2024年北京中考物理终极押题密卷1含答案

2024年北京中考物理终极押题密卷1

一.选择题（共12小题）

1.如图所示的四种发电方式中，利用不可再生能源发电的是（）

2.从“天宫”建站到“嫦娥”奔月，从“天问”探火到“羲和”追日，中国航天一步一步走在探索星辰

大海的伟大征程中。下列天体或天体系统中空间尺度最大的是（）

A.月球B.地球C.太阳系D.银河系

3.与“二十四节气”有关的谚语中蕴含着丰富的物理知识，如“霜降有霜，米谷满仓”。其中霜的形成过

程对应的物态变化属于（）

A.凝固B.液化C.凝华D.汽化

4.2024年3月2日，神舟十七号航天员汤洪波、唐胜杰、江新林密切协同，在空间站机械臂和地面科研

人员的配合支持下，经过约8小时圆满完成出舱活动。图中所示是航天员江新林站在机械博上停留在天

和核心舱的太阳翼旁的情境，下列说法正确的是（）

机械臂

天和

核心舱太阳翼

A.以机械臂为参照物，航天员是运动的

B.以航天员为参照物，太阳翼是静止的

C.以太阳翼为参照物，机械臂是运动的

D.以地面人员为参照物，核心舱是静止的

5.小华把一段扁平、干燥的塑料绳一端扎紧，把另一端撕开成许多轻质细丝，用干燥的手向下捋几下,

发现细丝张开了，如图所示。细丝之所以张开是由于（）

A.同种电荷相互排斥B.异种电荷相互吸引

C.同种电荷相互吸引D.异种电荷相G排斥

6.额定电压相同的甲、乙两个电热水壶，甲的额定功率为800W,乙的额定功率为1000W。两个电热水壶

都正常工作时，下列说法正确的是（）

A.甲电热水壶的加热电阻阻值较小

B.电流通过乙电热水壶做功较快

C.通过两个电热水壶的电流大小相等

D.工作相同时间，两个电热水壶消耗的电能一样多

7.关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（)

A.甲图两个底面削平的铅块紧压在--起，抽成真空也不会掉落，表明分子间存在引力

B.乙图试管中的水加热后，水蒸气将软木塞推出，此过程是将机械能转化为内能

C.丙图抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混介，说明上面瓶中的空气密度较大

D.丁图半杯黄豆和半杯小米装满茶杯，混合后杯子空出一截是由于分子间有空隙

8.如图所示的是小东使用放大镜欣赏邮票时的情境。下列光路图能反映其成像原理的是（）

A.给自行车的车轴加润滑油

B.骑自行车刹车时用力捏闸

C.运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹

D.足球守门员戴有防滑手套

10.骆驼的体重比马大不了一倍，而它的脚掌面积是马蹄的三倍，这为它在沙漠行走提供了有利条件。如

图所示，站立在水平地面上的骆驼和马，下列说法正确的是（）

骆驼马

A.骆驼对地面的压力就是它受到的重力

B.马对地面的压力小于它受到的重力

C.骆驼对地面的压强小于马对地面的压强

D.骆驼对地面的压力的作用效果大于马对地面的压力的作用效果

II.如图所示，是动圈式话筒构造示意图。对着话筒说话或唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈

在磁场中也跟着••起振动，线圈中产生大小不同的电流。动图式话筒的工作原理与所示实验中产生现象

12.图甲所示的是某起重车的示意图，该车有四个支撑脚，起重时在支撑脚支撑作用下，轮胎离开地面，

四个支撑脚与地面的总接触面积为L2n12,该车所受的重力为9.6X1()3N。图乙为起重车某次提升货物

时，起重臂上滑轮组的示意图,货物在钢丝绳的拉力F作用＜匀速上升，货物所受的重力为1.2X10”,

钢丝绳的拉力F为5X103N,货物上升的高度随时间变化的关系如图丙所示。提升货物过程中，下列说

法正确的是()

，、h/m

支撑脚亡］

甲乙

A.起重车对水平地面的压强为8X1（）4pa

B.拉力F的功率为1.25X10%

C.滑轮组的机械效率为80%

D.动滑轮所受的重力为3X103N

多选题（共3小题）

（多选）13.将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，如图所示，光屏和点燃的蜡烛位

于凸透镜两侧.实验前调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度。下列说法中正确的是（）

0.而||川|||叫川|||||||川||||川川|||川|||咽|||川甲|川|川|||川|||||||川|川||||||||川晟

圉OcmlO2030405060708090100瓜

A.若蜡烛放置在10cm刻度线处，移动光屏，在光屏上不能呈现烛焰清晰的像

B.若蜡烛放置在20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰缩小的实像

C.若蜡烛放置在35cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰倒立的实像

D.若蜡烛放置在45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰放大的实像

（多选）14.水平桌面上放有底面积、质量均相同的甲、乙两容器，容器内装有质量相同的不同种液体，

将两个完全相同的小球分别放入两种液体中，小球静止时的状态如图所示。甲、乙两容器中的液体密度

分别为pi和P2;甲、乙两容器中小球受到的浮力分别为Fi和F2；甲、乙两容器中液体对容器底部的压

强分别为pi和P2,甲、乙两容器对桌面的压力分别为和F2'。下列判断正确的是（)

A.P1>P2B.pi>D2C.F)=F2D.FI'<F2

（多选）15.我国自主研发的“奋斗者”号深海潜水器在马里亚纳海沟成功下潜万米深度，创造了中国载

人深潜的新纪录。某兴趣小组为模拟潜水器设计了测量下潜深度的电路，如图甲所示。该电路由电流表、

定值电阻Ro、压敏电阻R、、电压恒为U=3V的电源组成，压敏电阻阻值随水深度变化的图像如图乙所

示。当模拟潜水器卜潜至10cm深度时，电流表的示数为0.06A,下列说法正确的是（）

A.压敏电阻Rx的阻值随深度的增加而减小

B.定值电阻Ro的阻值为300

C.当水深60cm时,Ro的功率为0.1W

D.该电路的最小功率为0.15W

三.实验探究题（共8小题）

（1）闭合开关S后，电压表示数如图乙所示，要使小灯泡正常发光，则滑动变阻器的滑片P应向

端移动（选填"A”或"B”）；

（2）移动滑动变阻器的滑片P,当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图内所示，此时通过小灯泡的

电流为A,该小灯泡的额定功率为W。

17.小延同学探究“通电螺线管外部磁场的方向:实验桌上有学生电源、开关、小磁针（黑色一端为N

极）若干、滑动变阻器以及螺线管。连接好电路后，在螺线管周围摆放好自由转动的小磁针。闭合开关

S,静止时小磁针N极指向如图所示。

(1)请用箭头标出图中A点的电流方向。

(2)向右移动滑动变阻器的触头,（选填“能”、“不能”）改变小磁针静止时N极的指向。

(3)探究“通电螺线管外部磁场的方向与螺线管中电流的方向有关”，请你写出操作方法和实验现

18.小东用如图中所示的装置，探究“水沸腾前后温度随加热时间变化的关系”。小东选择初温为30℃的

水进行实验，当水温加热到90℃时，他开始每隔一分钟记录一次水的温度，记时5min后水沸腾。水沸

腾后乂持续加热了一段时间，并记录水的温度。小东根据记录的数据绘制了水的温度随加热时间变化的

关系图像,

甲乙

（1）实验中小东观察到的现象可以判断水是沸腾的。

（2）由图像可得出的实验结论：水沸腾前随着加热时间的增加，温度升高；水沸腾

时____________________

（3）若想缩短水沸腾前的加热时间，请你提出一条合理建议。

19.探究“凸透镜所成实像的像距与物距是否有关”时，实验器材有：电子蜡烛一个、焦距为5cm的凸透

镜A、焦距为10cm的凸透镜B。

（1）小华完成如图所示的甲、乙两次实验，第一次实验所用凸透镜的焦距为10cm,第二次实验时应选

择焦距为cm的凸透镜；

（2）由实验现象可得结论：o

甲第一次乙第二次

20.小东用电子秤、装有适量水的烧杯、筷子（忽略体积）测量苹果的密度。

（1）以下是实验的主要步骤，请补充完整。

①将电子秤放在水平桌面上并调零，将装有适量水的烧杯放到电子秤上，如图甲所示，读出电子秤的示

数并记为mi。

②如图乙所示，将苹果放入水中，苹果静止后读出电子秤的示数并记为m2。

③_____________________，读出电子秤的示数记为m3。

（2）己知水的密度为p木，根据以上实验记录的数据，推导出苹果密度p的表达式。（用皿、m2、m3

21.在探究“浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积是否有关”时，小明选用如图所示的圆柱

体A（圆柱体上每一格体积相等，pA>p水）、弹簧测力计和装有适量水的烧杯等器材进行实验。

<1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：

①将圆柱体A悬挂在弹簧测力计下，静止时记录弹簧测力计的示数为Flo

②将圆柱体A的一格浸在水中，圆柱体不接触容器，静止时记录弹簧测力计的示数为F2。

③_______________________，，静止时记录弹簧测力计的示数为F3。

（2）由F1-F2#（请用本题中已测量的物理量符号表示），可以得出结论：浸在水中的

物体所受浮力大小跟物体排开水的体积o

22.小东为了探究“小球的动能大小与速度是否有关”，设计了实验，步骤如下：

①将质量为m的小球A从斜槽上高为h的位置由静止释放，与水平面上的木块C相碰，测量木块C被

小球A推动的距离s并记录，如图甲所示。

②将质量为2m的小球B从同一斜槽上高仍为h的位置由静止释放，与水平面上同一位置的木块C相

碰，测量木块C被小球B推动的距离s并记录，如图乙所示。

甲乙

请根据以上实验步骤，回答卜.列问题：

（1）实验中小球的动能大小通过反映。

（2）小东在探究过程中存在的问题：，

23.为“探窕液体内部的压强与哪些因素有关“，小乐提出以下三个猜想：

猜想A：液体内部的压强与液体的深度有关

猜想B：液体内部的压强与液体的密度有关

猜想C：液体内部的压强与液体的质量有关

为了验证猜想，小乐利用同一个微小压强计、相同的烧杯等器材进行了如甲、乙、丙图所示的实验。

（I）实验中通过微小压强计反映液体内部的压强。

（2）通过比较两图所示的实验现象，可以验证猜想B.

（3）通过比较甲、乙两图所示的实验现象，验证猜想C。（选填“能”或“不能”）

四.综合能力题（共1小题）

24.无线充电技术随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机、电动牙刷，大

到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。常见的无线充电技术有电磁感

应、磁共振、无线电波等方式。

市场上支持无线充电的智能手机和充电器大部分都符合“Qi”规格。“Qi”源自汉语“气功”中的“气”。

Qi技术的原理即为电磁感应，在发射端和接收端各有一个线圈，如图甲所示为手机无线充电原理示意

图，电流流过发射线圈会产生变化的磁场，当接收线圈靠近该变化的磁场时就会产生感应电流给手机充

电。采用电磁感应技术实现无线充电的优点是原理简单，适合短距离充电，但需特定的摆放位置才能精

确充电。

磁共振方式的原理与声音的共振原理相同一一排列好振动频率相同的音叉，一个音叉发声，其他音叉也

会共振发声。同样，排列在磁场中的相同“振动”频率的线圈，也可从一个向另一个供电，如图乙所示。

相比电磁感应方式，利用磁共振可延长传输距离，无需使线圈间的位置完全吻合。这种方式有望广泛应

用于电动汽车，但在技术上实现小型化、高效率化比较难，现在的技术能力大约是直径0.5m的线圈，

在1m左右的距离供电功率约为60Wo

无线电波方式主要由微波发射装置和微波接收装置组成，其原理类似于无线电广播的发射与接收。“太

空太阳能发电技术”就是利用了该原理：利川铺设在巨大平板上的太阳能电池，在太阳光照射下产生电

流，转换成无线电微波，发送给地面接收站。地面接收后，将微波恢复为直流电或交流电，送给用户使

用。

请根据上述材料，回答下列问题：

(1)如图中四个实验与Qi技术原理相同的是“(选填选项前的字母，只有一个选项正确)

电源

（2）根据文中所述，利用磁共振方式，直径0.5m的线圈在1m左右的距离范围内，Imin内可提供的

电能约为Jo

（3）关于无线充电技术，下列说法正确的是。（选填选项前的字母，只有一个选项正确）

A.采用电磁感应方式的无线充电技术无需特定位置就能精确充电

B.相比电磁感应方式，利用磁共振方式传输距离更短

C.采用无线电波方式的无线充电技术的实现说明电磁波可以传递能量

D.太空太阳能发电技术是将电能转化为化学能发送给地面接收站

五.计算题（共2小题）

25.如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻Ri的阻值为10。。闭合开关S,电流表Ai的示数

为1.6A,电流表A2的示数为0.6A。求：

（1）电源电压。

（2）电阻Ri的电功率。

<3）通电10s电阻R2消耗的电能。

R1

26.如图所示的平底水桶底面积为5X|（）7m2,质量为1kg。桶内装有30cm深的水，放在水平地面上，水

对桶底的压强比桶对地面的压强小800Pa。g取10N/kgo

求：（1）水对桶底的压强p；

（2）桶对地面的压力F；

（3）桶内水的质量m。

2024年菁优北京中考物理终极押题密卷1

参考答案与试题解析

一.选择题（共12小题）

I.如图所示的四种发电方式中，利用不可再生能源发电的是（）

【考点】能源及其分类.

【专题】能源的利用与发展；理解能力.

【答案】D

【分析】能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得

或不能重复利用的能源是不可再生能源。

【解答】解：风能、水能、太阳能可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，光伏发电、风力发电、

水力发电都是利用可再生能源发电的；核能不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生

能源，则核能发电是利用不可再生能源发电的，故ABC错误，D正确。

故选：D。

【点评】知道各种发电方式消耗的能源类型、知道再生能源与不可再生能源的概念即可正确解题。

2.从“天宫”建站到“嫦娥”奔月，从“天问”探火到“羲和”追日，中国航天一步一步走在探索星辰

大海的伟大征程中。下列天体或天体系统中空间尺度最大的是（）

A.月球B.地球C.太阳系D.银河系

【考点】从微观到宏观的尺度.

【专题】密度及其应用；应用能力.

【答案】D

【分析】月球是地球的卫星，地球是太阳系八大行星之一，太阳系是银河系万千星系中的一员。

【解答】解：月球是地球的卫星，共同构成了地月系：地球属于太阳系八大行星之一；银河系是众多小

星系构成的一个庞大星系，太阳系属于众多小星系之一。由此可见，银河系是四个选项所列的天体或天

体系统中空间尺度最大的一个，故D正确，A、B、C错误。

故选：D。

【点评】本题考查我们对天文基础知识的了解程度，比较简单。

3.与“二十四节气”有关的谚语中组含着丰富的物理知识，如“霜降有霜，米谷满仓”。其中霜的形成过

程对应的物态变化属于（）

A.凝固B.液化C.凝华D.汽化

【考点】升华和凝华的定义与特点.

【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；应用能力.

【答案】C

【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。

【解答】解：诗中“霜”的形成过程是水蒸气遇冷直接凝华为小冰晶。

故ABD错误，C正确。

故选：Co

【点评】知道凝华概念，可解答此题。

4.2024年3月2日，神舟十七号航天员汤洪波、唐胜杰、江新林密切协同，在空间站机械臂和地面科研

人员的配合支持下，经过约8小时圆满完成出舱活动。图中所示是航天员江新林站在机械臂上停留在天

和核心舱的太阳翼旁的情境，下列说法正确的是（）

A.以机械臂为参照物，航天员是运动的

B.以航天员为参照物，太阳翼是静止的

C.以太阳翼为参照物，机械臂是运动的

D.以地面人员为参照物，核心舱是静止的

【考点】运动和静止的相对性；参照物及其选择.

【专题】应用题；运动和力；应用能力.

【答案】B

【分析】在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动

的，若不改变，则是静止的。

【解答】解：A、以机械臂为参照物，航天员的位置没有发生改变，是静止的，故A错误；

B、以航天员为参照物，太阳翼的位置没有发生改变，是静止的，故B正确：

C、以太阳翼为参照物，机械臂的位置没有发生改变，是静止的，故C错误；

D、以地面人员为参照物，核心舱的位置发生了改变，是运动的，故D错误。

故选：B。

【点评】判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能

不同，这就是运动和静止的相对性。

5.小华把一段扁平、干燥的塑料绳一端扎紧，把另一端撕开成许多轻质细丝，用干燥的手向下捋几下，

发现细丝张开了，如图所示。细丝之所以张开是由于（）

■^4

A.同种电荷相互排斥B.异种电荷相互吸引

C.同种电荷相互吸引D.异种电荷相互排斥

【考点】电荷间的相互作用规律.

【专题】应用题；电流和电路；应用能力.

【答案】A

【分析】用手摩擦塑料绳时，由于摩擦生电而使塑料绳带上同种电荷，由电荷间的相互作用可知张开的

原因。

【解答】解：通过摩擦后，塑料绳带上了同种电荷，因同种电荷相互排斥从而使细丝张开,

故选：A。

【点评】本题考查物理知识在生活中的应用，要求学生掌握摩擦起电及甩荷间相互作用的相关知识。

6.额定电压相同的甲、乙两个电热水壶，甲的额定功率为800W,乙的额定功率为1000W。两个电热水壶

都正常工作时，下列说法正确的是（)

A.甲电热水壶的加热电阻阻值较小

B.电流通过乙电热水壶做功较快

C.通过两个电热水壶的电流大小相等

D.工作相同时间，两个电热水壶消耗的电能一样多

【考点】电功率的概念；电功与电能的计算.

【专题】电能和电功率；应用能力.

【答案】B

【分析】（1）根据P=乜:比较出两电阻的大小；

R

（2）两电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，实际功率大的电流做功快。

（3）根据P=UI比较两电热水壶正常工作时的电流关系；

（4）由亚=口可知，电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关。

【解答】解：A、根据p=JL的变形公式R=JL知，在额定电压相等时额定功率越大，电阻越小，因

RP

为甲的额定功率小，所以甲的电阻大，故A错误；

B、电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，乙的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；

因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过乙电热水壶做功较快，故B正确；

C、两电热水壶正常工作时的电压相等，额定功率不同，由P=UI的变形式I=E可知，正常工作时通

U

过的电流不相等，故C错误；

D、电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关，由W=P【可知，乙消耗的电能多，故D错误。

故选：Bo

【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等、

电压和额定电压相等。

7.关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（）

于.纱空气.

1二

铅虱9*玻璃板1

^二氧化氮

甲乙丙丁

A.甲图两个底面削平的铅块紧压在一起，抽成真空也不会掉落，表明分子间存在引力

B.乙图试管中的水加热后，水蒸气将软木塞推出，此过程是将机械能转化为内能

C.丙图抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，说明上面瓶中的空气密度较大

D.丁图半杯黄豆和半杯小米装满茶杯，混合后杯子空出一截是由于分子间有空隙

【考点】内能的利用及其意义；扩散现象；分子间的作用力.

【专题】分子热运动、内能；理解能力.

【答案】A

【分析】（1）分子之间存在相互作用的引力和斥力；

（2）做功可以改变物体的内能，对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大：物体对

外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；

（3）扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；

（4）分子间存在间隙。

【解答】解：A、两个底面削平的铅柱紧压在一起，下面吊一个重物也不能把它们拉开，说明分子之间

存在相互作用的引力，故A正确；

B、图中试管中的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，即水蒸气对瓶塞做功，将水蒸气的内能转化机械能,

故B错误；

C、图中抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，这是扩散现象，说明分子是运动的；空气的密度小于

二氧化氮的密度，装有空气的瓶子放在上面，故C错误；

D、图中半杯黄豆和半杯小米装满茶杯，混合后杯子空出一裁是由于黄豆和小米之间存在间隙，可以用

来类比分子间有间隙，故D错误。

故选：Ao

【点评】本题考查分子动理论的应用、内能的应用，要注意D选项中的例子是用来形象地类比分子间

有间隙，不能说明分子间有间隙。

8.如图所示的是小东使用放大镜欣赏邮票时的情境。下列光路图能反映其成像原理的是（）

【考点】凸透镜成像规律的其他应用.

【专题】透镜及其应用；分析♦、综合能力.

【答案】C

【分析】凸透镜成像规律：当u>2f时，成倒立缩小的实像，应用此原理可制成照相机；当f<u<2f

时，成倒M放大的实像，应用此原理可制成投影仪、幻灯机；当uVf时，成正M放大的虚像。

【解答】解：放大镜的原理：当物距小于凸透镜的焦距时，成正立放大的虚像。

A、图中是小孔成像现象，原理是光在同种均匀介质中沿直线传播，故A错误；

B、图中是平面镜成像，属于光的反射现象，故B错误：

C、图中蜡烛与凸透镜的距离小于凸透镜的焦距，因此成正立放大的虚像，故C正确；

D、图中蜡烛的位置在凸透镜的焦距与二倍焦距之间，成倒立放大的实像，故D错误。

故选：Co

【点评】此题考查了凸透镜成像规律，难度不大，属基础题，

9.下列实例中，为了减小摩擦的是（）

A.给自行车的车轴加润滑油

B.骑自行车刹车时用力捏闸

C.运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹

D.足球守门员戴有防滑手套

【考点】增大或减小摩擦的方法.

【专题】应用题；控制变量法；重力、弹力、摩擦力.

【答案】A

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定

时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通

过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

【解答】解:

A、给自行车的车轴加润滑油，是通过使接触面脱离来减小摩擦力；故A符合题意;

B、骑自行车刹车时用力捏闸，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故B不合题意:

C、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故

C不合题意;

D、足球守门员戴有防滑手套，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题

意。

故选：A。

【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常

广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

10,骆驼的体重比马大不了一倍，而它的脚掌面积是马蹄的三倍，这为它在沙漠行走提供了有利条件。如

图所示，站立在水平地面上的骆驼和马，下列说法正确的是（）

马

A.骆驼对地面的压力就是它受到的重力

B.马对地面的压力小于它受到的重力

C.骆驼对地面的压强小于马对地面的压强

D.骆驼对地面的压力的作用效果大于马对地面的压力的作用效果

【考点】固体压强大小比较；力作用的相互性；二力平衡条件的应用.

【专题】定性思想；压强、液体的压强；应用能力.

【答案】C

【分析】（1）垂直于物体表面的力叫压力，重力是由于地球吸引而使物体受到的力;

（2）在水平面.上马对地面压力的大小等于它受到的重力：

但压力不是重力；

（3）压强与压力和受力面积有关；

（4）压强是表示压力作用效具的物理量。

【解答】解：

A、骆驼对地面的压力大小等于它受到的重力，但骆驼所受重力是由于地球的吸引而产生的，受力物体

是骆驼，而骆驼对地面的压力的受力物体是地面，它们不是同一个力，故A错误；

B、在水平面上马对地面压力的大小等于它受到的重力，故B错误；

C、•般情况下，骆驼的体重比马大不了•倍，说明其对地面的压力相差不大，但骆驼的脚掌面枳是马

蹄的3倍，所以根据p==可知，骆驼对地面的压强比马对地面的压强小，故C正确。

D、压强是表示压力作用效果的物理量，由C知骆驼对地面的压强比马对地面的压强小，所以骆驼对地

面的压力的作用效果小于马对地面的压力的作用效果，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查重力与压力的关系、压强公式的应用以及对压强的理解等，关键是知道水平面上物体

的压力和自身的重力相等。

11.如图所示，是动圈式话筒构造示意图。对着话筒说话或唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈

在磁场中也跟着一起振动，线阍中产生大小不同的电流。动圈式话筒的工作原理与所示实验中产生现象

的原理相同的是（）

磁极间有相互作用

B.电流的磁效应

IB

【考点】动圈式话筒的原理.

【专题】电动机、磁生电；分析、综合能力.

【答案】D

【分析】动圈式话筒工作过程是：声波振动一引起膜片振动一带动线圈振动一线圈切割永久磁体的磁场

产生感应电流一经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。

【解答】解：由题意可知，动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象；

A.磁极间有相互作用，是磁场和磁场之间的相互作用，故A不正确；

B.给导体通电，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在着磁场，故R不正确：

C.闭合开关，通电导体在磁场中受力而运动，故C不正确；

D.闭合回路的一部分导体切割磁感线产生感应电流，是电磁感应现象，与动圈式话筒工作原理相同，

故D正确。

故选：Do

【点评】记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体

在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。

12.图甲所示的是某起重车的示意图，该车有四个支撑脚，起重时在支撑脚支撑作用下，轮胎离开地面，

四个支撑脚与地面的总接触面积为L2n12,该车所受的重力为9.6X1()3N。图乙为起重车某次提升货物

时，起重臂上滑轮组的示意图，货物在钢丝绳的拉力F作用式匀速上升，货物所受的重力为l.2X|()4N,

钢丝绳的拉力F为5X1()3N,货物上升的高度随时间变化的关系如图内所示。提升货物过程中，下列说

法正确的是()

，、h/m

0.5

->

o0246810t/s

乙丙

A.起重车对水平地面的压强为8X|()4pa

B.拉力F的功率为l.25X|(y：W

C.滑轮组的机械效率为80%

D.动滑轮所受的重力为3X103N

【考点】滑轮(组)的机械效率；压强的计算；滑轮组中的相关计算;功率的计算及公式的应用.

【专题】简单机械；功、功率、机械效率；应用能力.

【答案】C

【分析】(1)起重车对水平地面的压力大小等于起重车的总重力，根据p==求出起重车对水平地面的

压强；

(2)由图丙可知10s内货物上升的高度，由图乙可知n=3,绳子自由端移动的距离$=品，根据W总

=Fs求拉力做的总功，利用P=¥曳求拉力F做功的功率；

t

(3)根据n=%=@l=3L=f-求滑轮组的机械效率；

W匕FsFnhnF

(4)若不计绳重和摩擦时，利用F=2(G+G动)求动滑轮的重力，再结合题目实际分析动滑轮的重力。

n

【解答】解：A、起重车对水平地面的压力:FfE=G+G乍=L2X104N+9.6X103N=2.16X1()4N,

起重车对水平地面的压强：16X1p4N=1.8X104Pa,故A错误；

S1.2m2

B、由图丙可知10s内货物上升的高度h=2.5m,由

图乙可知n=3,绳子自由端移动的距离：s=nh=3X2.5m=7.5m,

34

拉力做的总功:WA=Fs=5X10NX7.5m=3.75X10J,

拉力F做功的功率：P=I^=3・75X1°打=3.75X1()3W,故B错误；

t10s

2X10

c、滑轮组的机械效率：n=—=^.=-^-=A=-kN-.X100%=80%,故c正确；

w总FsFnhnF3X5X103N

34

D、若不计绳重和摩擦，由F=2（G+G功）可知，动滑轮的重力：G..i）］=nF-G=3X5X10N-1.2X10N

n

=3XIO3N,

由于绳重和摩擦的存在，故动滑轮的重力小于3X1（）3N,故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查了使用滑轮组时动滑轮的重力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，关键是从图

中得出滑轮组绳子的有效股数。

二,多选题（共3小题）

（多选）13.将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，如图所示，光屏和点燃的蜡烛位

于凸透镜两侧。实验前调整烛燃中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度。下列说法中正确的是（）

人11|||1111|11叫川1|1川|川1|1111|1111|1111|11晒11|111甲111山11|11叫1111|11/111甲师川

夕hcmlO2030405060708090100

A.若蜡烛放置在10cm刻度线处,移动光屏，在光屏上不能呈现烛焰清晰的像

B.若蜡烛放置在20cm刻度线处,移动光屏，可在光屏上呈现烛焰缩小的实像

C.若蜡烛放置在35cm刻度线处,移动光屏，可在光屏上呈现烛焰倒立的实像

D.若蜡烛放置在45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰放大的实像

【考点】探究凸透镜成像的规律.

【专题】应用题；透镜及其应用；应用能力.

【答案】BC

【分析】凸透镜成像的三种情况：①u>2f,成倒立、缩小的实像；②2f>u>f,成倒立、放大的实像；

③uVf,成正立、放大的虚像，

【解答】解：凸透镜的焦距是10cm,凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处；

A、若将蜡烛移至10cm刻度线处时，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩

小的实像，故A错误；

B、若蜡烛放置在20cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小

的实像，故B正确；

C、若蜡烛放置在35cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离大于1倍焦距小于2倍焦距，移动光屏，就会得

到倒立、放大的实像，故c正确：

D、若蜡烛放置在45cm刻度线处，蜡烛到透镜的距离小于1倍焦距，成正立放大的虚像，在光屏上不

能承接，故D错误。

故选：BCo

【点评】本题考查了凸透镜成像规律，把握物距和焦距的关系是解决此类问题的关键。

（多选）14.水平桌面上放有底面积、质量均相同的甲、乙两容器，容器内装有质量相同的不同种液体，

将两个完全相同的小球分别放入两种液体中，小球静止时的状态如图所示。甲、乙两容器中的液体密度

分别为pi和P2;甲、乙两容器中小球受到的浮力分别为Fi和F2;甲、乙两容器中液体对容器底部的压

强分别为pi和P2,甲、乙两容器对桌面的压力分别为F「和F2'。下列判断正确的是（)

A.pi>p2B.pi>p2C.FI=F2D.FI'<F2

【考•点】物体的浮沉条件及其应用；压力；液体压强的比较大小.

【答案】ABC

【分析】AC、物体漂浮时，物体受到的浮力等于重力，物体密度小于液体密度；物体悬浮时受到的浮

力等于重力，物体密度等于液体密度：

B、甲、乙两容器装有质量相同的不同种液体，根据G=mg可知两容器中液体的重力相同，由容器形

状可知甲容器底部受到的液体压力等于液体重力，乙容器底部受到的液体压力小于液体重刀，两容器底

面积相同，根据p=*可比较甲、乙两容器中液体时容器底部的压强的大小；

D、两容器对桌面的压力等于容器的重力、液体的重力、小球的重力之和，容器质量相同，液体质量相

同、小球质量相同，根据G=mg可比较甲、乙两容器对桌面的压力大小。

【解答】解：A、小球在甲液体中漂浮，则密度p<p甲，小球在乙液体中悬浮，则密度p=p乙，则有⑶

>P2,故A正确：

B、甲、乙两容器装有质量相I司的不同种液体，根据G=mg可知两容器中液体的重力相同，

由容器形状可知甲容器底部受到的液体压力等于液体重力，乙容器底部受到的液体压力小于液体重力，

两容器底面积相同，根据p=］可知甲、乙两容器中液体对容器底部的压强分别为pi>p2,故B正确：

C、将两个完全相同的小球分别放入两种液体中，小球在甲液体中漂浮，则浮力Fi=G,小球在乙液体

中悬浮，则浮力F2=G,则有FI=F2,故C正确:

D、两容器对桌面的压力等于容器的重力、液体的重力、小球的重力之和，容器质量相同，液体质量相

同、小球质量相同，根据G=mg可知甲、乙两容器对桌面的压力分别为Fr=F2',故D错误。

故选：ABC。

【点评】本题考查物体浮沉条件、重力公式的灵活运用，知道甲容器底部受到的液体压力等于液体重力，

乙容器底部受到的液体压力小于液体重力。

（多选）15.我国自主研发的“奋斗者”号深海潜水器在马里亚纳海沟成功下潜万米深度，创造了中国载

人深潜的新纪录。某兴趣小组为模拟潜水器设计了测量下潜深度的电路，如图甲所示。该电路由电流表、

定值电阻Ro、压敏电阻R、、电压恒为U=3V的电源组成，压敏电阻阻值随水深度变化的图像如图乙所

示。当模拟潜水器下潜至10cm深度时，电流表的示数为0.06A,下列说法正确的是（）

A.压敏电阻Rx的阻值随深度的增加而减小

B.定值电阻Ro的阻值为30。

C.当水深60cm时，Ro的功率为0.1W

D.该电路的最小功率为0.15W

【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用.

【专题】欧姆定律；电能和电功率：应用能力.

【答案】AD

【分析】（1）根据图乙确定出压敏电阻与水的深度的关系；

（2）由电路图确定电路的连接方式，当模拟潜水器下潜至10cm深度时，由图乙确定出此时压敏电阻

的阻值，根据I=U求出压敏电阻两端的电压，再根据串联电路的电压规律求出定值电阻两端的电压，

R

结合欧姆定律求出定值电阻的阻值;

（3）当水深60cm时。，由图乙确定出压敏电阻的阻值，再根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=「R

求出Ro的功率；

（4）由图乙确定出压敏电阻的最大值，再根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=U1求出该电

路的最小功率。

【解答】解：A、由图像乙可知，深度越深，压敏电阻的阻值越小，压敏电阻Rx的阻值随深度的增加

而减小，故A正确；

B、由图甲可知，压敏电阻与定值电阻串联，电流表测电路口的电流，当模拟潜水器下潜至10cm深度

时，由图乙可知，此时压敏电阻的阻值为30C,电流表的示数为0.06A,此时压敏电阻Rx两端的电压

为：

Ux=IRx=0.06AX300=1.8V,

定值电阻R。的阻值为:

-3V-1.8V-200,

II0.06A

故B错误;

C.当水深60cm时，由图乙可知，此时压敏电阻Rx的电阻为10C，电路中的电流为:

r=u=3V=0.1A,

Rx+R010Q+200

Ro的功率为:

P=I'2RO=(OJA)2X200=0.2W,

故c错误;

D.由图乙可知，压敏电阻R、的最大阻值为40。，电路中的最小电流为:

1小=——=3V=0.05A,

Rj+R0400+20Q

该电路的最小功率为:

P小=131小=3VX0.05A=0.15W,

故D正确。

故选：ADo

【点评】本题主要考查电路的分析、欧姆定律及电功率公式的应用，难度不大。

三,实验探究题（共8小题）

16.小华用图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。

（I）闭合开关S后，电压表示数如图乙所示，要使小灯泡正常发光，则滑动变阻器的滑片P应向上

端移动（选填"A”或"B”）；

（2）移动滑动变阻器的滑片P,当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，此时通过小灯泡的

电流为（）.3A,该小灯泡的额定功率为（）.75Wo

【考点】实验测量小灯泡的电功率.

【专题】电能和电功率；应用能力.

【答案】（I）A；（2）0.3；0.75o

【分析】（1）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电

路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；

（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，由P=UI可得灯泡的额定功率。

【解答】解：（1）由图乙可知，电压表的量程为。〜3V分度值为0.1V,灯泡两端的电压为2V,小灯泡

两端实际电压为2V低于额定电压2.5V,要使灯泡正常发光则应使其两端的电压达到2.5V,根据U=IR

可知，应增大电路中的电流，减小电路中的电阻，即滑片应向A端滑动，减小滑动变阻器接入电路的

电阻即可。

（2）由图丙可知，电流表的量程为。〜0.6A,分度值为0.02A,电流表示数为0.3A,小灯泡的额定功

率P=UI=2.5VX0.3A=0.75Wo

故答案为：（1）A；（2）0.3；0.75o

【点评】本题是测小灯泡额定功率的实验，考查了实验操作、电表读数、电功率的计算等知识。

17.小延同学探究“通电螺线管外部磁场的方向”。实验桌上有学生电源、开关、小磁针（黑色一端为N

极）若干、滑动变阻器以及螺线管。连接好电路后，在螺线管周围摆放好自由转动的小磁针。闭合开关

S,静止时小磁针N极指向如图所示。

（1）请用箭头标出图中A点的电流方向。

（2）向右移动滑动变阻器的触头，不能（选填“能”、“不能”）改变小磁针静止时N极的指向。

（3）探究“通电螺线管外部磁场的方向与螺线管中电流的方向有关”，请你写出操作方法却实验现象。

断开开关，把电源止负极的导线对调，闭合开关，发现小磁针静止时N极指向发生改变＜1

【考点】探究通电螺线管外部的磁场分布.

【专题】磁现象、电生磁；应用能力.

【答案】（1）见解答图；（2）不能：（3）断开开关，把电源正负极的导线对调，闭合开关，发现小磁针

静止时N极指向发生改变。

【分析】（I）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向有关，根据安培定则判断电流方向；

（2）磁场的方向与电流大小无关；

（3）根据控制变量法分析作答。

【解答】解：（1）根据上下的小磁针N极向左，说明螺线管左侧是S极，右侧是N极，根据安培定则，

表面的电流方向竖直向下，即图中A点电流方向沿导线向下，如图所示：

3/@|

（2）磁场的方向与电流大小无关，向右移动滑动变阻器的触头，不能改变小磁针静止时N极的指向；

（3）断开开关，把电源正负极的导线对调，闭介开美，发现小磁针静止时N极指向发生改变。

故答案为：（1）见解答图；（2）不能；（3）断开开关，把电源正负极的导线对调，闭合开关，发现小磁

针静止时N极指向发生改变。

【点评】本题考查了通电螺线管周围的磁场，属于基础题。

18.小东用如图甲所示的装置，探究“水沸腾前后温度随加热时间变化的关系”。小东选择初温为30C的

水进行实验，当水温加热到90℃时，他开始每隔一分钟记录一次水的温度，记时5min后水沸腾。水沸

腾后又持续加热了一段时间，升记录水的温度。小东根据记录的数据绘制了水的温度随加热时间变化的

甲乙

（1）实验中小东观察到有天量的气泡在水底产生，气泡在上升的过程中越来越大,直至水面破裂的

现象可以判断水是沸腾的。

（2）由图像可得出的实验结论：水沸腾前随着加热时间的增加，温度升高；水沸腾时随加热时间增

加，温度不变。

（3）若想缩短水沸腾前的加热时间，请你提出一条合理建议。

【考点】探究水沸腾时温度变化的特点.

【专题】实验题；汽化和液化、升华和凝华；应用能力.

【答案】（I）有大量的气泡在水底产生，气泡在上升的过程中越来越大，直至水面破裂；（2）随加热时

间增加，温度不变：（3）适当减少水量。

【分析】（1）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化

成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，

气泡变大；

（2）分析数据可知，水沸腾时，随着时间的增加，温度不变，据此得出实验结论；

（3）减小加热时间的方法：适当减少水