河北省张家口市涿鹿中学2025届物理高一第一学期期末经典试题含解析

河北省张家口市涿鹿中学2025届物理高一第一学期期末经典试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，一斜面固定在水平地面上，一个物块以一定的初速度从斜面的底端沿斜面向上运动。在物块沿斜面上滑过程中，关于物块的受力情况，下列说法正确的是A.物块处于超重状态B.物块受到4个力的作用C.物块受到沿斜面向上的动力的作用D.物块受到沿斜面向下的摩擦力的作用2、如图为中国的太极图，其中大圆的半径为R，圆心在O点（图中未画出），AC和BD是直径；中央“s”型部分由两个半径均为0.5R的半圆组成，某人晨练时自A点出发，既可以经B、C、O回到A，也可以经B、C、D回到A。下列说法中正确的是A.经B，C、O回到A，此人经历的路程是B.经B、C、O回到A，此人的位移是2RC.经B、C、D回到A，，此人的位移是D.经B、C、D回到A，此人经历的路程是3、质点从静止开始做匀加速直线运动，从开始运动起，通过连续三段路程所用的时间分别为1s、2s、3s，则这三段路程的平均速度之比应为（）A.1：2：3 B.1：3：6C.1：4：9 D.1：8：274、将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是：A.笛卡尔 B.牛顿C.伽利略 D.亚里士多德5、伽俐略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，巧合的是，牛顿就出生在伽利略去世后第二年．下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们观点的是()A.自由落体运动是一种匀变速直线运动B.力是使物体产生加速度的原因C.物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性D.力是维持物体运动的原因6、如图所示，某同学在沙料场中发现沙子堆积时会形成圆惟体，且堆积过程中圆锥体的底角保持不变．他测得某堆沙子的底部周长约为63m，他查阅资料发现沙子之间的动摩擦因数约为0.8，则这堆沙子的最大高度约为A.4m B.8mC.12m D.16m7、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ(μ≠0)．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对B施加一水平推力F，则下列说法正确的是()A.若F＝μmg，A、B间的摩擦力一定为零B.当F＞7.5μmg时，A相对B滑动C.当F＝3μmg时，A的加速度为μgD.若去掉B上的力，而将F＝3μmg的力作用在A上，则B的加速度为0.1μg8、如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑．现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则()A.速度可能向左，加速度可小于μgB.加速度一定向右，不能超过(1＋μ)gC.加速度一定向左，不能超过μgD.加速度一定向左，不能超过(1＋μ)g9、如图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升机，用悬索救起伤员．直升机和伤员以相同水平速度匀速运动的同时，悬索将伤员吊起，在某一段时间内，二者之间的距离l与时间t的关系为式中l表示伤员到直升起的距离，H表示开始计时时伤员与直升机的距离，b是一常数，t表示伤员上升的时间，不计伤员和绳索受到的空气阻力．这段时间内从地面上观察，下面判断正确的是A.悬索始终保持竖直 B.伤员做匀变速直线运动C.伤员做匀变速曲线运动 D.伤员的加速度大小、方向均不变10、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移—时间（x–t）图象分别为图中直线a和曲线b，已知b车的加速度恒定且等于–1m/s2，t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，则A.a车做匀速运动且其速度为va=m/sB.b车的初速度为0C.t=0时，a车和b车的距离4.5mD.t=3s时，a车和b车相遇，此时速度相等11、如图所示，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，t＝0时刻滑块从板的左端以速度v0水平向右滑行，木板与滑块间存在摩擦，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。滑块的v­t图象可能是（）A. B.C. D.12、如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则A.当时，A、B都相对地面静止B.当时，A的加速度为C.当时，A相对B滑动D.随着F的增大，B的加速度不会超过二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）质量为m＝1.0kg的小物块静止在倾角为37°的斜面的底端，现对其施一沿斜面向上的力F，力随时间变化的情况如图所示，已知sin37°＝0.6，cos370=0.8，物块与斜面间的动摩擦因数m＝0.25，取g＝10m/s2，设斜面足够长．求：(1)物体受到摩擦力多大？(2)力F作用下物体的加速度？4秒内物体沿斜面上滑的距离？(3)4秒末物体运动的速度(4)物块沿斜面向上运动的最长时间16、（12分）如图所示，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，∠ABC＝α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC的推力作用下，沿墙面匀速滑动，试表示出力F的大小17、（12分）如图所示，一个质量为m的物体静止在水平地面上，证明物体对地面的压力与物体所受的重力大小相等，方向相同。

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】A．物块加速度方向沿斜面向下，加速度有竖直向下的分量，物体处于失重状态，故A错误；BC．物块受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，没有受到沿斜面向上的动力作用，故BC错误；D．物块沿斜面向上减速运动，受到沿斜面向下的摩擦力的作用，故D正确。故选择D选项。2、A【解析】A．经B，C、O回到A，此人经历的路程是，选项A正确；B．经B、C、O回到A，此人的位移是0，选项B错误；C．经B、C、D回到A，，此人的位移是0，选项C错误；D．经B、C、D回到A，此人经历的路程是，选项D错误；故选A。3、C【解析】根据x=at2可得物体通过的第一段位移为：x1=a×12；又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：；又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：；故x1：x2：x3=1：8：27；在第一段位移的平均速度为：；在第三段位移的平均速度为：；在第二段位移的平均速度为：，故这三段路程的平均速度之比应为；故选C【点睛】此题是匀变速直线运动的规律的应用问题；关键是要掌握位移时间关系时以及平均速度的表达式即可求解4、C【解析】将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是伽利略，故选项B正确，选项ACD错误【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一5、D【解析】亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因；伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系牛顿第一定律是牛顿在伽利略和笛卡尔研究成果的基础上总结出来的【详解】A．伽利略通过斜面实验得出自由落体运动一种匀变速直线运动，故A正确；B．伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，即产生加速度的原因，故B正确；C．牛顿第一定律认为物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性，故C正确；D．亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因，故D错误；本题选错误的，故选D【点睛】物理学史是高考物理考查内容之一．学习物理学史，可以从科学家身上学到科学精神和研究方法6、B【解析】令圆锥体的底角为α，这堆沙子的底部周长为63m，则底部半径为：，当动摩擦因数为μ=0.8时，最大静摩擦力等于重力的下滑分力，有：mgsinα=μmgcosα，解得：μ=tanα=0.8，结合几何关系，有：，解得：H=8m。A．4m，故A不符合题意；B．8m，故B符合题意；C．12m，故C不符合题意；D．16m，故D不符合题意。故选B。7、ABD【解析】A．B与地面间的最大静摩擦力fB＝μ×5mg＝μmg，当F=μmg时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确；B．A发生相对滑动的临界加速度a=μg，对整体分析，F−μ•5mg＝5ma，解得F=7.5μmg，所以当F＞7.5μmg

时，A相对B滑动．故B正确；C．当7.5μmg＞F=3μmg＞μmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度a=＝0.1μg，故C错误；D．若去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度a＝＝0.25μg，对A分析F-μ•3mg=3ma，解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75μmg，可知F=3μmg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度a=＝0.1μg，故D正确。故选ABD。【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力8、AD【解析】试题分析：小车静止时，恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值解：小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg=μF引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，则FN≥F引，则FN﹣F引=ma，加速时加速度一定向左，故B错误对B有μ（mg+F引）=mam，解得am=（1+μ）g，故A、D正确，C错误故选AD【点评】本题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键抓住A、B的最大静摩擦力进行求解，掌握整体法和隔离法的运用9、ACD【解析】直升机和伤员之间的距离以变化，知伤员在竖直方向上做匀加速直线运动，伤员实际的运动是水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上匀加速直线运动的合运动；【详解】A.由可知伤员在竖直方向的运动是加速度的方向竖直向上，大小恒定的匀加速直线运动，竖直方向只受两个力的作用，所以悬索的拉力大于伤员的重力，因此悬索始终保持竖直，所以A正确；BCD.伤员在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上是匀加速直线运动，那么伤员的运动，相对直升机做加速度不变的匀加速直线运动，从地面看，就是类平抛运动，故CD正确，B错误【点睛】解决本题的关键知道伤员在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过运动的合成进行求解10、CD【解析】A、x-t图象的斜率代表速度，a的图象为倾斜的直线，斜率为恒定值，故a车做匀速直线运动，速度大小为，A错误；B、t=0时刻，b曲线的切线斜率不为零，故b车的初速度不为零，B错误；C、t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，故此时b车的速度为．t=0到t=3s内，b车做匀减速直线运动，可做逆向处理，则t=0到t=3s内，b车的位移为，故t=0时刻，b车的初始坐标为．所以在t=0时刻，a、b两车相距4.5m，C正确；D、x-t图象的交点代表相遇，又因两曲线在t=3s时，刚好相切，瞬时速度刚好相同，则D正确11、AC【解析】CD．滑块滑上木板，受到木板对滑块向左的滑动摩擦力，做匀减速运动，若木块对木板的摩擦力大于地面对木板的摩擦力，则木板做匀加速直线运动，当两者速度相等时，一起做匀减速运动。设木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，木块的质量为m，木板的质量为M，知木板若滑动，则μ1mg>μ2（M＋m）g最后一起做匀减速运动，加速度a′＝μ2g开始时木块做匀减速运动的加速度大小为a＝μ1g>μ2g知图线的斜率变小，故C正确，D错误。A．若μ1mg<μ2（M＋m）g则木板不动，滑块一直做匀减速运动，故A正确。B．由于地面有摩擦力，最终木块和木板不可能一起做匀速直线运动，故B错误。故选AC。12、CD【解析】AB之间的最大静摩擦力为：fmax=μmAg=2μmg，则A、B间发生滑动的最小加速度为a=μg，B与地面间的最大静摩擦力为：f′max=μ（mA+mB）g=μmg故拉力F最小为F：F-fmax=ma所以F不小于3μmg，AB将发生滑动；A．当

F＜2μmg时，F＜fmax，AB之间不会发生相对滑动，B与地面间会发生相对滑动，所以A、B

都相对地面运动，故A错误。B．当F=μmg时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F-μmg=3ma解得a=μg故B错误，C．由上分析可知，当F＞3μmg时，A相对B滑动。故C正确。D．对B来说，其所受合力的最大值Fm=2μmg-μmg＝μmg即B的加速度不会超过μg，故D正确。故选CD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)2N(2)2m/s216m(3)8m/s(4)5s【解析】对物体受力分析，受重力、支持力、滑动摩擦力，将重力按照作用效果正交分解，根据牛顿第二定律列式分析求解加速度，根据运动公式求解速度和位移【详解】（1）对木箱受力分析，将重力G沿斜面和垂直斜面方向分解：G1=mgsinθG2=mgcosθ根据牛顿第二定律，有：N-mgcosθ=0解得：N=mgcosθ=1.0×10×0.8=8N根据牛顿第三定律，压力物体对斜面的正压力为8N；由f=μN=0.25×8N=2N（2）物体所受的合力：F合=F-（f+G1）=10-（2+1.0×10×0.6）=2N方向沿斜面向上由牛顿第二定律得：4秒内物体沿斜面上滑的距离为：x=at2=×2×42m=16m（3）由v=at=2×4m/s=8m/s（4）物体4s后的加速度大小为：a′=gs