2025届西藏日喀则市第四高级中学物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届西藏日喀则市第四高级中学物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在平行板间加上如图所示周期性变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况，下列选项图中，能定性描述粒子运动的速度图像的是A． B． C． D．2、如图所示为某粒子分析器的简化结构．一束带电粒子从A小孔特定的角度和初速度射入平行板电极P和Q之间的真空区域，经偏转后打在Q极板上如图所示的位置．在其他条件不变的情况下要使该粒子束能从Q极板上B孔射出（不计粒子重力和粒子间的相互影响）．下列操作中可能实现的是（）A．先断开开关S，再适当上移P极板B．先断开开关S，再适当左移P极板C．保持开关S闭合，适当上移P极板D．保持开关S闭合，适当左移P极板3、在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束。已知电子的电荷量为e、质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为Δl的电子束内的电子个数是（）A． B． C． D．4、锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中，现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器的输出电压为U，输出电流为I，手机锂电池的内阻为r，下列说法正确的是A．锂电池两端的电压为B．锂电池产生的热功率C．电能转化为化学能的功率为D．充电器输出的电功率为5、下列关于摩擦力对物体做功的说法中，正确的是（）A．静摩擦力一定不做功B．静摩擦力只能做正功C．滑动摩擦力只能做负功D．滑动摩擦力既可以做正功，也可以负功6、如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电压表和电流表的示数的变化情况是A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．两者示数都变大D．两者示数都变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是一个多用表的内部电路图，下列说法中正确的是A．当开关S接1和2时用于测电流，且接1的量程比接2大B．当开关S接3时用于测电阻，A为黑表笔，B为红表笔C．当开关S接4时A表笔电势比B表笔低D．当开关S接5和6时用于测电压，且接5比接6量程大8、一交流电流的图象如图所示，由图可知A．该交流电流瞬时值表达式为i=10B．该交流电流的频率为50HzC．该交流电流的最大值为10D．用电流表测该电流其示数为109、图中实线是一簇等差等势面，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是A．带电粒子所带电荷的电性B．带电粒子在a、b两点的加速度大小何处更大C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．a、b两点的电势何处较大10、两个质量分别是m1、m2的小球，各用丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开的角度分别为θ1A．若m1>m2，则θ1>θ2B．若m1=C．若m1<m2，则θ1>θ2D．若q1=q2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）王同学用如图所示电路测量一节干电池的电动势和内阻．①请按该同学电路图，以笔画线代替导线继续完成实物连接图．②该同学根据实验数据，在图中作出的路端电压U与电流I的U－I图象，通过该图象可知电源的电动势为__________V，电源的内阻为________Ω.(均保留三位有效数字)12．（12分）（1）在“验证机械能守恒定律”实验中，纸带将被释放瞬间的四种情景如图1所示，其中最合适的是______（2）用图2所示的装置做“验证机械能守恒定律”的实验．实验中需测量重物下落的瞬时速度．在重物拖动的纸带上选择三个连续的点，它们之间的距离如图3所示，已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计时器在打下B点时重物的速度大小为______m/s．（3）多次实验后发现，重物减小的重力势能总是稍大于增加的动能，分析产生这种误差的原因：______．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）行星绕恒星环绕半径为r,周期为T，则恒星的质量M等于？（用r,T表示）14．（16分）一物体在离地面20米处，以水平速度为7.5m/s抛出。在仅受重力的作用下，g=10m/s2.求抛出点到落地点的位移大小。15．（12分）如图所示，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直．已知线圈的匝数N=100，边长ab="1.0"m、bc="0.5"m，电阻r=2Ω．磁感应强度B在0~1s内从零均匀变化到0.2T．在1~5s内从0.2T均匀变化到-0.2T，取垂直纸面向里为磁场的正方向．求：（1）0.5s时线圈内感应电动势的大小E和感应电流的方向；（2）在1~5s内通过线圈的电荷量q；（3）在0~5s内线圈产生的焦耳热Q．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，粒子在匀强电场中从静止开始运动，从到做匀加速运动；从到，因电场力反向，则做匀减速运动，速度达到零；而从到T，因电场力方向不变，因此反向做匀加速运动；从T到继续做匀减速运动，速度达到零。在下一个周期中仍是这样：回头向前匀加速运动，再匀减速运动，这样来回运动下去。速度先增大后减小，再反向增大，再反向减小。A.速度方向没有改变，与结论不符，故A错误；B.速度变化与结论相符，故B正确；C.速度不是均匀变化，方向没有变化，与结论不符，故C错误；D.速度不是均匀变化，与结论不符，故D错误；2、C【解析】

根据开关闭合与断开两种情况，当闭合时，电压不变，变化极板间距，导致电场强度变化，再根据牛顿第二定律，结合运动学公式，即可求解；

当断开时，电量不变，根据，从而根据正对面积来确定电场强度变化，从而求解．【详解】A、当断开开关S，则极板间电量不变，那么极板间电场强度，随着极板正对面积变化而变化，与极板间距无关，故A错误；B、当断开开关，同理，当左移P极板时，极板间的电场强度增大，那么带电粒子在极板间运动的时间减小，则射程将更小，故B错误；C、当保持开关S闭合，极板间的电压不变，根据，当适当上移P极板时，则极板间的电场强度减小，那么带电粒子在极板间运动的时间增大，则射程将更大，故C正确；D、当保持开关S闭合，同理，适当左移P极板，极板间的电场强度不变，则射程不变，故D错误；故选C．【点睛】考查极板上下移动，及左右移动，与极板间的电场强度变化的关系，掌握增大射程与电场力的关系是解题的关键．3、B【解析】

在加速电场中有得在刚射出加速电场时，一小段长为Δl的电子束内电荷量为则电子个数ACD错误，B正确。故选B。4、B【解析】

A.锂电池两端的电压为充电器的输出电压U．由于锂电池不是纯电阻电路，所以U≠Ir．故A错误B.电池产生的热功率为I2r，故B正确C.电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：UI=I2r+P故P=UI-I2r故C错误；D.充电器输出的电功率为：UI，故D错误；5、D【解析】

AB、恒力做功的表达式,静摩擦力的方向与物体相对运动趋势的方向相反,但与运动方向可以相同,也可以相反,故静摩擦力可以做负功,也可以做正功,故AB错误;

CD、滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反,但与物体的运动方向可以相反,也可以相同,故可以做负功,也可以做正功,故C错误D正确;6、A【解析】

当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电阻R的阻值变大，根据闭合电路的欧姆定律可知，电路中的总电流变小，电流表A的读数变小；根据U=E-Ir可知，路端电压变大，可知电压表读数变大，故选项A正确，BCD错误；故选A.【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的题目。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A、多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，题图为一简易的多用电表原理示意图，其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，故A正确；B、3、4两档用来测电阻，其中A与内部电源的负极相连，故A为红表笔，黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔，则红表笔A表笔电势比黑表笔B表笔低，故B错误，C正确；D、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故D错误．点睛：本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，及电表的改装办法．明确电流表时表头与电阻并联，电压表时，表头与电阻串联；而欧姆表时内部要接有电源．8、BC【解析】从图中可知该交流电的周期为T=0.02s，故频率为f=1T=50Hz，最大值为im=102A，电流表测量的是有效值，故电流表示数为I=i9、BC【解析】

AD、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，无法确定粒子在a、b两点的电势何处较大，故A、D错误；B、根据电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大，故B正确；C、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，速度减小，所以a点速度大于b点速度，故C正确；故选BC。【点睛】粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性；根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化，当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小。10、BC【解析】

对m1、m2受力分析如图所示：由平衡条件可知，m1g=Fcotθ1，m2g=F′cotθ2，因F=F′，m1m2=cotθ1cotθ2，可见，若m1＞m2，则θ1＜θ2；若m1=m2，则θ1=θ2；若m1＜m2，则θ1＞θ2，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.44～1.46V均可，1.70～1.80Ω均可【解析】①根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

②由U－I图象所示可知，图象与纵轴交点坐标值是1.45V，电源电动势E=1.45V，电源内阻为：。12、D3.69重物下落过程中，要克服阻力做功【解析】(1)在验证机械能守恒定律的实验中，实验时，应让重物紧靠打点计时器，手拉着纸带的上方，保持纸带竖直，由静止释放．故D正确，A、B、C错误．(2)计时器在打下B点时重物的速度大小等于AC段的平均速度，即：v(3)在该实验中，由于摩擦力、空气阻力等阻力的存在，重锤减小的重力势能总是稍稍大于重锤动能的增加量．【点睛】要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，熟练应用匀变速直线运动规律解决实验问题；重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】

根据万有引力提供向心力有：解得：14、25m【解析】

小球在竖直方向做自由落体运动，抛出时离地面的高度为：解得：t=2s小球平抛的水平位移为：解得：x=15m所以抛出点到落地点的位移大小：解得：s=25m15、（1）E=10V，感应电流方向为a®d®c®b®a（2）q=10C（3）Q="100J"【解析】（1）要求解0.5s时的感应电动势，只能通过求平均感应电动势着眼．由于线圈与磁场方向垂直的有效面积不变，只是磁感应强度均匀变化，则0.5s的瞬时感应电动势正好与0~1s的平均感应电动势相等．感应电流的方向可根据楞次定律来进行判断即可．（2）要分析1~5s的电荷量q，则只要根据求解即可；（3）由于磁场的变化分0~1s和1~5s两个不同的阶段，可从两阶段分别对线圈产生的焦耳热进行分析，运用即可求得．（