第1章遗传因子的发现（B卷提升能力）-2021-2022学年高一生物单元AB卷（人教版2019必修2）

第1章遗传因子的发现一、单选题1．用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜。子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形，三者比例为9∶6∶1，现对子二代中的圆形南瓜做测交，则后代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例为（）A．0∶2∶1 B．2∶0∶1 C．5∶0∶1 D．0∶5∶1【答案】A【分析】根据题意分析可知：用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜。子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜，三者的比例为9：6：1，是9：3：3：1的变式，符合基因自由组合规律。【详解】用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜。设子一代扁盘状南瓜基因型为AaBb，则子一代自交，子二代为AB（扁盘状），Abb（圆形），aaB（圆形），aabb（长形）=9：3：3：1，说明双显性为扁盘状，单显性为圆形，双隐性为长形。子二代中圆形南瓜的基因型及比例为1AAbb：1aaBB：2Aabb：2aaBb，所以可以产生的配子及比例Ab：aB：ab=1:1:1，和aabb测交，子代Aabb：aaBb：aabb=1:1:1，表现为圆形：长形=2:1。故选A。2．家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制，灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠（M)，为了确定M是否为纯合子（就毛色而言），让M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。不考虑变异，下列分析不合理的是A．若子代出现黑毛鼠，则M—定是杂合子B．若子代全为灰毛鼠，则M—定是纯合子C．若子代中灰毛雄鼠:黑毛雌鼠=3:1，则M—定是杂合子D．若子代中灰毛雄鼠:黑毛雌鼠=1:1，则M—定是杂合子【答案】B【详解】A、灰毛对黑毛为显性。灰毛雌鼠M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。若子代出现黑毛鼠，则M—定是杂合子，A正确；B、因子代的数量非常少，即使子代全为灰毛鼠，也不能确定M—定是纯合子，B错误；CD、子代中出现了黑毛雌鼠，说明M必然含有控制黑毛性状的基因，因此，无论子代中灰毛雄鼠与黑毛雌鼠的比例是3:1，还是1:1，则M—定是杂合子，C、D正确。故选B。【点睛】只有控制黑毛性状的隐性基因纯合时，家鼠才表现出黑毛性状。子代黑毛鼠含有的控制黑毛性状的隐性基因，其中之一必然来自M。可见，若子代出现黑毛鼠，则M—定是杂合子。3．一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合3：1性状分离比的情况是（）A．显性基因相对于隐性基因为不完全显性B．子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等C．子一代产生的雄配子中2种类型配子活力无差异，雌配子活力也无差异D．统计时子二代3种基因型个体的存活率相等【答案】A【分析】在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。【详解】A、一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为3:1，A符合题意；B、若子一代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为3:1，B不符合题意；C、若子一代产生的雄配子中2种类型配子活力无差异，雌配子也无差异，则子二代性状分离比为3:1，C不符合题意；D、若统计时,子二代3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为3:1，D不符合题意。故选A。4．蝴蝶的翅形（正常翅对残缺翅为显性）和翅长（长翅对短翅为显性）分别由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雄蝶致死，基因b纯合时雌蝶致死。基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2。F2蝴蝶中正常长翅：正常短翅：残缺长翅：残缺短翅为A．6：2：3：1 B．15：5：6：2 C．9：3：3：1 D．15：2：6：1【答案】D【分析】本题考查自由组合定律，考查自由组合定律的应用。对教材中两对性状的杂交实验结果迁移应用，可分析F2蝴蝶中各种表现型的比例。【详解】基因型为aabb的雄蝶和基因型为AABB的雌蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配，F2蝴蝶中雌雄个体的比例1∶1，基因A纯合时雄蝶致死，雄蝶中正常长翅：正常短翅：残缺长翅：残缺短翅=6：2：3：1，基因b纯合时雌蝶致死，雌蝶中正常长翅：残缺长翅=9：3，则F2蝴蝶中正常长翅：正常短翅：残缺长翅：残缺短翅为15：2：6：1，选D。【点睛】解答本题的关键是：F2蝴蝶中雌雄个体的比例1∶1，可先对F2中雌雄蝴蝶的表现型分别进行分析，然后把对应的表现型相加即可。5．已知某闭花授粉植物的花色和叶形由两对独立遗传的等位基因控制，某研究人员将一株粉花肾形叶植株自交，得到后代F1中红花肾形叶：粉花肾形叶：白花肾形叶：红花圆叶：粉花圆叶：白花圆叶比例为3：6：3：1：2：1，则若使F1中粉花肾形叶植株自然生长，则F2中能稳定遗传的个体占()A．1/3 B．3/4 C．5/6 D．1/4【答案】A【分析】闭花传粉植物自然状态下为自交，即为纯种。设花色受A、a控制，叶型受B、b控制。一株粉花肾形叶植株自交，后代中红色：粉色：白色=1:2:1，说明亲本为杂合子，A对a为不完全显性，设红色为AA，粉色为Aa，白色为aa。后代中肾形叶：圆叶=3：1，亲本对应的基因型为Bb，且肾形叶为显性性状，则亲本的基因型均为：AaBb。【详解】根据后代中红色：粉色：白色=1:2:1及肾形叶：圆叶=3：1可知，亲本的基因型均为AaBb，F1中粉花肾形叶植株的基因型为：AaBB:AaBb=1:2，其自然生长即自交，Aa自交后代中纯合子的比例为1/2，1/3BB、2/3Bb自交后代中纯合子的比例为：1/3+2/3×1/2=2/3，故后代中能稳定遗传即纯合子的比例为：1/2×2/3=1/3。综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。故选A。6．下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，错误的是（）A．不同环境下，基因型相同，表型不一定相同B．纯合子自交产生F1所表现的性状就是显性性状C．孟德尔设计的测交方法可用于推测个体未知的基因型D．F2的3:1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合【答案】B【分析】1、个体表型是基因和环境共同作用的结果。2、一对相对性状亲本杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，未表现出来的为隐性性状。3、测交可以来验证分离定律和自由组合定律，可以推测个体未知的基因型。【详解】A、表型由基因控制，同时受环境影响，个体表型是基因和环境共同作用的结果，基因型相同，表型不一定相同，表型相同，基因型也不一定相同，A正确；B、隐性纯合子自交，F1代还是隐性纯合子，纯合子自交产生的F1表现出来的性状不一定是显性性状，不同性状的纯合子杂交，F1表现出来的性状是显性性状，B错误；C、测交可以来验证分离定律和自由组合定律，可以验证孟德尔实验中F1产生的配子种类及比例，可以推测个体未知的基因型，C正确；D、F2的3:1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合，并且雌雄配子的存活率相同，否则就不会出现3:1的比例关系，D正确。故选B。7．“假说—演绎法”是现代科学研究中常用的方法，利用该方法孟德尔发现了两个遗传规律。下列有关分析正确的是（）A．孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的”B．孟德尔发现的遗传规律可以解释所有生物的遗传现象C．“若F1产生配子时承兑的遗传因子分离，则F2中三种基因型个体的数量比接近1：2：1”属于演绎推理的过程D．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的【答案】D【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。【详解】A、孟德尔所在的年代还没有基因一词，也不知道基因位于染色体上，A错误；B、孟德尔发现的遗传规律只能解释进行有性生殖生物的部分细胞核遗传现象，B错误；C、“若F1产生配子时成对的遗传因子分离，则测交后代个体的性状分离比接近1：1”才属于演绎推理的过程，C错误；D、提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的，D正确。故选D。8．已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb：AAbb=2：1，且该种群的每种基因型中雌雄个体比例为1：1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为（）A．5/8 B．5/9 C．13/16 D．13/18【答案】B【分析】1.基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。2.基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】亲本是Aabb和AAbb，因为两个亲本都是bb，后代也全为bb，因此，只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配即可。据题意可知无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa∶AA=2∶1，这样亲本Aa占2/3，它所产生的配子A占1/3，a占1/3；AA占1/3，它所产生的配子全为A占1/3，这样亲本产生的配子中A占,2/3，a占1/3，无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为,2/3×2/3=4/9，aa的概率为1/3×1/3=1/9，因此子代中能稳定遗传的个体所占比例=4/9+1/9=5/9，即B正确。故选B。9．某生物基因型为A1A2，A1和A2的表达产物N1和N2可随机组合形成二聚体蛋白，即N1N1、N1N2、N2N2三种蛋白。若该生物体内A2基因表达产物的数量是A1的2倍，则由A1和A2表达产物形成的二聚体蛋白中，N1N1型蛋白占的比例为A．1/3 B．1/4 C．1/8 D．1/9【答案】D【详解】【分析】本题主要考查了A1与A2基因表达产物结合成二聚体蛋白的种类。当N1、N2的数量关系不同时，组成的二聚体蛋白的比例不同。【详解】基因A1、A2的表达产物N1、N2可随机结合，组成三种类型的二聚体蛋白N1N1、N1N2、N2N2，若该生物体内A2基因表达产物的数量是A1的2倍，则N1占1/3，N2占2/3，由于N1和N2可随机组合形成二聚体蛋白，因此N1N1占1/3×1/3=1/9。故选D。【点睛】解答本题需要考生明确关键字眼“N1和N2可随机组合”，根据题意可知A1与A2的数量关系，进而求出各二聚体蛋白所占的比例。10．如图为鼠的毛色的遗传图解，则下列判断错误的是：A．1、2号的基因型相同，3、6号的基因型相同B．F1的结果表明发生了性状分离C．4号一定杂合子，3号一定是纯合子D．7号与4号的基因型相同的概率为1/2【答案】D【分析】用A和a表示小鼠的毛色，由1号×2号→3号可知，白色为隐性，黑色为显性。则1号基因型为Aa，2号基因型为Aa，3号基因型为aa；由4号×5号→6号可知,4号基因型为Aa，5号基因型为Aa，6号基因型为aa，7号基因型为1/3AA或2/3Aa。【详解】据分析可知，1、2号基因型均为Aa，3、6号基因型均为aa，A正确；F1的结果表明发生了性状分离，B正确；4号基因型为Aa，3号基因型为aa，C正确；7号与4号的基因型相同的概率为2/3，D错误。【点睛】解答本题的关键是：根据图示判断小鼠毛色的显隐性，从而推出小鼠的毛色的基因型，再根据题意作答。11．若哺乳动物毛色由位于常染色体上的基因决定，A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素，D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达。现进行杂交实验，杂交结果如表所示。下列叙述正确的是（）组别亲代F1表现型F1自由交配所得F2表现型及比例一黄色×褐色全为黄色黄色：褐色=13：3二全为褐色黄色：褐色=1：3A．第二组中F2出现性状分离是基因重组的结果B．第一组中黄色亲本的基因型为aaDD，组合二中则为aaDdC．第一组F1的基因型为AaDd，两对等位基因遵循基因的自由组合定律D．第一组F2中，黄色的基因型有7种，黄色中纯合子所占的比例为1/13【答案】C【分析】结合题干和表格分析，褐色的基因型为A_dd，黄色的基因型是A_D_，aa_。【详解】A、第二组中黄色和褐色杂交后代全是褐色，且F1自由交配，F2黄色：褐色=1：3，则亲本的基因型是aadd×AAdd，F1的基因型是Aadd，则F2出现性状分离是基因分离的结果，A错误；B、第一组中F1的黄色的基因型是AaDd，亲本的基因型是aaDD×AAdd，即黄色亲本的基因型是aaDD，组合二中黄色亲本的基因型为aadd，B错误；C、第一组F1自由交配后代表现性及比例为13:3，是9：3：3：1的变形，则F1的基因型为AaDd，两对等位基因遵循基因的自由组合定律，C正确；D、第一组F2中，黄色的基因型有AADD：AaDD：AADd：AaDd：aaDD：aaDd：aadd=1：2：2：4：1：2：1，共有7种基因型，纯合子所占的比例为3/13，D错误。故选C。12．番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶＝6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是（）A．这两对基因不遵循自由组合定律B．这两对相对性状显性性状分别是红色和宽叶C．控制花色的基因具有隐性纯合致死效应D．自交后代中纯合子所占比例为1/6【答案】D【分析】分析题文：红色窄叶植株自交，后代出现了白色宽叶，说明发生了性状分离，因而可判断红色对白色为显性，窄叶对宽叶为显性。由于番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死，所以子代的表现型及其比例为红色窄叶：红色宽叶：白色窄叶：白色宽叶=6：2：3：1，这是9：3：3：1的特殊情况，因而遵循基因的自由组合定律。设红色基因为A、窄叶基因为B，则亲本红色窄叶植株的基因型为AaBb。子代的表现型和基因型为红色窄叶AaBB、AaBb，红色宽叶Aabb，白色窄叶aaBB、aaBb，白色宽叶aabb。【详解】根据分析可判断：控制番茄的花色和叶的宽窄的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，它们的遗传遵循基因自由组合定律，A错误；由分析可知，这两对相对性状中显性性状分别是红色和窄叶，B错误；分析子代中红色：白色=（6+2）：（3+1）=2:1，窄叶：宽叶=（6+3）：（2+1）=3:1，说明AA致死，即控制花色的基因具有显性纯合致死效应，C错误；由于AA纯合致死，所以AaBb自交后代中纯合子只有aaBB和aabb，所占比例为1/12+1/12=1/6，D正确。故选D。【点睛】本题考查基因自由组合定律及应用，首先要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干信息判断出两对相对性状的显隐性关系及亲本的基因型；其次能根据“6：2：3：1”（属于9：3：3：1的变式）判断出F1的基因型；再计算出相关概率。13．做模拟孟德尔杂交实验，用4个大信封，按照下表分别装入一定量的卡片。下列叙述正确的是（）大信封信封内装入卡片黄Y绿y圆R皱r雄1101000雌1101000雄2001010雌2001010A．“雄1”中卡片的总数与“雌1”中卡片的总数可以不相等B．分别从“雄1”和“雌1”内随机取出1张卡片记录组合类型，模拟基因的自由组合C．分别从“雄1”“"和“雌2”内随机取出1张卡片，记录组合类型，模拟配子的随机结合D．每次分别从4个信封内随机取出1张卡片，记录组合类型，重复20次，直到卡片取完【答案】A【分析】根据孟德尔对分离现象的解释，生物的性状是由遗传因子（基因）决定的，控制显性性状的基因为显性基因，控制隐性性状的基因为隐性基因，而且基因成对存在。遗传因子组成相同的个体为纯合子，不同的为杂合子。生物形成生殖细胞（配子）时成对的基因分离，分别进入不同的配子中。当杂合子自交时，雌雄配子随机结合，后代出现性状分离，性状分离比为显性：隐性=3：1。雌1、雌2容器代表某动物的雌生殖器官，雄1、雄2容器代表某动物的雄生殖器官，卡片上的字母表示雌、雄所含的基因。【详解】A、由于雌、雄配子的数量不一定相等，所以“雄1”中Y、y的数量与“雌1”中Y、y的数量可以不相等，A正确；B、分别从“雄1”和“雌1”内随机取出1张卡片，记录组合类型，是模拟等位基因分离及雌雄配子的随机结合过程，B错误；C、分别从“雄1”和“雄2”内随机取出1张卡片，记录组合类型，模拟的是基因的自由组合，分别从“雄1”和“雌2”内随机取出1张卡片，记录组合类型，既不表示基因的自由组合，也不能表示配子的随机组合，C错误；D、从信封内取出的卡片，需要重新放回到原信封内，目的是为了保证下次取的每种卡片的概率相等，D错误。故选A。14．研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定∶Cb—黑色、Cs—银色、Cc—乳白色、Cx—白化。为确定这组基因间的关系，进行如下杂交实验。据此分析下列选项不正确的是（）杂交组合亲代子代黑银乳白白化1黑╳黑210072黑╳白化1110003乳白╳乳白0032114银╳乳白0231112A．与毛色有关的基因型共有10种B．可以确定这组等位基因的显性程度C．等位基因的关系是∶Cb>Cs>Cx>CcD．杂交的后代最多会出现3种毛色【答案】C【详解】A、由于豚鼠毛色由Cb、Cs、Cc、Cx等位基因决定，所以该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有C52=（5×4）÷2=10种，A正确；BC、由于多种交配方式的后代都出现了性状分离，所以能确定这组等位基因间的显性程度，这4个复等位基因之间的显隐性关系的正确顺序是：Cb>Cs＞Cc＞Cx，B正确；C错误；D、豚鼠毛色由一对等位基因决定，两只豚鼠杂交的后代最多会出现4种基因型，根据基因的显隐性关系判断，最多会出现三种毛色，D正确。故选C。15．豌豆花的颜色受两对基因P/q和Q/q控制，这两对基因遵循自由组合规律．假设每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，其它的基因组合则为白色．依据下列杂交结果，P：紫花×白花→F1：3/8紫花、5/8白花，推测亲代的基因型应该是（）A．PPQq×ppqq B．PPqq×Ppqq C．PpQq×Ppqq D．PpQq×ppqq【答案】C【分析】一对杂合子自交后代性状分离比是3：1，测交后代性状分离比是1：1；两对杂合子自交后代性状分离比是9：3：3：1，测交后代性状分离比是1：1：1：1。由题干分析可知每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，即紫花的基因型是PQ，其余基因型都是白花。【详解】由题干分析可知每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，即紫花的基因型是PQ，其余基因型都是白花。根据杂交实验：紫色花（PQ）×白色花→F1：3/8紫色花（PQ），5/8白色花，因为紫花的比例是3/8，而3/8可以分解为3/4×1/2，也就是说两对基因一对是杂合子测交，另一对是杂合子自交。因此可得Pp×pp（1/2），Qq×Qq（3/4）或者是Pp×Pp（3/4），Qq×qq（1/2），即双亲的基因型是PpQq×Ppqq或ppQq×PpQq，综上分析，C符合题意，ABD不符合题意。故选C。16．下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是()A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉C．F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性【答案】D【分析】1、豌豆是一种严格的自花授粉植物，而且是闭花授粉，授粉时无外来花粉的干扰，便于形成纯种。2、杂交实验的过程：去雄→套袋→授粉→套袋【详解】豌豆花瓣开放时，豌豆已经完成授粉，所以应在花粉尚未成熟时对母本去雄以防自花授粉，A错误；完成人工授粉后仍需套上纸袋以防异花授粉，B错误；F1自交，其F2中同时出现白花和紫花，这种现象是性状分离。出现性状分离的原因是等位基因随同源染色体的分开而分离，C错误；紫花和白花杂交，F1全部为紫花，说明紫花为显性性状，白花为隐性性状，则紫花基因对白花基因为显性，D正确。故选D。17．已知某作物晚熟(W)对早熟(w)为显性，感病(R)对抗病(r)为显性，两对基因独立遗传。含早熟基因的花粉有50％的概率死亡，且纯合感病个体不能存活，现有一株纯合晚熟抗病个体与一株早熟感病个体，杂交得F1，取其中所有晚熟感病个体自交，所得F2表现型比例为A．6∶3∶2∶1 B．15∶5∶3∶1 C．16∶8∶2∶1 D．10∶5∶2∶1【答案】D【分析】基因频率的计算：（1）在种群中一对等位基因的频率之和等于1，基因型频率之和也等于1；（2）一个等位基因的频率=该等位基因纯合子的频率+1/2杂台子的频率。【详解】由题意可知，含有w基因的花粉有50%的死亡率,因此基因型为Ww的父本产生的可育配子的基因型及比例为W:w=2:1，母本产生的可育配子的类型及比例为W:w=1:1，雌雄配子随机结合，子代的基因型及比例为WW:Ww:ww=2:3:1，即后代的晚熟：早熟=5:1。亲本纯合抗病个体基因为rr，感病个体基因型为Rr，F1中1/2rr，1/2Rr；取F1中所有感病个体Rr自交，后代中能存活的感病个体Rr：抗病个体rr=2:1；故F2表现型比例为（5:1）×（2:1）=10∶5∶2∶1；故选D。18．已知某品种油菜粒色受两对等位基因控制（独立遗传），基因型为AaBb的黄粒油菜自交，F1中黄粒∶黑粒=9∶7。现将F1中全部的黄粒个体进行测交，则后代中黑粒纯合子所占的比例是（）A．1/2 B．1/4 C．1/9 D．1/16【答案】C【分析】已知某品种油菜粒色受两对等位基因控制且独立遗传，说明遵循基因的自由组合定律。基因型为AaBb的黄粒油菜自交，F1中黄粒∶黑粒=9∶7，这是“9∶3∶3∶1”的变式，所以黄粒的基因型为A_B_，黑粒的基因型为A_bb、aaB_和aabb。【详解】根据基因型为AaBb的黄粒油菜自交，F1中黄粒∶黑粒=9∶7可知，F1中黄粒的基因型及比例为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，将F1中全部的黄粒个体进行测交，即与aabb杂交，则后代中黑粒纯合子的基因型为aabb，所占的比例是4/9×1/4=1/9，C正确，ABD错误。故选C。19．某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1其中能够判定植株甲为杂合子的实验是A．①或②B．①或④C．②或③D．③或④【答案】B【分析】由题干信息可知，羽裂叶和全缘叶是一对相对性状，但未确定显隐性，若要判断全缘叶植株甲为杂合子，即要判断全缘叶为显性性状，羽裂叶为隐性性状。根据子代性状判断显隐性的方法：①不同性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子；②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本为杂合子。【详解】让全缘叶植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明植株甲为杂合子，杂合子表现为显性性状，新出现的性状为隐性性状，①正确；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，说明双亲可能都是纯合子，既可能是显性纯合子，也可能是隐性纯合子，或者是双亲均表现为显性性状，其中之一为杂合子，另一个为显性纯合子，因此不能判断植株甲为杂合子，②错误；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但谁是杂合子、谁是纯合子无法判断，③错误；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1，说明植株甲与另一全缘叶植株均为杂合子，④正确。综上分析，供选答案组合，B正确，A、C、D均错误。【点睛】解答本题的关键是明确显隐性性状的判断方法，以及常见分离比的应用，测交不能用来判断显隐性，但能检验待测个体的基因组成，因此可用测交法来验证基因的分离定律和基因的自由组合定律。20．玉米的宽叶（A）对窄叶（a）为显性，宽叶杂交种（Aa）玉米表现为高产，比纯合显性和隐性品种的产量分别高12%和20%；玉米有茸毛（D）对无茸毛（d）为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株在幼苗期就不能存活，两对基因独立遗传，高产有茸毛玉米自交产生子代，则子代的成熟植株中()A．有茸毛与无茸毛比为3：1 B．有9种基因型C．高产抗病类型占1/4 D．宽叶有茸毛类型占1/2【答案】D【详解】有茸毛的基因型是Dd（DD幼苗期死亡），无茸毛基因型为dd，子代植株表现型及比例为有茸毛：无茸毛=2：1，A错误；由于DD幼苗期死亡，所以高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，只有6种基因型，B错误；高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，高产抗病类型为AaDd，占4/12=1/3，C错误；高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，宽叶有茸毛类型为AADd和AaDd，占2/12+4/12=1/2，D正确。【点睛】用分离定律解决自由组合问题（1）基因原理分离定律是自由组合定律的基础。（2）解题思路首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题，在独立遗传的情况下，有几对基因就可以分解为几个分离定律问题．如AaBb×Aabb可分解为：Aa×Aa，Bb×bb．然后，按分离定律进行逐一分析，最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。二、综合题21．已知柿子椒果实圆锥形（A）对灯笼（a）为显性，红色（B）对黄色（b）为显性，辣味（D）对甜味（d）为显性，分别位于三对同源染色体上。现有3个纯合亲本，甲：灯笼形红色辣味；乙：灯笼形黄色辣味；丙：圆锥形黄色甜味。（1）用乙与丙杂交得到F1，F1自交得到F2，在F2中灯笼形果实植株所占的比例为______________。（2）用甲、乙、丙两两分别杂交，F2中灯笼形黄色甜味果实植株所占比例最高的亲本组合是_____________，该亲本组合F2中AAbbDd基因型植株所占的比例为___________。（3）用甲与丙杂交，若F2中黄色果实植株不能适应环境导致50%的幼体死亡，则F2中红甜味果实的成体植株所占的比例是______________。（4）用甜味植株与乙杂交，F1中圆锥形红色辣味：圆锥形黄色辣味：灯笼形红色辣味：灯笼形黄色辣味为1：1：1：1，则该甜味植株的基因型是______________。【答案】1/4乙和丙1/83/14AaBbdd【详解】（1）根据题意可知，亲本均为纯合子，乙的基因型为aabbDD（灯笼形黄色辣味），丙的基因型为AAbbdd（圆锥形黄色甜味），则F1为AabbDd，F1自交得到F2，因此在F2中灯笼形果实植株（aa）所占的比例为1/4。（2）甲的基因型为aaBBDD，乙的基因型为aabbDD，丙的基因型为AAbbdd。甲和乙杂交，F1为aaBbDD，则F2中灯笼形黄色甜味果实植株（aabbdd）为0；甲和丙杂交，F1为AaBbDd，则F2中灯笼形黄色甜味果实植株（aabbdd）为1/4×1/4×1/4=1/64；乙和丙杂交，F1为AabbDd，则F2中灯笼形黄色甜味果实植株（aabbdd）为1/4×1×1/4=1/16，F2中AAbbDd基因型植株所占的比例为1/4×1×1/2=1/8。（3）用甲与丙杂交，F1为AaBbDd，F2中BB：Bb：bb=1：2：1，由于黄色果实植株（bb）不能适应环境导致50%的幼体死亡，导致F2中BB：Bb：bb=2：4：1，因此F2中红甜味果实的成体植株（B_dd）所占的比例=6/7×1/4=3/14。（4）甜味植株基因型为dd，乙植株基因型为DD，后代全为Dd（辣味），因此看其它两对基因。由于乙植株基因型为aabb，并且后代表现型比例为1:1:1:1，符合测交实验结果，因此该甜味植株的基因型是AaBbdd。考点：本题着重考查了基因自由组合定律的应用，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能用数学方式准确地描述生物学方面的内容、以及数据处理能力。22．某雌雄同株的高等绿色植物具有茎的颜色(绿茎、紫茎)和花的颜色(红花、白花)两对相对性状，其中一对相对性状受一对等位基因控制，另一对相对性状受两对等位基因控制，3对基因分别位于3对同源染色体上。现用一株绿茎、红花植株与一株紫茎、白花植株杂交得到F1再用F1自交得到F2，统计结果如表：(子代数量足够多)F1表现型及比例全为紫茎、红花F2表现型及比例紫茎、红花：紫茎、白花：绿茎、红花：绿茎、白花=27：21：9：7请分析回答下列问题：(1)在绿茎与紫茎这对相对性状中属于显性性状的是_______。F1紫茎植株自交得到的F2中同时出现了绿茎和紫茎，遗传学上把这种现象称为____________________________。(2)花色的遗传符合基因的_________定律，理由是______________________。(3)在F2白花中纯合子的比例为________，在F2的紫茎白花植株中自交不发生性状分离的比例是___________________。【答案】紫茎性状分离自由组合F1自交得到的F2中，红花与白花之比为9:7，说明花色的遗传受两对独立遗传的等位基因控制3/71/3【分析】据题干可以知道，用一株绿茎植株与一株紫茎植株杂交得到F1全为紫茎，说明在绿茎与紫茎这对相对性状中紫茎属于显性性状，F1紫茎植株自交得到的F2中同时出现了绿茎和紫茎的现象称为性状分离，据表格的数据可知，F2紫茎：绿茎=（27+21）：（9+7）=3：1，红花：白花=（27+9）：（21+7）=9：7，故绿茎与紫茎这对相对性状受一对基因控制，花的颜色（红花、白花）的性状受两对基因控制，据此答题。【详解】（1）据试题分析可知，在绿茎与紫茎这对相对性状中属于显性性状的是紫茎；F1紫茎植株自交得到的F2中同时出现了绿茎和紫茎，遗传学上把这种现象称之为性状分离。（2）据试题分析可知，F1自交得到F2中红花：白花=9：7，说明花的颜色（红花、白花）的性状受两对基因控制，再结合