浙江省金华市2023-2024学年高二上学期1月期末考试物理试题（含答案）

浙江省金华市2023-2024学年高二上学期1月期末考试物理试题姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三总分评分一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．在物理学发展过程中，有许多科学家或发现了重要的实验现象，或完成了精巧的实验设计，或提出了伟大的理论假设，下列说法正确的是（）A．奥斯特提出了分子电流假说，解释了各类磁现象的电本质B．法拉第提出了“力线”的概念，并成功测出了元电荷的数值C．为解释黑体辐射的相关规律，普朗克提出能量量子化概念D．麦克斯韦提出了电磁波理论，并用实验证实电磁波的存在2．图甲为金属四极杆带电粒子质量分析器的局部结构示意图，四根电极杆如图互相靠近均匀平行分布，图乙为四极杆内垂直于x轴的任意截面内的等差等势面分布图，则（）A．P点电场强度大小比M点的大B．M点电场强度方向沿z轴负方向C．P点电势比M点电势低D．带电粒子沿x轴射入分析器可以沿直线穿过3．1932年，美国物理学家安德森利用放在匀强磁场中的云室来研究某种宇宙线粒子——正电子，并在云室中加入一块厚约6mm的铅板，借以减慢粒子的速度。当该粒子通过云室内的匀强磁场时，拍下粒子径迹的照片，如图所示。下列说法正确的是（）A．粒子是由下向上穿过铅板的B．粒子穿过铅板后在磁场中做圆周运动的周期变小C．粒子穿过铅板后在磁场中偏转的轨迹半径会变小D．该匀强磁场的磁感应强度方向为垂直纸面向外4．如图所示为地球磁场分布示意图，下列与地磁场相关的说法正确的是（）A．射向地球的宇宙粒子在两极地区受到磁场的作用较强，容易形成极光现象B．地球的磁场与条形磁铁的磁场分布比较相似，可以将地磁场类比成一个带负电荷的天体自转形成的C．若有一架杭州飞往广州的客机，途径金华上空时右侧机翼的电势较高D．赤道包围面积的磁通量比同步卫星轨道包围面积的磁通量小5．如图甲所示为磁电式电流表的结构图，图乙为内部结构示意图，在极靴和铁质圆柱间存在磁场，电流通过电表接线柱流入线圈，在安培力作用下发生偏转，与螺旋弹簧的反向作用平衡后，指针指示电流大小。下列说法正确的是（）A．铁质圆柱将磁场屏蔽，内部没有磁场B．线圈所处位置是匀强磁场C．若更换更强的磁场，将增大电流表的量程D．运输过程中把电表正负接线柱用导线相连可减缓表针摆动幅度6．华为Mate60Pro智能手机的各项性能都很优秀，该手机配备5000mA⋅h/A．电池容量的单位“mA⋅h”是能量单位B．电池充满电所储存的能量为6C．手机待机功率为0.26WD．电池内阻约为47．2023年1月“白浙工程”（白鹤滩-浙江800KV特高压直流输电工程）成功投产运营，该工程是国家“西电东送”战略部署的重点工程。输电线路流程和参数可简化为下图，变压设备和整流逆变设备造成的能量损失均不计。直流和交流转变时有效值不发生变化。下列说法正确的是（）A．采用直流输电可以减少远距离输电中感抗容抗引起的电能损失B．“500KV”指交流电的平均值C．若远距离输电电压降低一半，输电线电阻上损失的电能为原来的一半D．降压变压器的原副线圈匝数之比为8∶58．如图所示，李辉、刘伟用多用电表的欧姆挡测量变压器初级线圈的电阻。实验中两人没有注意操作的规范：李辉两手分别握住红黑表笔的金属杆，刘伟用两手分别握住线圈裸露的两端让李辉测量。测量时表针摆过了一定角度，最后李辉把多用电表的表笔与被测线圈脱离。在这个过程中，他们二人中有人突然“哎哟”惊叫起来，觉得有电击感。下列说法正确的是（）A．电击发生在李辉用多用电表红黑表笔的金属杆接触线圈裸露的两端时B．有电击感的是刘伟，因为所测量变压器是升压变压器C．发生电击前后，流过刘伟的电流方向发生了变化D．发生电击时，通过多用电表的电流很大9．利用霍尔元件可以进行微小位移的测量。如图甲，在两块相同的磁体（同极相对）中放入霍尔元件，建立如图乙所示的空间坐标系，两磁体的中间位置为坐标原点。霍尔元件各边长分别为a、b、c，沿x轴负方向通入恒定的电流I。当霍尔元件位于坐标原点时，霍尔电压UH=0。当霍尔元件沿z轴左右移动时，则有霍尔电压输出，从而实现微小位移的测量。已知该霍尔元件的载流子是负电荷，下列说法正确的是（）A．当霍尔元件向z轴正方向偏移时，其左表面电势比右表面电势低B．当霍尔元件向z轴正方向偏移时，其上表面电势比下表面电势高C．仅增大a可以提高检测灵敏度D．仅增大I可以提高检测灵敏度10．如图所示，L为电阻可忽略的线圈，R为电阻，C为电容器，开关S处于闭合状态。现突然断开S，并开始计时，电路工作过程中，同时会向外辐射电磁波。下列选项中能正确反映LC回路中电流i（顺时针方向为正）、电容器中电场E（竖直向下为正）、以及两极板间电势差UabA． B．C． D．二、选择题II（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11．下列电磁相关知识的说法中正确的是（）A．图中的电容式话筒是利用电容器的电容与极板间距离的关系来工作B．传递声音图像等信息时，需要将其搭载在高频载波上发射出去，这一过程叫调谐C．红外线具有较高能量，足以破坏细胞核中的物质，因此可以利用红外线灭菌消毒D．干簧管可以感知磁场的存在，两簧片会因磁化而接通，因此常被用作磁控开关12．在如图所示的电路中，R1、R2和R4皆为定值电阻，R3为光敏电阻，光照强度增大时电阻会变小，电源的电动势为E、内阻为r。设电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，电容器两水平极板间有一带电液滴静止于P点，电压表V的读数为U，当照射到R3的光强增大时，各电表示数变化分别为ΔU、ΔI1、A．I1变大，I2变小，U变大B．液滴带正电，光强增大后将向上运动C．光强增大后，P点电势降低D．ΔUΔ13．如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，带电量分别为q和3q，电性未知，两小球和圆心的连线与竖直方向分别成37°和53°，静电力常量为k，则（）A．A、B两小球带异种电荷B．A、B两球质量之比为9C．A球质量为5D．仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止14．如图所示的实验装置中，线圈的两端与电流传感器相连，将强磁体从长玻璃管上端由静止下落，穿过线圈。线圈距离上管口的位置可以自由调节，线圈粗细均匀，除线圈外，其余电阻忽略不计。图乙为某次实验时用传感器记录的线圈中的电流变化，下列说法正确的是（）A．t1-t2与t2-t3时间内图线与坐标轴围成的面积相等B．t1-t3时间内磁铁下落过程中的加速度均小于gC．若仅将线圈匝数加倍，电流峰值保持不变D．若仅将线圈到上管口位置的距离加倍，电流峰值也将加倍三、非选择题（本题共6小题，共54分）15．某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：待测干电池，电流表A1（量程0.6A，内阻约1Ω）；电流表A2（量程3A，内阻约0.2Ω）；电压表V1（量程3V，内阻约10kΩ）；滑动变阻器R1（最大阻值100Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值10Ω），开关，导线若干。（1）电流表应选（填“A1”或“A2”），滑动变阻器应选（填“R1”或“R2”）。（2）请用实线代替导线，在图甲中补全实物图。闭合开关前，滑动变阻器滑片应滑到最端（填“左”或“右”）。（3）该同学按照图甲所示的电路进行实验，记录此过程中电压表和电流表的示数，利用实验数据在U-I坐标纸上描点，如图乙所示，结果发现电压表示数的变化范围比较小，出现该现象的主要原因是（）A．电压表分流 B．干电池内阻较小C．滑动变阻器最大阻值较小 D．电流表内阻较小（4）针对电压表示数的变化范围比较小的问题，该同学利用实验室提供的一个定值电阻R3=2.0Ω就解决了问题。并重新连接电路进行实验，并绘制U-I图像，如图丙所示，根据图像可知该干电池电动势E=V，内阻r=Ω。16．某实验小组要测量一段长为L的合金丝的电阻率。（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径d。某次测量时，示数如图甲所示，则d=mm。（2）该小组先用多用电表测量该电阻阻值，选用“×10”倍率的电阻档测量，发现指针指在图乙虚线位置，因此换成合适倍率的电阻档，进行欧姆调零后再进行测量，多用表的示数如图乙实线所示，测量结果为Ω。（3）该小组欲通过伏安法采集尽可能多的数据，以准确测量合金丝的电阻，选取了如下器材：6V直流电源，电流表（量程0.6A，内阻约为2Ω）、电压表（量程6V，内阻约为5kΩ）、滑动变阻器（最大阻值5Ω），在答题纸的方框内画出合适的测量电路。（4）某次测量中，当电压为U时，流过合金丝的电流为I，则合金丝的电阻率可表示为ρ=。（利用所测物理量U、I、L、d表示）17．（1）某兴趣小组要用图甲所示电路测定一个电容器的电容，已知定值电阻R0=100Ω，现利用计算机软件测出电容器放电时的i−t图线如图乙所示，测出i−t曲线和两坐标轴所围的面积为43.2mA⋅s，则电容器的电容C=（2）某兴趣小组用如图甲所示的可拆变压器进行“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验。要安全、顺利地完成本实验，除有闭合铁芯的原、副线圈外，还必须要选用的器材是___________A． B．C． D．18．示波器用来观察电信号随时间变化的情况。示波器的核心部件是示波管，它的原理图如下图所示。它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空。电子枪中的金属丝加热后可以逸出电子（逸出时的速度较小可以忽略），电子经加速电压U0加速后进入平行正对的偏转电极YY'和XX'，两对电极都关于中央轴线对称，正方形金属板电极边长都为L，极板间距都为d，如果在偏转电极XX'之间和偏转电极YY'之间都没有加电压，电子束从电子枪射出后沿直线运动，打在荧光屏中心，在那里产生一个亮斑。已知电子的质量为m，所带的电荷量为−e，现只在（1）电子进入偏转电极YY'时的速度v（2）若电子能够通过偏转电极YY'，加在偏转电极YY'上的电压（3）在偏转电场中，单位电压引起的偏转距离（即yU19．如图所示，两根等高光滑的四分之一圆弧形金属轨道，轨道间距为L1=1m，其上端接电阻R1=1.5Ω，下端与一足够长水平金属轨道相连，轨道电阻不计。水平轨道处在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B1=1T。圆弧轨道处于从圆心轴线上均匀向外辐射状的磁场中，如图所示。在轨道上有两长度稍大于L1、质量均为m=0.2kg的金属棒a、b，阻值为Ra=3Ω，Rb=1.5Ω。金属棒b通过跨过定滑轮的绝缘细线与一质量为M=0.1kg、边长为L2=0.2m、电阻r=2Ω的正方形金属线框相连，金属棒a从轨道圆心等高处开始在外力作用下以速度v0=5m/s沿圆弧轨道做匀速圆周运动到最低点MN处，在这一过程中金属棒b恰好保持静止。当金属棒a到达最低点MN处被锁定，此后金属线框开始下落，刚好能匀速进入下方h=1m处的水平匀强磁场B3中，B3=5T，已知磁场高度H>L2，忽略一切摩擦阻力，重力加速度为g=10m/s（1）辐射状磁场在圆弧处磁感应强度B2的大小；（2）从金属线框开始下落到进入磁场前，金属棒b上产生的焦耳热Q；（3）若在线框完全进入磁场时剪断细线，线框在完全离开磁场B3前已达到匀速，已知线框离开磁场过程中产生焦耳热为Q1=0.18J，则磁场的高度H为多少。20．现代科技中经常用电场和磁场来控制带电粒子的运动，某种粒子收集装置如图所示，在第二象限中存在一水平向有的匀强电场，场强为E=mv02qa，一曲线形放射源不停地沿y轴负方向以初速度v0释放电量为+q质量为m的粒子，已知放射源的两端点位置为（0，0）和（−0.5a，a（1）放射源形状的曲线方程；（2）（0，0）和（−0.5a，a）点入射的粒子离开匀强磁场时的位置；（3）所有粒子在第四象限中扫过的面积；（4）假设放射源连续发射粒子稳定后，粒子经过原点时按照角度均匀分布，在第四象限中放置一长度为b4的竖直收集板（粒子打到板上即被收集），一端紧靠x轴，将收集板置于x=b位置时，收集率是多少？将收集板置于x=

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A.安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，A不符合题意；

B.法拉第提出了“力线”的概念，密立根通过油滴实验首先测出了元电荷的数值，B不符合题意；

C.为解释黑体辐射的相关规律，普朗克提出能量量子化概念，C符合题意；

D.麦克斯韦提出了电磁场理论，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】根据物理学史分析。2．【答案】D【解析】【解答】A.等差等势面的疏密表示电场强度大小，等差等势面越密集，电场强度越大，可知P点电场强度大小比M点的小，A不符合题意；

B.根据电场线与等势面处处垂直，且指向负电荷，可知M点电场强度方向沿z轴正方向，B不符合题意；

C.P点靠近带正电的电极，而M点靠近带负电的电极，因此P点电势比M点电势高，C不符合题意；

D.根据电极的分布可知，整个x轴上的电场强度均为零，则可知带电粒子沿x轴射入分析器，粒子所受电场力为零，可知带电粒子将沿x轴做匀速直线运动，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】根据等差等势面的疏密表示电场强度大小，判断P点和M点的场强大小；根据电荷和等势面分布分析M点的电场强度的方向；越是靠近正电荷，电势越高，越是靠近负电荷，电势越低；根据电极的分布判断x轴上的电场强度大小，得出带电粒子的运动性质。3．【答案】C【解析】【解答】AC.根据洛伦兹力提供向心力可得qvB=m得R=粒子穿过铅板后速度减小，所以粒子在磁场中运动半径减小，可知正电子从上向下穿过铅板，A不符合题意，C符合题意；

B.粒子在磁场中做圆周运动的周期为T=与粒子的速度无关，可知粒子穿过铅板后在磁场中做圆周运动的周期不变，B不符合题意；

D.由左手定则可知，磁场的方向垂直纸面向里，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】粒子穿过铅板后速度减小，根据洛伦兹力提供向心力推导粒子轨迹半径的变化，确定粒子的运动方向；由粒子在磁场中做圆周运动的周期公式，分析粒子穿过铅板后周期的变化；根据左手定则判断磁场方向。4．【答案】B【解析】【解答】A.极光的形成是由于射向地面的宇宙粒子在洛伦兹力的作用下向两极偏转形成的，A不符合题意；

B.由于地球的磁场与条形磁铁的磁场分布比较相似，条形磁铁的磁场与通电螺线管周围的磁场相同，由右手螺旋定则和地磁场的方向可知，可以将地磁场类比成一个带负电荷的天体自转形成的，B符合题意；

C.杭州和广州位移北半球，而北半球地磁场为斜向下，由杭州飞往广州的客机，向西南方向运动，根据右手定则可以判断，飞行员左侧机翼电势较高，C不符合题意；

D.由地球内部的磁场与地球外部的磁场方向相反，所以赤道包围面积的磁通量比同步卫星轨道包围面积的磁通量大，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】极光的形成是由于射向地面的宇宙粒子在洛伦兹力的作用下向两极偏转形成的；根据右手螺旋定则和地磁场的方向分析判断；根据右手定则判断飞行员左、右两侧机翼电势高低；根据磁通量的定义分析。5．【答案】D【解析】【解答】A.铁质圆柱会被磁化，所以内部有磁场，A不符合题意；

B.由图可知，线圈所处位置处的磁场为辐向磁场，不是匀强磁场，B不符合题意；

C.若更换更强的磁场，同样的电流，线圈受到安培力增大，指针偏转角增大，所以电流表的量程会减小，C不符合题意；

D.运输过程中把电表正负接线柱用导线相连，电流表短路，指针摆动时产生感应电流，感应电流受到安培力作用，根据楞次定律推论“来拒去留”可知，安培力阻碍指针偏转，减缓表针摆动幅度，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】软磁铁放在磁场中会被磁化；磁电式电流表中的磁场是辐向磁场；根据安培力与磁场强度的关系，分析磁场变化对电流表量程的影响；根据电磁阻尼原理分析。6．【答案】B【解析】【解答】A.根据q=It可知，mA·h是电荷量的单位，A不符合题意；

B.电池充满电所储存的能量等于E=It·U=5000mA·h×3.7B符合题意；

C.充电2分钟，充入手机的能量为E'=P若能量全部储存在电池中，则待机功率为P由于电池储存的能量小于充电器输出能量，C不符合题意；

D.手机充电时，充电电流I=若电池为纯电阻，则有R=由于电池为非纯电阻，所以内阻不是4.15Ω，D不符合题意。

故答案为：B。7．【答案】A【解析】【解答】A.采用直流输电可以减少远距离输电中感抗容抗引起的电能损失，A符合题意；

B.不做特殊说明的交流电电压和电流指有效值，故“500KV”指交流电的有效值，B不符合题意；

C.若远距离输电电压降低一半，由I可知，输电线上电流I送∆P=可知，输电线电阻上损失的功率变为原来的4倍，C不符合题意；

D.由于输电线电阻存在一定的损失电压，则降压变压器原线圈的输入电压小于800KV，则降压变压器的原副线圈匝数之比满足nD不符合题意。

故答案为：A。

【分析】采用直流输电可以减少远距离输电中感抗容抗引起的电能损失；不做特殊说明的交流电电压和电流指有效值；根据电功率公式，分析输送电压降低一半后，输电线上损失功率的变化情况；根据理想变压器的电压与匝数的关系，分析降压变压器的原副线圈匝数之比。8．【答案】C【解析】【解答】AB.电击发生在多用电表红黑表笔的金属杆脱离线圈裸露两端的时刻，此时线圈中由于电流突然急剧减小而产生了较高的自感电动势，手握线圈裸露两端的刘伟，与线圈组成新的闭合回路，回路中有感应电流通过，使刘伟产生电击感，AB不符合题意；

C.发生电击前，刘伟和线圈是并联关系；断开瞬间，线圈中的电流急剧减小，根据楞次定律推论“增反减同”的规律，可知线圈中产生的感应电流的方向与原电流的方向相同，但线圈和刘伟构成了新的闭合电路，线圈相当于电源，所以流过刘伟的电流方向发生了变化，C符合题意；

D.发生电击时，通过线圈的电流很大；但由于多用电表已经与线圈断开了连接，所以通过多用电表的电流为零，D不合题意。

故答案为：C。

【分析】根据自感现象的原理进行分析。9．【答案】D【解析】【解答】AB.霍尔元件向z轴正方向偏移时，穿过霍尔元件的磁场方向向左，由左手定则可知，带负电的载流子受到的洛伦兹力向上，所以元件的上侧带负电，下侧带正电，故上侧电势比下侧低，AB不符合题意；

CD.当霍尔电压稳定时，载流子受到的电场力与洛伦兹力等大反向，即U其中I=nqacv，解得U=所以仅增大I可以提高检测灵敏度，与a无关，C不符合题意，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】根据左手定则判断带负电的载流子的偏转方向，确定上、下两侧电势的高低；霍尔电压稳定时，载流子的受力平衡，由此推导出霍尔电压的表达式，得出可以影响检测灵敏度的相关物理量。10．【答案】D【解析】【解答】AB.因为L的直流电阻可忽略的线圈，可知当开关闭合时，电容器极板电压为零，带电量为零，通过线圈L的电流向下；断开S后，电容器先开始充电，电流沿逆时针方向（负方向），并逐渐减小，AB不符合题意；

CD.断开S后，电容器开始充电，电流沿逆时针方向，所以b板带正电荷且逐渐增加，极板间产生方向向上（负方向）的电场，且场强逐渐增加；根据U=可知，两极板间电势差Uba逐渐增大，且为负方向，C不符合题意，D符合题意。

故答案为：D。

11．【答案】A,D【解析】【解答】A.如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两电极间的距离发生变化，使电容发生变化，产生充放电现象，使电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号。所以电容式话筒是利A、用电容器的电容与极板间距离的关系来工作，A符合题意；

B.传递声音图像等信息时，需要将其搭载在高频载波上发射出去，这一过程叫调制，接收信号的过程叫做调谐，B不符合题意；

C.紫外线具有较高能量，足以破坏细胞核中的物质，因此可以利用紫外线灭菌消毒，C不符合题意；

D.干簧管外绕上能产生磁场的线圈就成了干簧继电器，当线圈通电后，管中磁性材料制成的簧片的自由端分别被磁化成N极和S极而相互吸引，因而接通被控电路。线圈断电后，干簧片在本身的弹力作用下分开，将线路切断。因此干簧管常被用作磁控开关，D符合题意。

故答案为：AD。

【分析】根据电容式传感器的原理分析电容式话筒的工作原理；将声音、图像等信号通过电磁波发生出去的过程叫做调制，接收过程叫做调谐；根据各种电磁波的应用分析；干簧管常被用作磁控开关。12．【答案】B,C【解析】【解答】A.当照射到R3的光强增大时，R3的阻值减小，根据“串反并同”的规律可知，电流表A1与R3为串联结构，所以示数增大；A2与R3为并联结构，所以示数减小；电压表与R3是并联结构，所以示数减小，A不符合题意；

B.电容器极板等于等于R1两端电压，而R1与R3为串联结构，所以R1U可知φP减小，C符合题意；

U=E-因此可得∆U知∆U为定值，D不符合题意。

故答案为：BC。

【分析】根据“串反并同”的规律，分析电路中各部分电路两端的电压和电流的变化情况；由E=Ud分析电容器极板间电场强度的变化，确定粒子的运动方向；由U=Ed分析P点到下极板电势差的变化，再由电势差与电势的关系式UAB13．【答案】C,D【解析】【解答】A.分析两小球的受力，小球之间的电场力只能是斥力，否则不能平衡，如图所示：

可知A、B两小球带同种电荷，A不符合题意；

B.根据共点力平衡条件，对A，由正弦定理可得m对B，由正弦定理可得m解得A、B两球质量之比为mB不符合题意；

C.根据库仑定律可得F=k故A球质量为mC符合题意；

D.仅把A、B的带电量互换，F的大小不变，对两球的受力没有影响，故不影响两小球的位置，两小球仍在原位置静止，D符合题意。

故答案为：CD。

【分析】分析两小球的受力，确定小球所带电荷的正负；根据共点力平衡条件求出A、B两球的质量之比；由库仑定律求出A球质量；两电荷间的库仑力是相互作用力，总是等大反向，与电荷量的大小关系无关。14．【答案】A,C【解析】【解答】A.I-t图像中面积表示通过线圈截面的电荷量，由电流的定义式、法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可得q=I·∆t=与t两段时间内线圈的磁通量的变化量相同，所以t1~t2与t2~t3两段时间内图线与坐标轴围成的面积相等，A符合题意；

B.根据楞次定律的推论“来拒去留”的规律可知，磁铁在线圈上方下落过程中和在线圈下方下落过程中，线圈中感应电流受到的安培力都是磁铁的相对运动，可知，E=n令单匝线圈电阻为R0I=解得I=当∆t趋于无限小时I=可以表示瞬时值，可知线圈中产生的电流峰值与匝数无关，C符合题意；

D.根据动能定理(mg-解得v=若将线圈到玻璃管上端的距离加倍，阻力平均值也会发生变大，则速度不会变为原来的2倍，电流峰值不会加倍，D不符合题意。

故答案为：AC。

【分析】I-t图像中面积表示通过线圈截面的电荷量，由电流的定义式、法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律推导通过线圈截面的电荷量的表达式，得出t1~t2与15．【答案】（1）A1；（2）；右（3）B（4）1.40；0.40【解析】【解答】（1）一节干电池的电动势约为1.5V，内阻约为几欧姆，电路中的电流不超过0.6A，则电流表应选用A1；为了便于调节，滑动变阻器应选用R2。

（2）由于电源内阻较小，所以电流表应相对于电源外接，所以实物图如图所示：

为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应滑到阻值最大端，即最右端。

（3）由闭合电路欧姆定律得路端电压U=E-Ir，当电源内阻r太小时，干路中电流I有变化时，Ir变化很小，电路端电压U变化会很小，即电压表示数变化范围很小，B符合题意，ACD不符合题意。

故答案为：B。

E=U+I(整理得U=-I(结合U-I图像的纵轴截距和斜率可得E=1.40V，R解得r=0.40【分析】（1）分析电路中可能达到的最大电流，选择电流表；本着便于调节的目的，选择滑动变阻器；（2）根据实验原理和注意事项，连接实物电路；闭合开关前应调节滑动变阻器滑片位置，使闭合开关瞬间，电压表和电流表的示数最小，防止电表被烧毁；（3）根据闭合电路欧姆定律分析电压表示数变化范围很小的原因；（4）由闭合电路欧姆定律推导U-I关系式，再结合U-I图像的纵轴截距和斜率，求出电池的电动势和内阻。16．【答案】（1）2.326mm（2）13（3）（4）π【解析】【解答】（1）螺旋测微器的精确度为0.01mm，图中螺旋测微器的主尺读数为2mm，可动尺读数为32.8×0.01mm=0.326mm，可得合金丝的直径为d=2mm+0.328mm=2.326mm（2）用多用表测量电阻时，指针指在中央位置附近测量会比较准确，由图乙可知，当选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转很大，说明电阻较小，应换小倍率的电阻挡，故应改换“×1”倍率的电阻挡，并让红黑表笔短接，重新欧姆调零；根据欧姆表读数规则，测量的电阻阻值为R=13×1（3）由于R<所以采用电流表的外接法；为使合金丝两端电压调节范围尽量大，滑动变阻器应采用分压式接法，电路图如下：

（4）根据欧姆定律可得R=根据电阻定律可得R=ρ又S=π联立可得ρ=【分析】（1）根据螺旋测微器的读数规则读数；（2）用多用表测量电阻时，指针指在中央位置附近测量会比较准确，根据指针偏转的特点，选择合适倍率；由欧姆表的读数规则读数；（3）根据伏安法测电阻的原理和注意事项画出原理电路；（4）根据欧姆定律和电阻定律，推导合金丝电阻率的表达式。17．【答案】（1）0.0048（2）B；D【解析】【解答】（1）由题意可知，i−t曲线和两坐标轴所围的面积为43.Q=43.2mA·s=0.0432C由i-t图像可知，电容器放电时的最大电流为I则电容器充满电荷时的电压为U=所以电容器的电容为C=（2）变压器原线圈要接交流电，所以应选用学生用低压交流电源，不能用干电池；要测量交流电压，不能使用普通的电压表，应使用多用电表的交流电压档，BD符合题意，AC不符合题意。

故答案为：BD。

【分析】（1）根据i-t图像中面积表示电量，求出电容器充满电时所带的电荷量，再由欧姆定律推导电容器充满电荷时的极板电压，然后根据电容的定义式C=Q18．【答案】（1）电子在电场中加速，