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文档简介

2025届浙江省绍兴市高级中学高二物理第一学期期中考试试题请考生注意:1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上,请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2.答题前,认真阅读答题纸上的《注意事项》,按规定答题。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的点电荷电场。如图所示,在23球面上均匀分布正电荷,总电荷量为q,球面半径为R,球心为O,CD为23球面AB的对称轴,在轴线上有M、N两点,且OM=ON=2R,A1A//B1B//CD,已知球面A1BA.kq2R2a2+2、如图所示,平行板电容器上极板带正电,从上极板的端点A点释放一个带电荷量为+Q(Q>0)的粒子,粒子重力不计,以水平初速度v0向右射出,当它的水平速度与竖直速度的大小之比为1∶2时,恰好从下端点B射出,则d与L之比为()A.1∶2 B.2∶1 C.1∶1 D.1∶33、在电场中某点放一检验电荷,其电荷量为q,受到的电场力为F,则该点的电场强度E=FqA.若检验电荷的电荷量变为-q,该点的场强大小和方向不变B.若检验电荷的电荷量变为-q,则该点的场强大小不变,方向改变C.若检验电荷的电荷量变为2q,则该点的场强变为ED.若移去检验电荷q,则该点的场强变为零4、下图中,可以将电压升高给电灯供电的变压器是()A. B.C. D.5、将近1000年前,宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时写下诗句“飞花两岸照船红,百里榆堤半日风,卧看满天云不动,不知云与我俱东.”,请问诗句中的“云与我俱东”所对应的参考系是()A.两岸 B.船 C.云 D.诗人6、带电粒子M和N以相同的速度经小孔S垂直进入匀强磁场,运行的半圆轨迹如图中虚线所示,不计重力,下列表述正确的是A.M带正电,N带负电B.M的质量小于N的质量C.M的比荷小于N的比荷D.M的运行时间小于N的运行时间二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、下列各种说法中正确的是()A.电流的定义式适用于任何电荷的定向移动形成的电流。B.库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律C.电动势在数值上等于电源将单位正电荷从正极经用电器移送到负极时电场力所做的功D.从可知,导体的电阻跟两端的电压成正比,跟导体的电流成反比8、如图所示是测电源电动势和内电阻时依据测量数据作出的路端电压与电流的关系图线,图中DC平行于横坐标轴,DE平行于纵坐标轴,由图可知()A.比值表示外电路电阻 B.比值表示电源内电阻C.比值表示电源电动势 D.矩形OCDE的面积表示电源的输出功率9、如图所示,平行板电容器下极板接地,一带负电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离A.上极板带正电,电容器的电容减小B.带电油滴将沿竖直方向向上运动C.带电油滴的电势能将减少D.P点的电势不变10、如图所示,在竖直平面内有水平向左的匀强电场,在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线,细线一端固定在O点,另一端系一质量为m的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成θ角,此时让小球获得初速度且恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动,重力加速度为g。下列说法正确的是()A.匀强电场的电场强度E=B.小球动能的最小值为Ek=C.小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小D.小球从初始位置开始,在竖直平面内运动一周的过程中,其电势能先减小后增大三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)用多用表测电阻时,(1)在某次测量中,实验操作正确,选择开关的位置如上图所示,表头刻度和指针位置如上图所示,则被测电阻的阻值为___________Ω;(2)若继续用该表测量另一阻值约为2.0×104Ω的电阻,则应将选择开关旋至倍率为__________挡,并在测量电阻前先进行__________操作;(3)测量结束后,应将选择开关旋至__________挡.12.(12分)如图为研究磁场对通电导线的作用力的实验,问:(1)若闭合开关,导体棒AB受到的安培力方向_____(“向左”或“向右”)(2)如果向右滑动“滑动变阻器”触头,导体棒AB受到安培力方向_____(“反向”或“不变”),安培力大小_____(“变大”、“不变”或“变小”)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)在高山滑雪速降比赛中,运动员由静止开始沿滑道向下做匀加速直线运动,2s内的位移为8m.在此过程中(1)求运动员的加速度大小;(2)求2s末运动员的速度大小;(3)若运动员的质量为50kg,滑道的倾角为30°,重力加速度10m/s2,求运动员重力做的功.14.(16分)如图所示,足够长的长木板AB质量M=1kg在水平地面上,可视为质点的木块质量m=1kg在长木板的左端A处,木块与长木板保持相对静止一起向右运动,当右端B经过地面上O点时速度为v0=5m/s,长木板与P点处的挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回,而木块在此瞬间速度不变.已知O点与P点间距离x0=4.5m,木板与地面间动摩擦因数μ1=0.1,木块与长木板间动摩擦因数μ1=0.4,g取10m/s1.(1)求长木板碰挡板时的速度v1的大小;(1)当木块与挡板的距离最小时,木块与长木板左端A之间的距离.15.(12分)如图所示,水平虚线、的间距,其间有磁感应强度大小、方向垂直纸面向里的匀强磁场.一个单匝正方形线圈的边长,质量,电阻.开始时,线圈下边到磁场上边界的距离.将线圈由静正释放,直至完全穿出磁场.已知线圈的下边刚进入磁场和下边刚穿出磁场时的速度相等,不计空气阻力,.求:(1)下边刚进入磁场时cd两端的电势差;(2)线圈下边进入磁场过程中通过线圈某横截面的电荷量及下边进入磁场过程中产生的电热Q;(3)线圈穿过磁场过程中速度的最小值及加速度的最小值.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

将AB部分补上变成一个完整的均匀球壳,该球壳带电荷量为:Q=32q;则该球壳在M点产生的场强为:EM=kQ(2R)2=3kq8R2;根据电场的叠加原理可知:球壳上A1ABB12、C【解析】

设粒子从A到B的时间为t,水平方向做匀速直线运动,则有:,竖直方向做匀加速直线运动,则有:,又因为,联立解得:d:L=1:1,故选C.3、A【解析】

A、B、若放置到该点的检验电荷变为-q,检验电荷所受的电场力为-F,该点的电场强度大小仍为E=Fq,方向均不变;故A正确,BC、若检验电荷的电量变为2q,检验电荷所受的电场力为2F,该点的电场强度仍为E=Fq;故CD、电场强度E由电场本身决定,若移去检验电荷,该点的场强不变;故D错误.故选A.【点睛】电场强度的定义式E=Fq,具有比值定义法的共性,定义出的电场强度与F、4、C【解析】变压器不能升高直流电流的电压,AD错误;根据变压器电压与匝数成正比,,则升压变压器的原线圈匝数应小于副线圈匝数,B错误;C正确.5、A【解析】云和我(诗人)都在向东运动,是假定两岸不动,以两岸为参考系.所以答案选A.6、C【解析】

A.进入磁场时,M粒子所受的洛伦兹力方向向右,N的洛伦兹力方向向左,由左手定则判断出M带负电,N带正电,故A错误;BC.粒子在磁场中运动,洛伦兹力提供向心力,则有轨迹半径为:由图看出,M的轨迹半径较大,而两个粒子的速率相等,则知,M粒子的比荷q/m较小,但不能判断它们电量和质量的大小,故B错误,C正确;D.由周期公式,M粒子的比荷q/m较小,周期大;两粒子在磁场中运动半周,即时间为周期的一半,故M的运行时间大于N的运行时间,故D错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AB【解析】

A.物理学中把每秒钟通过导体任意横截面的电荷量叫做电流强度,根据定义,电流的定义式为适用于任何电荷的定向移动形成的电流,故A正确;B.真空中两个点电荷相互作用遵循公式即库仑定律,故B正确;C.电源是通过非静电力做功将其他形式能转化为电能的装置,在数值上等于电源将单位正电荷从负极移动到正极时,非静电力所做的功,故C错误;D.导体的电阻时导体本身的一种性质,在数值上等于它两端的电压和通过的电流比值,决定它大小的只有材料、长度和横截面积,与电流电压无关,故D错误。8、ABD【解析】

A.由图象可以知道,D点对应的路端电压大小可以用DE表示,电路电流可以用OE表示,外电路电阻,所以A选项正确;B.电源的路端电压与电流的图像中,斜率的大小等于电源内阻,所以电源内阻,B选项正确;C.电源的路端电压与电流的图像中,纵轴截距表示电源电动势,所以电动势E=OA,C选项错误;D.由图象可以知道,D点对应的路端电压大小可以用DE表示,电路电流可以用OE表示,电源的输出功率,所以D选项正确.【点睛】记住电源的路端电压与电流的图像中,纵轴截距表示电源电动势,横轴截距表示短路电流,斜率大小表示电源内阻.9、AD【解析】

带负电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态,可知电场力向上,场强向下,上极板带正电;将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,两板间距变大,可知电容器的电容减小,选项A正确;由于电容器两板带电量不变,根据E=U/d,C=εS4πkd以及C=Q/U得知C=4πkQεS,板间场强不变,油滴所受的电场力不变,则油滴仍静止。故B错误。场强E不变,P点与下极板间的距离不变,则由公式U=Ed分析可知,P点与下极板间电势差将不变,而P点的电势不变。故D正确。油滴带负电,P【点睛】本题关键是知道电容器带电量一定时,两板间场强与两板间距无关,要记住这一结论;10、AB【解析】

A.小球静止时细线与竖直方向成θ角,受重力、拉力和电场力,三力平衡,根据平衡条件,有:mgtanθ=qE解得E=故A正确;B.小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动,在等效最高点A速度最小,拉力为零,根据牛顿第二定律,有:则最小动能故B正确;C.运动过程中小球的机械能和电势能之和不变,则小球运动至电势能最大的位置时机械能最小,小球带负电,则小球运动到圆周轨迹的最左端时机械能最小,故C错误;D.小球从初始位置开始,若在竖直平面内逆时针运动一周,电场力先做正功后做负功再做正功,则其电势能先减小后增大再减小,同理,若顺时针运动一周,其电势能先增大后减小再增大,故D错误。故选AB。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)1300(2)“×1k”;调零;(3)交流电压最大档或者“OFF”挡【解析】

(1)被测电阻的阻值为:13×100Ω=1300Ω;(2)若继续用该表测量另一阻值约为2.0×104Ω的电阻,则应将选择开关旋至倍率为“×1k”挡,并在测量电阻前先进行调零操作;(3)测量结束后,应将选择开关旋至交流电压最大档或者“OFF”挡.12、向左不变变小【解析】

(1)[1]利用左手定则可以判断受力方向向左;(2)[2][3]当向右滑动“滑动变阻器”触头时,阻值增大,电流变小,方向不变,所以导体棒AB受到安培力方向不变,安培力大小变小。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、⑴⑵⑶【解析】

(1)由运动学公式有:得:(2)末运动员的速度大小为:(3)运动员重力做的功为:14、(1)4m/s(1)4.15m【解析】

(1)对木板和木块组成的系统运用牛顿第二定律,求出整体的加速度,结合匀变速直线运动的速度位移公式求出木板碰挡板时的速度大小.

(1)分别对m和M分析,根据牛顿第二定律求出m和M的加速度,结合m和M的运动规律,当木块速度为零时木块与挡板的距离最小,结合运动学公式求出当木块与挡板的距离最小时,木块与长木板左端A之间的距离.【详解】(1)设木块与长木板一起向右运动运动过程中加速度大小为a,则μ1(m+M)g=(m+M)a解得a=1m/s1.v1=4m/s(1)设碰撞后木块在长木板上滑动过程中长木板加速度大小为a1,木块加速度大小为a1,则μ1(m+M)g+μ1mg=Ma1μ1mg=ma1解得a1=3.5m/s1,a1=4m/s1当木块速度为零时木块与挡板的距离最小,设从与挡板碰撞到木块速度为零经过的时间为t1,长木板通过的距离为x1,木块通过的距离为x1,木块与长木板左端A之间的距离为x3,则v1=a1t1解得t1=1s,x1=1.15m,x1=1m.x3=4.15m【点睛】解决本题的关键理清木板和木块在整

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