的表面时发生光电效应（选填“能”或“不能”），是因为。（3分）【答案】能（2分）此紫外线的频率为1015Hz，大于钠的极限频率（1分）【解析】由，解得，故其频率大于钠的极限频率，这种紫外线打到金属钠的表面时，能发生光电效应。10．如图甲所示，均匀介质中两波源、分别位于x轴上，处，时两波源同时从平衡位置开始振动，起振方向相同，振动周期和振幅相同，波源的振动图像如图乙所示。质点P位于x轴上，处，已知质点P在时开始沿y轴正方向振动，波的传播速率为___________。两列波都传到P点后，P___________（填“振幅变大”“振幅不变”或“振幅为0”）。（3分）【答案】10（2分）振幅为0（1分）【解析】已知质点P在时开始沿y轴正方向振动，可知波源的振动刚传到处，则波的传播速率为，由乙图可知周期为，则波长为，P点与两波源的波程差为，由于两波源的起振方向相同，振幅相同，可知P点为振动减弱点，两列波都传到P点后，P振幅为0。11．（3分）如图，在汽缸内活塞左边封闭一定质量的空气（可视为理想气体），压强和大气压相同。把汽缸和活塞固定，使汽缸内空气升高一定的温度，空气吸收的热量为Q1，此时汽缸内单位时间内撞击活塞的空气分子数_______（填“增加”“减少”“不变”），容器壁单位面积单位时间受到气体分子的总冲量_______（填“增大”“减小”“不变”）；若让活塞可以自由滑动（活塞与汽缸间无摩擦，不漏气），也使汽缸内空气温度升高相同温度，其吸收的热量为Q2，则Q2_______Q1（填“大于”“等于”“小于”）。（3分）【答案】增加（1分）增大（1分）大于（1分）【解析】活塞不动时，空气的体积不变，温度升高，压强增大，封闭空气的平均动能增大，平均速率增大，由于分子数密度一定，根据压强的微观意义可知，汽缸内单位时间内撞击活塞的空气分子数增加；气体的压强即容器壁单位面积单位时间受到气体分子的总冲量，温度升高，体积不变，气体压强增大，容器壁单位面积单位时间受到气体分子的总冲量增大；根据题意可知，两种情形封闭气体增加的内能相同，活塞固定时，有，活塞移动时，有，，由此可得。12．（5分）某实验小组探究单摆做简谐运动的周期和小球的质量、单摆摆长的关系。(1)小组内的两位同学各自组装了一套实验装置，分别如图甲、乙所示。为了保证小球在确定的竖直面内摆动，应选用图_____（选填“甲”或“乙”）所示的实验装置。(2)关于该实验，下列说法正确的是_____。A．该探究方法为控制变量法B．实验所用小球的质量要尽量大，体积要尽量小C．实验时细线的最大摆角约为D．测量小球的摆动周期时，应该从小球处上最高点时开始计时(3)当小球的质量一定，探究单摆做简谐运动的周期和摆长的关系时，该小组同学利用正确装置通过改变摆长进行了多次实验，画出的图像如图丙所示，由图丙可得小球的质量一定时，周期和摆长的关系为_____（用、、表示）。（5分）【答案】(1)乙（1分）(2)AB（2分）(3)（2分）【解析】（1）为了保证小球在确定的竖直面内摆动，应选用图乙所示的实验装置。（2）探究单摆做简谐运动的周期和小球的质量关系时，应控制单摆摆长相同；探究单摆做简谐运动的周期和单摆摆长的关系，应控制小球的质量相同，该探究方法为控制变量法，A正确；为减小空气阻力的影响，实验所用小球的质量要尽量大，体积要尽量小，B正确；小球做单摆运动，实验时细线的最大摆角约为5°，C错误；测量小球的摆动周期时，应该从小球处于最低点时开始计时，D错误。（3）根据图像可得，可得周期T和摆长l的关系为。13．（7分）某实验小组为描绘一只标有“2.2V；1.1W”字样小灯泡的U-I图像，设计了如图甲所示的电路。实验室提供了以下器材：A．电源E：电动势为3V，内阻不计B．电压表V：量程为3V，内阻约为1kΩC．电流表A1：量程为3A，内阻约为0.1ΩD．电流表A2：量程为0.6A，内阻约为0.6ΩE.滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω，额定电流为0.6AF.滑动变阻器R2：最大阻值为15kΩ，额定电流为1AG.开关S，导线若干（1）实验中电流表应选________（填“C”或“D”），滑动变阻器应选________（填“E”或“F”）。（2）请根据图甲的电路图将图乙的实物图连接完整________。（3）连接好电路后，在闭合开关前，应将图乙中滑动变阻器的滑片移到________（填“M”或“N”）端。（4）根据实验数据得到了如图丙所示的小灯泡的U-I图像。电压从0.4V增至1.2V的过程中小灯泡的阻值增加了________Ω。（5）根据作出的图像判断：小灯泡的电阻随温度升高而________（填“增大”或“减小”）。（7分）【答案】D（1分）E（1分）（2分）M（1分）1（1分）增大（1分）【解析】（1）由题可知，灯泡的额定电流为，则电流表选D；为方便实验操作，滑动变阻器应选E。（3）闭合开关前，应将滑片移到端，使输出电压为零，保护电路元件。（4）根据小灯泡的图像和欧姆定律得电压为时灯泡电阻为，电压为时灯泡电阻为，所以电压从增至的过程中小灯泡的阻值增加了。（5）[6]图像的图线的斜率表示电阻，由此可知，图线的斜率逐渐增大，则小灯泡的电阻随温度升高而增大。14．（11分）小明同学准备乘公交车去上学，当他距公交车站还有L=1km时刚好有一辆公交车从他身边经过，此时开始计时，小明立即从静止开始以加速度a1=2m/s2加速向公交车站跑去，他的速度达到v1=4m/s后开始匀速直线运动。公交车经t=125s进站，然后在站台停留时间t0=2min。（1）小明跑到公交车站运动过程中，在其匀加速阶段的时间t1和位移x1是多少？（2）通过计算判断小明能否赶上这辆公交车？（11分）【答案】（1），；（2）不能【解析】（1）小明加速的时间（2分）加速的位移为（2分）解得：（1分）（2）匀速直线运动的时间（2分）小明跑到公交车站的时间（1分）公交车从小明开始跑到离开站台的时间为（1分）因为所以，小明不能赶上这辆公交车。（2分）15．（12分）如图甲，在杂技表演中，表演者平躺在水平地面上，腹部上平放一块石板，助手用铁锤猛击石板，石板裂开而表演者没有受伤（危险节目，请勿模仿）。其原理可简化为图乙所示：质量为m的铁锤从石板上方高h处由静止自由落下，竖直砸中石板，铁锤与石板瞬间达到共同速度，之后，铁锤与石板一起向下运动距离d后速度减为零，该过程中弹性气囊A对石板的作用力F随石板向下运动的距离x的变化规律近似如图丙所示，已知石板的质量为铁锤质量的k倍，不计空气阻力，重力加速度为g。求：(1)铁锤与石板碰撞后的共同速度大小v，及碰撞过程中系统机械能的损失量；(2)铁锤与石板向下运动的过程中，弹性气囊A对石板作用力的最大值。（12分）【答案】(1)，(2)【解析】（1）假设铁锤与石板碰撞前的速度为，则（2分）铁锤与石板碰撞，由动量守恒定律，有（2分）联立解得系统损失的机械能为（2分）解得（1分）（2）弹性气囊A对石板的作用力F做的功为图像与横轴围成的面积，则（2分）从铁锤与石板共速到两者速度减为0的过程，根据动能定理得（2分）解得（1分）16