2025届贵州省贵阳市实验三中物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届贵州省贵阳市实验三中物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、测定压力变化的电容式传感器如图所示，为固定电极，为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器连接到如图所示的电路中，当待测压力增大时（）A．电容器的电容将减小 B．电阻中没有电流C．电阻中有从流向的电流 D．电阻中有从流向的电流2、根据欧姆定律，下列说法不正确的是A．从R=U/I可知，对于某一确定的导体，通过的电流越大，说明导体两端的电压越大B．从R=U/I可知，导体的电阻与加在导体两端的电压成正比，与导体中的电流成反比C．从I=U/R可知，导体中的电流与两端的电压成正比，与导体的电阻成反比D．从R=ρL3、据国外某媒体报道，一种新型超级电容器，能让手机几分钟内充满电，某同学在登山时就用这种超级电容器给手机充电，下列说法正确的是A．电容器的电容大小取决于电容器的带电量B．电容器的电容大小取决于两极板间的电势差C．电容器给手机充电时，电容器存储的电能变小D．电容器给手机充电结束后，电容器不带电，电容器的电容为零4、在光滑绝缘的水平面上有两个带电小球A和B，A带正电且固定，B带负电由静止释放．某时刻，B球的速度是v0，分析此后B球与A球相碰前的运动，图中能正确反映其速度变化情况的图象是（）A．B．C．D．5、以下说法中正确的是A．摩擦起电产生的电压总是很低的，因此对人并不会造成伤害B．普通家庭一个5A的移动插座，最多可以在上面同时使用的电器总功率为1100WC．通常所说的1号干电池的尺寸和电动势都比7号干电池的大D．利用尖端放电原理，在楼顶装避雷针即可保护建筑物，避雷针不需要接地6、如图所示，在光滑水平面上有直径相同的a、b两球，在同一直线上运动，选定向右为正方向，两球的动量分别为pa＝6kg·m/s、pb＝－4kg·m/s。当两球相碰之后，两球的动量可能是（）A．pa＝－6kg·m/s、pb＝4kg·m/sB．pa＝－6kg·m/s、pb＝8kg·m/sC．pa＝－4kg·m/s、pb＝6kg·m/sD．pa＝2kg·m/s、pb＝0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于匀变速直线运动规律的应用，下列说法正确的是()A．匀变速直线运动的速度总与时间成正比B．三个基本公式及平均速度公式都是只适用于匀变速直线运动C．对于加速度不变的运动，公式v2－v02＝2ax都适用D．速度位移公式v2－v02＝2ax与速度公式v＝v0＋at具有相同的适用条件8、如图所示是一个多用表的内部电路图，下列说法中正确的是A．当开关S接1和2时用于测电流，且接1的量程比接2大B．当开关S接3时用于测电阻，A为黑表笔，B为红表笔C．当开关S接4时A表笔电势比B表笔低D．当开关S接5和6时用于测电压，且接5比接6量程大9、如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行，甲球质量m甲大于乙球质量m乙，水平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况（）A．甲球速度为零，乙球速度不为零B．两球速度都不为零C．乙球速度为零，甲球速度不为零D．两球都以各自原来的速率反向运动10、如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻，则下列说法正确的是()A．图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大B．图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小C．图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大D．图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：A．小灯泡L（3V、5Ω）；B．滑动变阻器R1（0－10Ω，额定电流1.5A）；C．滑动变阻器R2（0－500Ω，额定电流0.5A）；D．电压表V1（量程：0－3V，RV＝5kΩ）；E．电压表V2（量程：0－15V，RV＝10kΩ）；F．电流表A1（量程：0－0.6A，RA＝0.5Ω）；G．电流表A2（量程：0－3A，RA＝0.1Ω）；H．铅蓄电池、开关各一个，导线若干；实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压。（1）为了减少误差，实验中应选滑动变阻器_________电压表_______，电流表________；（2）请在图虚线框内按要求设计实验电路图（部分线已画好）（3）某同学实验后作出的I－U图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：__________。（4）某同学由测出的数据画出I—U图象，如图所示，当小灯泡两端电压为1.8V时，小灯泡的电阻值R＝________Ω，此时小灯泡的实际功率P＝________W。(结果保留两位有效数字)12．（12分）测一节干电池的电动势E和内阻r.某同学设计了如图a所示的实验电路,已知电流表内阻与电源内阻相差不大.(1)连接好实验电路,开始测量之前,滑动变阻器R的滑片P应调到____(选填“a”或“b”)端.(2)闭合开关S1,S2,接位置1,改变滑片P的位置,(3)重复(1)操作,闭合开关S1,S2,接位置2,改变滑片P的位置,(4)建立U-I坐标系,在同一坐标系中分别描点作出S2接位置1、2时图象如图b所示①S2接1时的U-I图线是图b中的_____(选填“A”或“B”)线②每次测量操作都正确,读数都准确.由于S2接位置1,电压表的分流作用,S2接位置2,电流表的分压作用,分别测得的电动势和内阻与真实值不相等.则由图b中的A和B图线,可得电动势和内阻的真实值,E=____V，r=四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，通过在钻孔中进行电特性测量，可以反映地下的有关情况，如图所示为一钻孔，其形状为圆柱体，半径为10cm，设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率ρ＝0.314Ω·m，现在钻孔的上表面和底部加上电压，测得U＝100V，I＝100mA。(1)求该钻孔的深度。(2)若截取一段含盐水的圆柱体与电动势为200V、内阻为100Ω的电源相连，通电10min，当截取的圆柱体长度为多少时，盐水产生的热量最多，最多为多少？14．（16分）竖直放置的平行金属板AB相距30cm，带有等量异种电荷。在两板间用绝缘细线悬挂一个质量m=4.0×10-5kg，带电荷量q=+3.0×10-7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向夹角α=370,如图所示。（1）AB两板间的电场强度大小；（2）AB两板间的电压。15．（12分）一束初速度不计的电子在经U的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离为d，板长为l，偏转电极边缘到荧光屏的距离为L，偏转电场只存在于两个偏转电极之间．已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时速度V0大小；（2）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加电压U0多大？（3）电子最远能够打到离荧光屏上离中心O点距离为Y多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、当待测压力增大时，电容器板间距离减小，根据电容的决定式得知，电容C增大．故A错误．B、C、D、电容板间电压U不变，电容器所带电量为Q=CU，C增大，则Q增大，电容器处于充电状态，而A板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，电阻R中有从b流向a的电流．故B、C错误，D正确．故选AD．【点睛】本题考查对传感器基本原理的理解，实质是电容器动态变化分析问题，电容的决定式和定义式结合进行分析．2、B【解析】

AB：R=UI是电阻的定义式，R反映导体本身的特性，与U、I无关，不能说电阻R跟成U正比，跟I成反比；对于某一确定的导体，R是定值，通过的电流越大，说明导体两端的电压越大。故A项正确，C：据欧姆定律I=UR可知，导体中的电流与两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。故D：据R=ρLS可知，导体的电阻决定于导体的电阻率(温度)、长度、横截面积；与电压和电流均无直接关系。故本题选不正确的，答案是B。【点睛】R=UI是电阻的定义式，3、C【解析】试题分析：超级电容器是一种电容量可达数千法拉的极大容量电容器．明确电容器充放电规律；知道电容器充电时电能增加，电荷量增加，而放电时，电量减小，电能减小．电容器的电容是由电容器自身的因素决定的，充电时，电容器所带的电荷量减小，存储的电能变小，电容器的电容是由电容器自身的因素决定的，故充电结束后，电容器的电容不可能为零，C正确．4、C【解析】由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大．由牛顿第二定律得知它们的加速度变大．随着两球间距离减小，电场力做正功，电势能减少，总动能增加．所以速度增加，故速度变大，加速度变大．故只有C符合要求，故C正确、ABD错误．综上所述本题答案是：C5、B【解析】

A．摩擦起电产生的电压有时会高达几千甚至几万伏，但是由于电量很小，故不会对人造成伤害，故A错误。B．插座能承受的最大电流为5A，则由P=UI可知，同时使用的功率最大为：P=220×5=1100W；故B正确；C．电干电池的电动势都是1.5V，1号干电池比7号干电池的体积大，但电动势相同。故C错误；D．避雷针避雷是中和云层中的异种电荷，及时消除云层与地面的电势差；避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地，或者将大地的负电荷与其中和，可保护建筑物，使建筑物免遭雷击，故D错误；6、C【解析】

A．根据碰撞过程中动量守恒可知碰撞后的总动量等于原来总动量2kg∙m/s。碰后的合动量为-2kg∙m/s，不守恒，故A错误；B．a球的动能不变，b球的动能增加了，不符合机械能不能增大的规律，故B错误；C．ab小球的动量满足动量守恒，也不违背物体的运动规律，故C正确；D．与实际不符，a不可能穿过停止的b向前运动，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

当初速度为零，v=at，则速度与时间成正比，当初速度不为零，v=v0+at，速度与时间成一次函数关系，不是正比关系．故A错误．三个基本公式及平均速度公式都是只适用于匀变速直线运动；故B正确；对于加速度不变的匀变速直线运动，公式v2-v02=2ax都适用；故C正确；速度位移公式v2-v02=2ax与速度公式v=v0+at均适用于匀变速直线运动；故D正确；故选BCD．8、AC【解析】A、多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，题图为一简易的多用电表原理示意图，其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，故A正确；B、3、4两档用来测电阻，其中A与内部电源的负极相连，故A为红表笔，黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔，则红表笔A表笔电势比黑表笔B表笔低，故B错误，C正确；D、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故D错误．点睛：本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，及电表的改装办法．明确电流表时表头与电阻并联，电压表时，表头与电阻串联；而欧姆表时内部要接有电源．9、AB【解析】

由动能Ek＝mv2与动量p=mv，得到动能与动量的关系式：p＝，由于两球的动能相等，而甲球质量m甲大于乙球质量m乙，所以p甲＞p乙，碰撞前总动量向右。由动量守恒定律，碰撞后若甲球速度为零，而乙球向右，则总动量向右，所以选项A正确。由动量守恒定律，碰撞后若甲、乙球速度均不为零，合为一整体向右，则总动量也向右，所以选项B正确。若乙球速度为零，则甲球一定向左运动，则总动量向左，与动量守恒不相符，所以选项C错误。两球都以各自原来的速率反向运动，由于总动量大小向左，所以与动量守恒不相符，所以选项D错误。故选AB。【点睛】关于碰撞问题要注意：①碰撞前后动量守恒．②碰撞前后动能不会增加，即能量守恒．③与实际情况相符，即碰撞后，不能穿越，最多也只能合为一整体．10、BC【解析】

图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，根据可知，会使得改装后电表的量程减小，选项A错误，B正确；图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，根据可知，改装后电表的量程增大，选项C正确，D错误；故选BC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BDE温度的影响3.60.90【解析】（1）因为灯泡的电阻为5欧姆，因此为了调节方便，滑动变阻器应选择总阻值较小的

B（R1）即可；为了方便调节小灯泡额定电压是3V，电压表应选V1，即D；灯泡额定电流I=0.6A，电流表应选电流表A1，即E。

（2）因为电压、电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约5Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小，电路图如图所示：（3）从图象可知I-U图象的斜率逐渐减小，即电阻R逐渐增大，形成的原因是随着电压增高，小灯泡温度升高，电阻率增大阻值增大，即受温度的影响。

（4）由图可知当电压为1.8V时，对应的电流为0.5A，则根据欧姆定律可得：，此时小灯泡的实际功率：。12、（1）a；（4）①B；②1.50；1.50【解析】（1）为保护电流表，实验开始前，应将滑片p置于电阻最大的a端；

（4）①当S2接1位置时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律E=U断可知，电动势和内阻的测量值均小于真实值，所以作出的U-I图线应是B线；测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是电压表的分流．

②当S2接2位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律E=U断可知电动势测量值等于真实值，U-I图线应是A线，即E真=UA=1.50V；

由于S2接1位置时，U-I图线的B线对应的短路电流为I短=IB，所以点睛：解题时应明确用“等效电源”法分析“测量电源电动势和内阻实验”误差的方法，明确U-I图象中纵轴截距与斜率的含义．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的