湖南邵阳县一中2025届物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析

湖南邵阳县一中2025届物理高一第一学期期末教学质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，对下列插图描述正确的是（）A.图甲右上方的路牌所标的“50”因为车辆通行的平均速度B.由图乙可推出所有形状规则的物体重心均在其几何中心处C.图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性D.图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受重力减小2、如图所示，放在斜面上的小盒子中装有一些沙子，恰沿斜面匀速下滑，若在小盒子中再缓缓加入一些沙子，那么（）A.小盒所受的合外力增大B.斜面对小盒的摩擦力不变C.小盒仍将匀速下滑D.小盒将加速下滑3、质点以某一初速度做匀加速直线运动，加速度为a，在时间t内速度变为初速度的3倍，则该质点在时间t内的位移为A.at2 B.at2C.at2 D.2at24、如图所示，恒力F大小与物体重力相等，物体在恒力F的作用下，沿水平面做匀速运动，恒力F的方向与水平成θ角，那么物体与桌面间的动摩擦因数为（）A. B.C. D.5、如图所示，一个重为10N的物体，用细线悬挂在O点，现在用力F拉物体，悬线与竖直方向夹角为θ＝37°，处于静止状态，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，则此时拉F的最小值为A5N B.6NC.8N D.10N6、质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，若升降机以a在竖直方向上做匀变速直线运动。若物体处于超重状态，则A.升降机加速度方向竖直向下 B.升降机一定加速运动C.升降机一定向上运动 D.台秤示数增大ma7、如图，在光滑地面上放置一个长木板，木板上放置一个小木块，用水平外力F拉动木板，使木块和木板一起作加速运动．若木板质量是M，木块质量是m，水平外力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是，则在这个过程中，木块受到的摩擦力的大小是A.ma B.maC. D.8、如图所示，甲、乙两位同学做“拔河”游戏．两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端，保持凳子水平，然后各自向两侧拖拉．若凳子下表面各处的粗糙程度相同，两位同学手掌粗糙程度也相同，在乙端的凳面上放有四块砖，下列说法中正确的是()A.由于甲端比较轻，甲容易将凳子拉向自己B.谁用的力气大就可以将凳子拉向自己C.由于乙端比较重，凳子和手之间产生较大的摩擦力，乙可以将凳子拉向自己D.拔河过程中乙的手和凳子之间不会有相对滑动，甲的手可以和凳子间有相对滑动，也可以没有相对滑动9、甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示．根据图象提供的信息可知()A.从t＝0时刻起，开始时甲在前，6s末乙追上甲B.从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置40mD.在0～4s内与4～6s内甲的平均速度相等10、甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t＝0时，甲车和乙车的位置齐平（可看作同一位置），它们的速度—时间图像如图所示。下列说法正确的是（）A.甲先做匀速运动后做匀减速运动B.在第20s末，甲、乙的速度大小相等C.在第30s末，甲、乙相距50mD.在第35s末，甲、乙的位置再次齐平11、某质点做曲线运动的轨迹如图中虚线所示，则下列各图中标出的质点通过位置P时的速度v、加速度a的方向，可能正确的是A.B.C.D.12、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A.速度变化越大，加速度就越大 B.速度变化越快，加速度就越大C.加速度不变，速度可能变小 D.加速度减小，速度一定不会增大二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）从离地面高为H=125m的高空自由下落一个小球，（取g=10m/s2．）求：(1)小球经过多长时间落到地面；(2)小球落地的速度大小；(3)最后1s内小球下落的位移16、（12分）如图所示，倾斜传送带与水平方向的夹角为=37°，将一小物块轻轻放在正在以速度v=10m/s匀速逆时针传动的传送带的上端，物块和传送带之间的动摩擦因数为µ=0.5（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力的大小），传送带两皮带轮轴心间的距离为L=29m，（1）求将物块从顶部传到传送带底部所需的时间为多少（g=10m/s2）？（2）若题中，物块下滑时间为多少？17、（12分）如图所示,某客机的气囊竖直高度,斜面长度,一质量的乘客从处由静止开始滑下,最后停在水平部分的处．已知乘客与气囊之间的动摩擦因数,忽略乘客在处速度大小的变化,不计空气阻力,().求：(1)乘客在斜面下滑时加速度的大小；(2)乘客从处开始到滑至处的时间

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】A．图甲右上方的路牌所标的“50”为车辆通行的瞬时速度不超过50km/h，故A错误；B．由图乙可推出所有形状规则且质量分布均匀的物体重心均在其几何中心处，故B错误；C．惯性是物体保持原来速度不变的性质，图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性，故C正确；D．图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小，但重力不变，故D错误。故选C。2、C【解析】ACD．小盒和沙子匀速下滑，受到平衡力作用，即物体受到重力，沿斜面向上的滑动摩擦力Ff和斜面对它的支持力FN的合力为0，则有小盒及沙子匀速下滑若在小盒子中以与盒子相同的速度缓缓加入一些沙子，质量为，则仍然成立，即小盒仍将匀速下滑，合力不变，AD错误C正确；B．在小盒子中以与盒子相同的速度缓缓加入一些沙子，质量为，则斜面对小盒的摩擦力变大。B错误。故选C。3、B【解析】设质点的初速度为v0，则ts末的速度为3v0，根据速度位移公式得：因为则有：可知x=at2A.at2，与结论不相符，选项Ａ错误；B.at2，与结论不相符，选项Ｂ错误；Cat2，与结论不相符，选项Ｃ错误；D.2at2，与结论不相符，选项Ｄ错误4、D【解析】物体受到重力、水平面的支持力、摩擦力和恒力F作用而做匀速运动，根据平衡条件，应用正交分解求出滑动摩擦因数【详解】物体受到重力、水平面的支持力、摩擦力和恒力F作用，作出受力图如图根据平衡条件得Fcosθ=f；FN=mg+Fsinθ；又f=μFN，F=mg；联立解得．故选D【点睛】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图，列方程即可求解5、B【解析】以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力F最小．再根据平衡条件求解F的最小值【详解】以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小.根据平衡条件得F的最小值为：Fmin=Gsin37°=10×0.6N=6N；故选B.【点睛】本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定6、D【解析】A．物体处于超重状态，根据牛顿第二定律可知物体有向上的加速度，那么升降机也就有向上的加速度（即加速度方向竖直向上），此时可以是向下减速，也可以是向上加速，故ABC错误；D．根据牛顿第二定律可知台秤示数比静止时增大，故D正确；故选D。7、BD【解析】由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小相同，对小车和木块受力分析，根据牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小【详解】对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿第二定律可得：f=ma，故B正确；对整体由牛顿第二定律可得：F=（M+m）a，所以物体受到的摩擦力的大小为：f=ma=，故D正确故选BD【点睛】当分析多个物体的受力、运动情况时，通常可以采用整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小8、CD【解析】由图知，乙端对手的压力较大，所以乙端对凳子向右的最大静摩擦力大于甲端对凳子向左的最大静摩擦力，因此甲容易相对长凳滑动，即甲容易被从长凳上拉离，因此长凳将向右移动，即乙可以将凳子拉向自己，故C正确拔河过程中，甲、乙向两侧拖拉的力比较小时，甲的手也可以和凳子间不发生相对滑动，故D正确故选CD【点睛】本题主要考查了摩擦力在生活中的应用，要注意明确影响最大静摩擦力大小的因素，知道当外力大于最大静摩擦力时，物体之间才有相对运动，最大静摩擦力越大，越难发生相对移动9、BC【解析】A．在内，甲的位移乙的位移所以6s末乙未追上甲，故A错误；B．当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时最远距离为故B正确；C．6s以后，甲停止运动，因此相遇时，距离t=0的位置为40m，所用时间为故C正确；D．根据图象可知，在04s内甲的平均速度在46s内甲的平均速度故D错误。故选BC。10、AD【解析】A．由图可知，甲车先做匀速运动再做匀减速直线运动，故A正确；B．由图看出，在第20s末，甲、乙的速度大小不等，故B错误；C．图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知在第30s末，甲的位移为乙的位移为所以甲乙两车相距故C错误；D．30s后甲静止，乙以向前运动就可以追上甲，故在第35s末，甲、乙的位置再次齐平，故D正确。故选AD。11、AC【解析】曲线运动的轨迹夹在速度和合外力之间且弯向合外力方向，所以AC正确BD错误12、BC【解析】明确加速度和速度的定义，知道加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量.【详解】A．物体的速度变化越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误B．根据知，速度变化量越快，加速度变越大，故B正确；C．加速度不变时，如果加速度和速度方向相反时，速度变小，故C正确；D．加速度减小时，如果加速度和速度方向相同，则速度可以增大，故D错误.故选BC.【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)(2)50m/s；(3)【解析】根据自由落体运动的位移时间公式得出小球下落的时间；根据速度时间公式求出小球落地的速度；根据位移时间公式求出小球最后1s内下落的位移【详解】（1）根据自由落体运动的位移公式解得：（2）根据v=gt得：到达地面的速度是：v=10×5=50m/s；（3）小球在最后一秒内的位移是：16、（1）3s（2）3.31s【解析】（1）物体放上传送带后，开始一段时间t1内做初速度为0的匀加速直线运动，小物体受到沿斜面向下的摩擦力：可知物体所受合力F合=mgsinθ+f又因为f=μN=μmgcosθ所以根据牛顿第二定律可得：代入数据得：a=10m/s2当物体速度增加到10m/s时产生的位移所用时间为：代入数据得：t=1s所以物体速度增加到10m/s后，由于mgsinθ＞μmgcosθ，所以物体将受沿传送带向上的摩擦力的作用匀加速运动的位移为29-x，设所用时间为t′，则29-x=24=vt′+at′2解得：t′=2st总=1s+2s=3s（2）若物体与传送带之间的动摩擦因数为0.8，则物体放上传送带后，开始一段时间t1′内做初速度为0的匀加速直线运动，小物体受到沿斜面向下的摩擦力：可知物体所受合力F′合=mgsinθ+f′又因为f′=μN=μ′mgcosθ所以根据牛顿第二定律可得：代入数据的：a′=12.4m/s2当物体速度增加到10m/s时产生位移所用时间为：得：t′=0.81s所以物