2025届北京市朝阳区陈经伦中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

2025届北京市朝阳区陈经伦中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，它的构造原理如图，离子源产生的各种不同正离子束（速度可看作为零），经加速电场加速后垂直进入有界匀强磁场，到达记录它的照相底片上，设离子在上的位置到入口处的距离为，则下列判断正确的是（）A．若离子束是同位素，则越小，离子质量越大B．若离子束是同位素，则越小，离子质量越小C．只要相同，则离子质量一定相同D．越大，则离子的比荷一定越大2、如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，EP表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大 B．θ增大，EP不变C．θ减小，EP增大 D．θ减小，E不变3、如图所示，左端固定的轻质弹簧被物块压缩，物块被释放后，由静止开始从A点沿粗糙水平面向右运动．离开弹簧后，经过B点的动能为Ek，该过程中，弹簧对物块做的功为W，则物块所受摩擦力做的功Wf为()A．Wf=Ek B．Wf=Ek+WC．Wf+Ek=W D．Wf=W—Ek4、长为L的通电直导线垂直放置于匀强磁场中，所受到的安培力F=BIL，则安培力的大小（）A．只与电流强度有关B．只与导线长度有关C．只与磁感应强度有关D．与电流强度、导线长度、磁感应强度都有关5、一匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象如图所示，在该匀强电场中，有一个带电粒子于t＝0时刻由静止释放，若带电粒子只受电场力作用，则下列说法中正确的是()A．带电粒子只向一个方向运动B．0～2s内，电场力所做的功等于零C．4s末带电粒子回到原出发点D．2.5～4s内，速度的改变等于零6、甲、乙两球在光滑水平轨道上同向运动，已知它们的动量分别是=5kg·m/s，=7kg·m/s，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为=10kg·m/s，则两球质量m甲与m乙的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电荷量为q的点电荷在电场中由A点移到B点时，电场力做功W，两点间的电势差为U，若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则（）A．电场力做功为WB．电场力做功为2WC．两点间的电势差为UD．两点间的电势差为2U8、一电子飞经电场中A、B两点,电子在A点电势能为,动能为,由A点到B点静电力做功为,如果电子只受静电力作用,则A．电子在B点的动能为 B．电子在B点的动能为C．电子在B点的电势能为 D．电子在B点的电势能为9、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为的带电质点从点射入电场，在竖直平面内沿直线从运动到，在此过程中，该质点的（）A．重力势能和电势能都增加，动能减少B．重力势能增加，电势能和动能都减少C．重力势能和动能之和增加D．动能和电势能之和减少10、如图所示，a、b两点电势相同，电场强度也相同的是A．B．C．D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为测量“12V,5W”的小电珠在不同电压下的功率，给定了以下器材：电源：12V，内阻不计；电流表：量程0～0.6A、0～3A，内阻约为0.2Ω电压表：量程0～3V、0～15V，内阻约为15kΩ滑动变阻器：0～5Ω，开关一个，导线若干，实验要求加在小电珠上的电压可从0开始调节.(1)以上四个电路图你认为最合适的是______(2)在本实验中，电流表的量程可选_________(3)某位同学测得小电珠的伏安特性曲线如图所示，某次测量时，电流表读数为0.40A，此时小电珠的实际功率为_____W。12．（12分）如图甲是测量一节新干电池的电动势和内阻的实验电路，所用器材是：量程3V的电压表V；量程0.6A的电流表A；滑动变阻器；开关S，导线。实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，从而影响测量的准确性。为了较准确地测量一节新干电池的内阻，某同学对该实验进行改进，他只在实验中多用了一个定值电阻就解决了这一问题。在方框中画出改进后的电路图______改进后，测出几组电流、电压的数值，并画出如图乙所示的图象，则可知这个电池的电动势为E=______V，内阻r=_______Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，两块带等量异种电荷的平行金属板A、B水平放置，组成平行板电容器，两板间距d=0.05m。两板之间有一个质量m=1.0×10-3kg、电荷量q=+1.0×10−6C的带电油滴恰好处于静止状态。重力加速度g=10m/s2。①判断金属板A带何种电荷？②求两板间的电压大小；③若只增加平行板电容器的带电量，试判断带电油滴将向上运动还是向下运动？14．（16分）如图所示，在与水平方向成45°角的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m的平行导轨上放一重为2N的金属棒ab，棒上通过2A的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止，求：（1）匀强磁场的磁感应强度多大；（2）导轨对ab棒的支持力多大。15．（12分）如图所示,一个电子由静止开始经加速电场加速后,又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场,并从另一侧射出打到荧光屏上的O点,点为荧光屏的中心。已知电子质量,电荷量,加速电场电压U0=2500V,偏转电场电压,极板的长度,板间距离,极板的末端到荧光屏的距离(忽略电子所受重力,结果保留两位有效数字)。求(1)电子射入偏转电场时的初速度;(2)电子打在荧光屏上的P点到点的距离h;(3)电子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功W。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

在电场中，根据动能定理得qU=mv2得v=在磁场中，洛伦兹力提供向心力qvB=m得则有：x=2r=AB．若离子束是同位素，q相同，x越小，对应的离子质量越小，故A错误，B正确；C．由x=2r=知只要x相同，对应的离子的比荷一定相等，而质量不一定相同，C错误；D．由C可知，当x越大，则离子的比荷一定越小，D错误。故选B。【点睛】解决本题的关键利用动能定理和牛顿第二定律求出P到S1的距离，从而得出x与电荷的比荷有关，及注意电荷的比荷是．2、D【解析】试题分析：若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离，则根据可知，C变大，Q一定，则根据Q=CU可知，U减小，则静电计指针偏角θ减小；根据，Q=CU，，联立可得，可知Q一定时，E不变；根据U1=Ed1可知P点离下极板的距离不变，E不变，则P点与下极板的电势差不变，P点的电势不变，则EP不变；故选项ABC错误，D正确．电容器、电场强度、电势及电势能【名师点睛】此题是对电容器的动态讨论；首先要知道电容器问题的两种情况：电容器带电荷量一定和电容器两板间电势差一定；其次要掌握三个基本公式：，，Q=CU；同时记住一个特殊的结论：电容器带电荷量一定时，电容器两板间的场强大小与两板间距无关．3、D【解析】

对物块从A到B应用动能定理有：解得：故D正确．4、D【解析】

长为L的通电直导线垂直放置于匀强磁场中，所受到的安培力F=BIL，则安培力的大小F与电流强度I、导线长度L、磁感应强度B都有关，故选D.5、D【解析】

A、由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度a，第2s内加速度的，a2是a1的2倍，因此带电粒子先加速1s再减小0.5s速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示，由对称关系可得，反向加速的距离使带电粒子刚回到减速开始的点，故A错误；B、0～2s内，带电粒子的初速度为零，但末速度不为零，由动能定理可知电场力所做的功不为零，故B错误；C、由v-t图象中图线与坐标轴围成的图形的面积为物体的位移，由对称可以看出，前4s内的位移不为零，所以带电粒子不会回到原出发点，故C错误；D、由v-t图象可知，2.5～4s内，速度的改变等于零，故D正确；故选D。6、C【解析】根据动量守恒定律得：p1+p2=p1′+p2′，解得：p1′=2kg•m/s．碰撞过程系统的总动能不增加，则有：代入数据解得：．碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有：，代入数据解得：．综上有，故BC正确，AD错误．故选BC．点睛：对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】两点间的电势差与有无试探电荷无关，则若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则两点间的电势差为仍U，选项C正确，D错误；根据W=Uq可知，电场力做功为2W，选项B正确，A错误；故选BC.8、AC【解析】

根据电场力做功与电势能的变化关系求电子在B点的电势能，根据能量守恒求出电子在B点的动能．【详解】由A点到B点静电力做功为，即从A点到B点电势能减少，则B点的电势能为，在点A、点B电子只受电场力，则电子的电势能和动能之和不变，在A点，在B点的动能，故AC正确，BD错误，故选AC．【点睛】本题重点考查了电场力做功与电势能的变化关系WAB=EPA-EPB这个关系式，结合功的公式即可解决此类题目．9、AD【解析】试题分析：带点小球做直线运动，所受合力方向与运动方向必定在同一直线上，根据重力和电场力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化；根据能量守恒，即动能+重力势能+电势能=定值，来判断重力势能和动能之和以及动能和电势能之和的变化．做直线运动的条件是合外力方向和速度在同一直线，所以根据受力分析，受到的电场力方向肯定向左，电力做负功，电势能增加．又重力做负功，重力势能增加．合外力方向和速度反向，所以动能减少，A正确B错误；因为电场力做负功，所以质点的机械能减小，即重力势能和动能之和减小，C错误；过程中只有重力和电场力做功，所以机械能和电势能守恒，即，而重力做负功，重力势能增大，故动能与电势能之和减小，D正确．10、AD【解析】A、a、b是匀强电场中的两点，电场强度相同，a、b连线与板平行，且沿着电场线方向电势降低，所以a点的电势等于b点的电势，故A正确；B、根据电场线的对称性可知，ab两点电势相同，场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故B错误；

C、a、b是同一等势面上的两点，电势相同，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故C错误；

D、等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，则a、b的电势相同．由于电场线关于两电荷连线上下对称，场强也相同，故D正确；故选AD。【点睛】对于典型的电场的电场线分布要掌握，抓住特点，有助于解答关于电场强度、电势高低判断的问题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)A(2)0～0.6A(3)2.4【解析】

（1）小电珠上的电压可从0开始调节，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻R=U2/R=122/5=28.8Ω，R/RA=28.8/0.2=144；RV/R=15000/28.8=520，RVR＞RRA，电流表选择外接法，故选图A所示电路．

（3）电流表读数为0.40A时，此时小电珠的电压为6.0U，则实际功率为P=IU=2.4W。【点睛】本题关键明确电流表内外接法和滑动变阻器的分压、限流接法的选择原则，要想得到从0开始连续可调的电压时必须用分压电路；当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，用电流表外接。12、1.460.8【解析】

当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，由此可知外电路电阻较大，即电源内阻太小，可以用定值电阻与电源串联组成等效电源，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如图所示：由闭合电路欧姆定律可知，，即；由图示电源图象可知，图象与纵轴交点坐标值为，则电源电动势，图像斜率，则电源内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、①A板带“－”电②500V③向上【解析】①油滴能恰好在平行板电容器间静止，则电荷所受的电场力方向向上，可断定：A板带负电．

②油滴能恰好在平行板电容器间静止，有：q＝mg

解得：③由可知，Q增大，U增大；又由可知，U增大，E增大．这样就会有qE＞mg，油滴将向上运动．14、（1）1T；（2