2025届江苏省邳州市炮车中学物理高二上期中检测试题含解析

2025届江苏省邳州市炮车中学物理高二上期中检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。开关闭合后，灯泡L能正常发光。当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．电流表读数变大B．灯泡L将变暗C．电容器C的电量将减小D．电源的总功率变大2、如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一个质量也为m的小物块从槽高h处开始自由下滑，下列说法正确的是A．在下滑过程中，物块的机械能守恒B．物块被弹簧反弹后，做匀速直线运动C．在下滑过程中，物块和槽的动量守恒D．物块被弹簧反弹后，能回到槽高h处3、如图所示，当开关接通时，通电螺线管相当于一条形磁铁，磁针将转动，可知：A．螺线管右端相当于条形磁铁的Ｎ极；B．磁针Ｎ极将转向左边；C．磁针Ｎ极将转向右边；D．磁针Ｎ极将转向纸外．4、下列四个图片均来自课本中的实验、仪器、实际应用，相应的现象、原理及应用的说法正确的是A．甲图“水流导光”的原理是光的全反射B．乙图“CT”是利用γ射线能够穿透物质来检查人体内部器官C．丙图中大头针尖影的轮廓模糊不清是因为光发生了偏振D．丁图射水鱼在水中看到小昆虫的位置是在实际昆虫的下方5、我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km，“神州八号”的运行轨道高度为343km．它们的运行轨道均视为圆周，则A．“天宫一号”比“神州八号”速度大B．“天宫一号”比“神州八号”周期长C．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D．“天宫一号”比“神州八号”加速度大6、电脑的充电电池多为锂电池，假设锂电池的充电电流为500mA，则以下说法正确的是A．1

s通过电池某一横截面的电荷量为500

CB．1

s通过电池某一横截面的电荷量为5

CC．充电过程把其他形式的能转化为电能D．充电过程把电能转化为其他形式的能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，将两个相同的电流计分别改装成A1（0~3A）和

A2（0~0.6A）的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流强度，则下列说法正确的是(

)A．A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B．A1的指针还没半偏时，A2的指针已经半偏C．A1的读数为1.00A时，A2的读数为0.20AD．A1的读数为1.00A时，干路的电流为2.00A8、两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的()倍．A．0.4B．0.6C．0.8D．1.89、如图所示,平行板电容器经开关S与电源连接，S闭合一段时间后断开，a处固定一带电量很小的正点电荷，现将电容器B板向下移动一小段距离使板间距离增大，则A．AB板的电压UAB变小B．a点电势φa变大C．点电荷a受的电场力Fa变大D．点电荷a的电势能Epa变大10、满载A国公民的一航班在飞行途中神秘消失，A国推断航班遭到敌对国家劫持，政府立即调动大量海空军事力量进行搜救，并在第一时间紧急调动了21颗卫星参与搜寻．“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面（或海洋）目标．下面说法正确的是A．轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大B．轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小C．轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大D．轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图1中游标卡尺的读数是___________mm；图2中螺旋测微器的读数是________mm.12．（12分）如图甲所示，若用多用电表测量某一电阻Rx阻值，多用电表选择开关处于“×10”欧姆挡，指针指在最上端的“20”和“40”刻度的正中间，则Rx的阻值______300Ω(选填“大于”、“等于”或“小于”)。图乙中游标卡尺的读数为______cm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）平行板电容器间存在匀强电场，板间距离为10cm，板间电压为100V，B板接地（即电势为0）。（1）两板间的电场强度是多少？（2）电场中有M、N两点，M点离A板2cm，N点离B板1cm。求M、N两点的电势；（3）若将一电量为2×10-6C的电荷从M点移到N点电场力做多少功？14．（16分）如图所示，电源电动势E＝14V，内电阻r＝1Ω，小灯泡标有“2V，4W”，电动机D的内阻r＝0.5Ω，当变阻器的阻值R调到1Ω时，电灯和电动机均能正常工作，求：(1)电动机两端的电压；(2)电动机输出的机械功率；(3)电路消耗的总功率．15．（12分）假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求：(1)滑行5s后，舰载机的速度大小；(2)从启动到起飞，至少滑行多长时间；(3)航母跑道至少多长。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：据题意，当滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，整个电路总电阻增大，总电流减小，故选项A错误；由于电流减小，灯泡将变暗，故选项B正确；电流减小致内电压减小而外电压增大，电容器电压等于外电压，据Q=CU，电容器电荷量将变大，故选项C错误；电源总功率为：P=EI考点：本题考查电路动态平衡问题。2、B【解析】在物块下滑的过程中，斜槽将后退，物块与弧形槽系统只有重力做功，机械能守恒；对于物块，除了重力做功外，支持力做功，则物块的机械能不守恒．故A错误．物块加速下滑，竖直方向受向下合力，物块与槽在水平方向上不受外力，所以只能在水平方向动量守恒．故C错误．因为物块与槽在水平方向上动量守恒，由于质量相等，根据动量守恒，物块离开槽时速度大小相等，方向相反，物块被弹簧反弹后，与槽的速度相同，做匀速直线运动．故B正确，D错误．故选B．3、B【解析】

在螺线管中电流的方向是从右端流入，左端流出，结合螺线管的绕向，根据右手螺旋定则，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极，则小磁针Ｎ极将转向左边；故ACD错误，B正确．故选B．【点睛】本题考查了右手螺旋定则、磁极间的相互作用．在此题中告诉了电流方向、线圈绕向可以根据右手螺旋法则来确定螺线管的NS极．4、A【解析】

A、图甲中弯曲的水流可以导光是因为光在水和空气界面上发生了全反射现象，故与光导纤维原理相同，故A正确；B、乙图“CT”是利用x射线能够穿透物质来检查人体内部器官，故B错误；C、当光经过大头针尖时，大头针尖边缘轮廓会模糊不清，这是光的衍射现象，故C错误；D、水面以上的小昆虫射出的光斜射到水面上，会发生折射现象，当光进入水中后靠近法线，射入射水鱼眼睛，而射水鱼由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去而形成的虚像，所以比实际位置高，故D错误；故选A．【点睛】弯曲的水流可以导光是因为光在水和空气界面上发生了全反射现象，故与光导纤维原理相同，“CT”是利用x射线能够穿透物质来检查人体内部器官，当光经过大头针尖时，大头针尖边缘轮廓会模糊不清是光的衍射现象，射水鱼在水中看到小昆虫的位置是在实际昆虫的上方．5、B【解析】

试题分析：A．天宫一号和神州八号绕地球做匀速圆周运动，靠地球的万有引力提供向心力：即，根据这个等式得：线速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的线速度较小，A错误；B．周期，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的周期更大，B正确；C．角速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的角速度更小，C错误；D．加速度，天宫一号的轨道半径大于神舟八号的轨道半径，则天宫一号的加速度更小，D错误．6、D【解析】

AB．根据电流与电量的关系式：q=It得：1s通过电池某一横截面的电荷量为：q=It=1×500×10-3C=0.5C故AB错误．CD．在电池充电过程中，将电能转化为化学能储存起来.故C错误，D正确．故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，两电流表两端电压相等，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏，故A正确，B错误。CD．两电流表量程之比为5：1，两电流表的内阻之比为1：5，则通过电流表的电流之比为5：1．A1的读数为1.00A时，A2的读数为0.20A，干路中的电流为：1.2A，故C正确，D错误；8、CD【解析】由库仑定律可得：F=kkQqr当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为3：3，所以库仑力是原来的1.8倍，当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为2：2，所以库仑力是原来的0.8倍，故CD正确，AB错误．故选CD点睛：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．9、BD【解析】

电容器充电与电源断开，所带电量不变．根据电容的决定式C=εS4πkd、E=Ud、C=QU结合分析板间场强是否变化．B极板接地，电势为零，根据a与【详解】A项：由公式C=εS4πkd，C=QU得U=QεSB、C、D项：由公式C=εS4πkd，C=QU，E=Ud得板间场强E=4πkQεS，由题意，S、Q、ɛ均不变，k是常量，则E不变，点电荷受的电场力根据公式U=Ed知，B板向下移动时，a与B板间的电势差增大，而B极板接地，电势为零，a点电势高于B板电势，大于零，则知a点电势变大，即φa变大，q是正电荷，由电势能公式Epa=qφa知，Epa变大，故B正确，C错误，D正确。故应选：BD。【点睛】本题关键是掌握推论：E=4πkQεS，判断出板间场强不变，再根据U=Ed、Epa=qφa10、AD【解析】

人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,则有:GMmr及GMmr可知随着距离r的减小，周期T减小，速度v增大，故AD对；BC错；故选AD【点睛】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得到卫星的线速度和周期的表达式,再分析即可.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、33.106.124【解析】

游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数.【详解】由图示游标卡尺可知，其示数为：33mm+2×0.05mm=33.10mm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：6.0mm+12.4×0.01mm=6.124mm.【点睛】本题考查了游标卡尺与螺旋测微器的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读.12、小于5.990【解析】

[1]因欧姆表的表盘刻度越向左越密集，越往右越稀疏，则20和40中间的刻度值小于30，则Rx的阻值小于300Ω；[2]图乙中游标卡尺的读数为：5.9cm+0.05mm×18=5.990cm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1000V/m；（2）80V，10V；（3）J【解析】

（1）平行板电容器间存在匀强电场，由公式可得两板间的电场强度（2）设M、N与下极板间的距离分别用xM、xN