广西大学附属中学2025届物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

广西大学附属中学2025届物理高二第一学期期中学业质量监测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A．加速度增大，速度可能减小B．参考系一定要选取静止不动的物体C．研究和观察日食时可以把太阳当做质点D．羽毛下落得比玻璃球慢，是因为羽毛轻2、如图所示，为保温电饭锅的电路示意图，R1、R2为两电热丝，S为温控开关，A、B两点接在稳压电源上，R1:R2=9:1，加热时的功率为1000W，则（）A．S闭合时，电饭锅处于加热状态B．S断开时，电饭锅处于加热状态C．保温状态时电源的输出功率为900WD．保温状态时电源的输出功率为W3、远距离输电都采用高压输电，其优点是A．可增大输电电流B．可加快输电速度C．可增大输电功率D．可减少输电线上的能量损失4、如图所示，是电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分成了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，现把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻设为R，下列关于R1和R2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是()A．R的伏安特性曲线在Ⅰ区，R1＜R2B．R的伏安特性曲线在Ⅱ区，R1＞R2C．R的伏安特性曲线在Ⅰ区，R1＞R2D．R的伏安特性曲线在Ⅲ区，R1＜R25、个质量为10kg的物体在半径为2m的圆周上以大小为的速度做匀速圆周运动，所需向心力大小为A．80NB．60NC．40ND．20N6、地球的周围存在地磁场，能有效地改变射向地球的宇宙射线的方向，使它们不能到达地面，从而保护地球上的生命。假设有一束带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），不考虑粒子受到的其他力的作用，只在地磁场的作用下，粒子在进入地球周围的空间时，其偏转方向以及速度大小的变化情况是()A．相对于预定地点向东偏转，速度变大B．相对于预定地点向西偏转，速度变大C．相对于预定地点向东偏转，速度大小不变D．相对于预定地点向西偏转，速度大小不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如上图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中．设小球的带电量不变，小球由静止下滑的过程中()A．小球的加速度一直增大B．小球的速度一直增大，直到最后匀速C．杆对小球的弹力一直减小D．小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变8、如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子(不计重力)从A点沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则A．从Q点射出的粒子速度大B．从P点射出的粒子速度大C．从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长D．两个粒子在磁场中运动的时间一样长9、关于电场中的等势面，下列说法中正确的有（）A．等势面不一定跟电场线垂直B．沿电场线电势一定升高C．在同一等势面上两点间移动电荷，电场力做功为零D．处于静电平衡状态的导体是等势体，表面是一个等势面10、如图所示，要使Q线圈产生图示方向的电流，可采用的方法有A．闭合电键K后，把R的滑片向右移B．闭合电键K后，把R的滑片向左移C．闭合电键K后，把P中的铁心从左边抽出D．闭合电键K后，把Q靠近P三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值．（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端________．（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P＝________W；（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6Ω的电源两端，此时电路工作的效率为________．12．（12分）在下面括号内列举的科学家中，对发现和完善万有引力定律有贡献的是．（安培、牛顿、焦耳、第谷、卡文迪许、麦克斯韦、开普勒、法拉第）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）小型直流电动机其线圈内阻为与规格为“4V4W”的小灯泡并联,再与阻值为的电阻串联,然后接至的电源上,如图所示,小灯泡恰好正常发光,电动机正常工作,求：（1）电动机的发热功率？（2）如果在正常工作时,转子突然被卡住,求此时电动机中的电流？14．（16分）使用功率为P=1kW的电加热装置把m=2kg的水从25℃加热到100℃，已知c水=4.2×103

J/kg·℃．求：（1）水吸收的热量；（2）若这个装置的效率为60%，则加热时间是多久？15．（12分）如图所示，在两平行虚线间存在着宽为L、场强为E的匀强电场，在与右侧虚线相距为L处有一个与电场平行的屏。现有一电荷量为+q、质量为m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方向的初速度v0射入电场中，v0方向的延长线与屏的交点为O。试求：（1）粒子从射入电场到打到屏上所用的时间t；（2）粒子射出电场时沿电场方向偏移的距离y。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A．加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度的方向与速度的方向相反时，物体的加速度虽然增大，但是速度是减小的，故A正确；B．参考系可以选取运动的物体；故B错误；C．研究日食时，太阳的形状大小是不能忽略的，故不能看作质点；故C错误；D．羽毛下落时，受到空气阻力的影响大，下落慢，故D错误。2、A【解析】

AB.由电路图可知，当S闭合时，R1短路，电路中电阻最小，由知，此时电路为加热状态，故A正确，B错误；CD.电阻R2的阻值为R1：R2=9：1，R1=9R2=9×48.4Ω=435.6Ω，当S断开时，R1、R2串联，电路电阻最大为R=R1+R2=435.6Ω+48.4Ω=484Ω保温状态时电路的功率为故CD项错误．3、D【解析】

由P=UI知，P一定，提高输电电压U，则输电电流I减小，根据P损=I2R，输电线上功率损失减小．A．可增大输电电流，与结论不相符，选项A错误；B．可加快输电速度，与结论不相符，选项B错误；C．可增大输电功率，与结论不相符，选项C错误；D．可减少输电线上的能量损失，与结论相符，选项D正确；故选D．点评：解决本题的关键掌握输电功率与输电电压与输电电流的关系，以及掌握输电线上功率损失P损=I2R．4、A【解析】把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区，根据I-U图象斜率表示电阻倒数可知，R1>R2故A正确．点晴：本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．5、A【解析】

物体做圆周运动，则：，故A正确，BCD错误．【点睛】本题主要考查了匀速圆周运动向心力公式的直接应用，在平时学习中加强训练．6、C【解析】当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时,根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东,所以粒子将向东偏转.而洛伦兹力一定垂直与速度,不做功,故不改变速度大小.所以C选项是正确的综上所述本题答案是：C点睛：根据地球磁场的分布,由左手定则可以判断粒子的受力的方向,从而可以判断粒子的运动的方向.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力．开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向左，大小为N=qE﹣qvB，N随着v的增大而减小，滑动摩擦力f=μN也减小，小球所受的合力F合=mg﹣f，f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N=qvB﹣qE，v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小．当mg=f时，a=0，故加速度先增大后减小，直到为零；小球的速度先增大，后不变；杆对球的弹力先减小后反向增大，最后不变；洛伦兹力先增大后不变．故BD正确，AC错误．8、AD【解析】

如图，粒子在磁场中做圆周运动，分别从P点和Q点射出，由图知，粒子运动的半径RP＜RQ，又粒子在磁场中做圆周运动的半径R=知粒子运动速度vP＜vQ，故A正确，B错误；粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系（图示弦切角相等），粒子在磁场中偏转的圆心角相等，根据粒子在磁场中运动的时间：t=T，又因为粒子在磁场中圆周运动的周期，可知粒子在磁场中运动的时间相等，故C错误，D正确；故选AD．【点睛】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键.9、CD【解析】A．等势面一定跟电场线垂直，否则沿着等势面移动，电势能会变化，电场力会做功，故A错误；B．沿电场线电势一定降低，故B错误；C．在同一等势面上两点间移动电荷，电势能不变，故电场不做功，故C正确；D．处于静电平衡状态的导体是等势体，表面是一个等势面，否则电荷不能保持平衡，故D正确．故选CD．【点睛】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．10、BD【解析】闭合电键，在P中的磁场从左向右穿过Q；闭合电键K后，把R的滑片右移，则电流减小，Q中的磁场方向从左向右减小，根据楞次定律，左边导线电流方向向上．故A错误；同理可判断把R的滑片左移，则电流增加，Q中的磁场方向从左向右增加，根据楞次定律，左边导线电流方向向下．故B正确；闭合电键K后，将P中的铁心从左边抽出，Q中的磁场方向从左向右减小，根据楞次定律，左边导线电流方向向上．故C错误．闭合电键，将Q靠近P，Q中的磁场方向从左向右，且在增强，根据楞次定律，左边导线的电流向下．故D正确．故选BD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a偏小1.225％【解析】

（1）明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；（3）画出电源的图像，两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；【详解】（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；

（2）根据欧姆定律，电阻测量值为，

若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为，

比较可知，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；

根据I-U图象读出时对应的电流，所以小灯泡的实际功率为；（3）作出电源的如图所示：由图像可知，此时小灯泡两端电压为则此时电路工作的效率为：．【点睛】本题考查通过小灯泡的伏安特性曲线判断测量值和真实值之间的关系，注意求解电路的效率时需要画出电源的图像进行求解即可．12、第谷、开普勒、牛顿、卡文迪许【解析】分析：本题强调对万有引力定律的发现和完善有贡献的科学家，第谷是观测家，从而为开普勒得出三定律奠定基础．牛顿在前人的基础之上发现万有引力定律．最后卡文迪许测出引力常量，从而完善了定律．解答：解：对发现和完善万有引力定律有贡献的是：第谷、开普勒、牛顿、卡文迪许故答案为第谷、开普勒、牛顿、卡文迪许点评：对物理定律与定理的物理史实要熟悉，同时还要记清晰．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）【解析】

(1)流经灯泡的电流流经电阻R的电流流经电动机的电流电动机的发