2025届河南省信阳第一高级中学物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届河南省信阳第一高级中学物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2,小明感到“大地扑面而来”，他所选择的参考系是A．自己 B．塔台 C．地面 D．天空2、地面附近处的电场的电场线如图所示，其中一条方向竖直向下的电场线上有、两点,高度差为．质量为、电荷量为的检验电荷，从点由静止开始沿电场线运动，到点时速度为,下列说法中正确的是（）A．质量为、电荷量为的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点时速度为B．质量为、电荷量为的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点时速度为C．质量为、电荷量为+q的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点时速度为D．质量为、电荷量为的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点时速度为3、图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的A点运动到B点的运动轨迹．粒子只受电场力作用，下列说法正确的是()A．粒子带正电B．粒子在A点的速度大于在B点的速度C．粒子在A点的加速度小于在B点的加速度D．粒子在A点的电势能大于在B点的的电势能4、如图，当开关S闭合，两只灯泡均发光，两电表均有示数.一段时间后，发现电压表示数为零，电流表示数增大，经检查除小灯泡外其余器材连接良好，造成这种情况的原因可能是A．灯L1断路B．灯L2短路C．灯L1短路D．灯L1、L2都断路5、如图所示，匀强电场的方向平行于xOy坐标系平面，其中坐标原点O处的电势为2V，a点的坐标为（0，4），电势为8V，b点的坐标为（3，0），电势为8V，则电场强度的大小为A．250V/m B．200V/mC．150V/m D．120V/m6、如图所示的电路称为分压电路，当a、b间电压恒为U时，当滑动变阻器的滑片逐渐向上滑动的过程中c、d间的电压Ucd(A．一直为UB．一直为0C．逐渐减小到0D．逐渐增大到U二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在水平地面上空中有竖直方向的匀强电场，一带电小球以某一初速度由M点沿如图所示的轨迹运动到N点．由此可知（）A．小球所受的电场力一定大于重力B．小球的动能一定减小C．小球的机械能保持不变D．小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变8、如下图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab＝Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大9、带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有()A．增大两极板间的距离B．用手触摸极板BC．在两板间插入电介质D．将极板B向上适当移动10、如图所示的电路,闭合开关S,滑动变阻器滑片P向左移动,下列说法正确的是A．电流表读数变小,电压表读数变大B．小灯泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．以上说法都不对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图为某多用电表表盘，选用“×10”倍率的电阻挡测量某电阻时，如图所示读数为___________Ω，如果发现多用表指针偏转角度过大，为使测量更准确，需选择___________倍率的电阻挡测量（填：“×1”或“×10”或“×100”）．12．（12分）用游标卡尺测得某导线样品的长度如图甲所示，其示数L=______mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图乙所示，其示数D=_____mm。实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度。该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻Rx，从而确定导线的实际长度。可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干。回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选________（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至___端（填“a”或“b”）。(2)在实物图中，请根据图甲电路完成剩余部分的连接____。(3)调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.502A时，电压表示数如图乙所示，读数为___V。(4)导线实际长度为________m（保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）两个质量都为m的小球a、b，带电量分别为+q、-q。在方向竖直向下的匀强电场中的M点以大小相同的速率，分别沿电场方向和垂直电场方向同时抛出，到达N、P两点的时间之比为1∶2，如图，小球b在P点的速度方向与电场方向的夹角为30度，重力加速度为g，求该匀强电场的场强E的大小。（提示:假设初速度为v，MN距离为L，从M到N的时间为t）14．（16分）匀强电场中A、B、C三点，把电荷量q=-2×10-10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功W1=4.8×10-8J；再由B点移到C点克服电场力做功W2=4.8×10-8J，求A、B和B、C间的电势差UAB和UBC；15．（12分）如图所示，半径为R的圆形区域内存在着磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于纸面向里，一带负电的粒子(不计重力)沿水平方向以速度v正对圆心入射，通过磁场区域后速度方向偏转了60°,求：（1）求粒子的比荷；（2）粒子在磁场中的运动时间t；（3）如果保持速度的大小和方向不变，欲使粒子通过磁场区域后速度方向的偏转角度最大，则需将粒子的入射点沿圆弧向上平移的距离d为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

小明向地面俯冲，看到大地扑面而来．所以现在描述大地的运动状态是以小明自己为参照物的．故选A．2、C【解析】电荷量为的检验电荷，由静止开始沿电场线运动到b点，由动能定理得，解得电荷量为的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点，由动能定理得，解得，故A错误，C正确；电荷量为的检验电荷，从点由静止起沿电场线运动到点时，由动能定理得，解得，故BD错误；故选C。3、B【解析】

A．由粒子的运动轨迹可以看出，粒子所受的电场力方向与电场方向相反，故粒子带负电，所以A错误；BD．运动过程中，电场力方向与运动方向成钝角，所以电场力做负功、粒子的动能减小、速度减小，电势能增大，故B正确、D错误；C．由电场线可以看出，A点电场强度大于B点电场强度，所以粒子在A所受电场力大于B点所受电场力，粒子在A点的加速度大于在B点的加速度，故C错误。故选B。4、B【解析】如果灯L1断路，电压表无示数，电流表示数为零，不符合题意，故A错误；如果灯L2短路，则电压表也会被短路，造成电压表示数为零，电流表示数变大，故B正确；如果灯L1短路，则电压表有示数且为电源电压，此时电路中只有灯L2，电阻变小，电流变大，不符合题意，故C错误；如果灯L1、L2都断路，则整个电路断路，电路中无电流，两表都无示数，不符合题意，故D错误。所以B正确，ACD错误。5、A【解析】试题分析：由题意可得a、b两点的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于ab，过o点做ab的垂线相交ab于c点，由几何关系得：，得∠b=53°；oc=ob•sin∠b=1．13×sin53°=2．4×11-2mco间的电势差为：U=8V-2V=6V；则电场强度为：，故A正确．考点：电势及电势差6、D【解析】

明确电路接法，假设cd间接入一电阻，则cd间的电压等于接入电阻与变阻器下部并联的电压，根据并联部分电阻的变化，由串联电路的特点分析电压的变化；【详解】由图可知，变阻器下部与接入电阻并联后与上部串联，当滑动变阻器的滑片P逐渐向上端移动的过程中，并联部分的电阻变大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，并联部分分担的电压增加，则cd间的电压逐渐增加，当滑片移到变阻器最上端时，cd间的电压为U，故ABC错误，D正确。【点睛】本题中变阻器接成了分压式，利用串并联电路的分压规律，即可分析滑动变阻器输出的电压范围。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．在竖直方向上，小球只受重力和电场力，由轨迹图像可知，小球做类平抛运动，在竖直方向上向上运动，则电场力大于重力，A正确；BC．在竖直方向上，小球做加速运动，水平方向上做匀速运动，所以小球的动能增大，小球向上运动，重力势能增大，所以小球机械能增大，BC错误；D．小球只受重力和电场力的作用，电势能转化为重力势能和动能，故小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变，D正确。8、ABD【解析】

电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确．9、ABC【解析】

根据电容的决定式C=，分析电容的变化，再由电容的定义式分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化．【详解】A、减小两极板间的距离，则d减小，则由决定式可得是容器的电容增大；则由Q=UC可知，电势差减小，故A正确；B、由于B板接地，用手触摸A时，故对电量有影响，电势差减小，故B正确；C、在两板间插入电介质时，介电常数增大，则C增大，由由Q=UC可知，电势差减小，故C正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，则C减小，由定义式可知，电势差增大，故D错误；故选ABC．【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小．10、AB【解析】

AB．滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，电动势不变，则外电压增大，所以电压表示数变大。通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗。故AB正确。

CD．通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以滑动变阻器两端的电压增大，根据Q=CU知，电容器上电荷量增大。故CD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、130×1【解析】

[1]选用“×10”档，由图示可知，欧姆表示数为13×10Ω=130Ω；[2]发现指针偏角太大，说明电阻阻值太小，所选档位太大，为准确测量电阻，应换小倍率挡，应把选择开关置于×1挡；12、30.25；3.208；R2；a；2.30；94【解析】

主尺刻度为30mm，游标尺刻度为8×0.05mm=0.40mm，所以游标卡尺的示数为30mm+0.40mm=30.40mm；螺旋测微器固定尺刻度为3mm，螺旋尺刻度为20.8×0.01mm=0.208mm，所以螺旋测微器的示数为3mm+0.208mm=3.208mm；（1）滑动变阻器的总阻值应大于固定电阻和待测电阻的阻值之和，所以滑动变阻器选择R2；为了安全，开关闭合前，电流应最小，所以闭合开关S前应将滑片移至a端；（2）根据电路图，实物连接如图所示：（3）电压表量程为3V，图示示数为2.30V；（4）根据欧姆定律和电阻定律：，代入数据解得L=94m。(4)根据欧姆定律得：R0+Rx=U/I=2.30/0.502=4.58Ω解得：Rx=1.58Ω根据电阻定律得：代入数据解得L=94m。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】试题分析：由题意可知，a小球做竖直向下的匀加速运动，b球做类平抛运动，根据各自的运动规律分别写出两个小球的运动方程即可解题。设初速度为v，MN距离为L，从M到N的时间为t对小球a，根据牛顿第二定律有：竖直方向运动的距离为：对b球：根据牛顿第二定律有：水平方向做匀速直线运动：竖直方向匀加速运动：且联立可得：代入解得：点睛：本题主要考查了两小