2025届上海市市西中物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届上海市市西中物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某磁场的磁感线分布如图所示，有一铜线圈从图中的上方A处落到B处，则在下落的过程中，从上向下看，线圈中的感应电流的方向是()A．顺时针 B．逆时针C．先逆时针后顺时针 D．先顺时针后逆时针2、如图，用细绳系着的小球,在光滑水平面上绕O点做匀速圆周运动,若小球运动到A点绳突然断裂，则此后小球的运动情况是（）A．沿轨迹a运动 B．沿轨迹b运动C．沿轨迹c运动 D．沿轨迹d运动3、如下图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是A．断开S后，使A板向右平移一些B．断开S后，使A、B两板错开一些C．保持S闭合，在A、B之间加入木板D．保持S闭合，使A、B两板正对面积减小一些4、成都七中某研究性学习小组设计了一个加速度计，如图所示。电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器阻值均匀，总电阻为R，总长度为L；滑块2质量为m，表面光滑，固定在滑块上的轻质滑动片4与滑动变阻器以及导线接触良好；两个轻质弹簧3的弹劲度系数均为k。按图连接电路后，电压表指针指到零，此时两个弹簧均恰处在原长位置，滑动片4处在滑动变阻器最左端，现把加速度计固定在某物体上，则A．当该物体水平向左匀速运动时，电压表的指针会发生偏转B．当物体水平向左匀加速运动时，回路中电流会随着速度的变化而变化C．当电压表的读数大小为U时，物体加速的大小为D．当电压表的读数大小为U时，弹簧形变量均为5、磁感线可以用来描述磁场，下列关于磁感线的说法不正确的是()A．磁感线的疏密表示磁场的强弱B．磁感线从S极出发，终止于N极C．匀强磁场的磁感线疏密分布均匀D．磁感线上任一点的切线方向表示该点的磁场方向6、一带电油滴在匀强电场中的运动轨迹如图所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为A．此带电油滴带正电 B．动能减小，电势能增加C．动能和电势能总和增加 D．动能和重力势能之和增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两点电荷q1、q2固定在x轴上，在+x轴上每一点的电势随x变化的关系如图所示，其中x＝x0处的电势为零，x＝x1处的电势最低．下列说法正确的是（）A．x＝x0处的电场强度为零 B．x＝x1处的电场强度为零C．q1带正电、q2带负电 D．q1的电荷量比q2的大8、（多选）下列说法正确的是（）A．某时刻物体加速度为零，其速度一定为零B．物体某时刻速度很大，其加速度一定很大C．物体运动过程中速度方向与加速度方向一直相同，则物体一定做加速运动D．加速度越大的物体速度变化越快9、如图所示，带电荷量之比为的带电粒子A、B以相等的速度从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC=CD，忽略粒子重力的影响，则A．A和B在电场中运动的时间之比为1∶2B．A和B运动的加速度大小之比为4∶1C．A和B的质量之比为1∶12D．A和B的比荷之比为1∶410、如图所示，水平面上有两个木块，两木块的质量分别为m1、m2，且m2=2m1.开始两木块之间有一根用轻绳缚住的已压缩的轻弹簧，烧断细绳后，两木块分别向左、右运动.若两木块m1和m2与水平面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，且μ1=2μ2，则在弹簧伸长的过程中，两木块()A．动量大小之比为1∶1B．速度大小之比为2∶1C．通过的路程之比为2∶1D．通过的路程之比为1∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻，实验采用的电路如图1所示．（1）下列给出的器材中，应该选用_____（填代号）A、待测干电池（2节串联，电动势约3V）B、电流表（量程0～3A，内阻0.025Ω）C、电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）D、电压表（0～3V，内阻3kΩ）E、电压表（量程0～15V，内阻15kΩ）F、滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）G、滑动变阻器（0～2000Ω，额定电流0.3A）H、开关、导线（2）如图2给出了做实验所需的各种仪器，请你按电路图把它们连成实验电路______．（3）该同学记录了5组数据，并根据这些数据在坐标图中画出U﹣I图线，如图3所示，根据图线求出两节干电池串联的电动势E＝_____V，内阻r＝_____Ω．（结果均保留两位小数）12．（12分）某实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线,他们设计了如图(甲)所示的电路图．请回答下列问题：(1)图(乙)中实物连线按图(甲)的电路图补充完整_________．(2)图(甲)中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑片，总不能使电压表的示数调为零，原因可能是图(甲)中的______(选填a，b，c，d，e，f)处接触不良．(3)据实验测得的数据作出该元件的图线如图(丙)所示，则元件Q在时的电阻值是____，图线在该点的切线的斜率的倒数______(选填“大于”“等于”或“小于”)电阻值．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一电荷量q=3×10-5C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点。电键S合上后，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°。已知两板相距d=0.1m，电源电动势=15V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=3Ω，R2=R3=R4=8Ω。g取10m/s2，已知，。求：（1）电源的输出功率；（2）两板间的电场强度的大小；（3）带电小球的质量。14．（16分）如图所示的匀强电场，电场强度E=2×104N/C．一电荷量q=+1×10-8C的点电荷从电场中的A点移动到B点，A、B之间的距离x=0.2m，A、B连线与电场线夹角为60°．求：（1）点电荷所受电场力F的大小与方向；（2）电场力对点电荷所做的功W与点电荷电势能的变化量∆Ep；（3）A、B之间的电势差UAB；15．（12分）如图所示，一带电微粒质量为m＝2.0×10－11kg、电荷量q＝＋1.0×10－5C，从静止开始经电压为U1＝100V的电场加速后，从两平行金属板的中间水平进入偏转电场中，微粒从金属板边缘射出电场时的偏转角θ＝30°，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D＝34.0cm的匀强磁场区域．微粒重力忽略不计．求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大？（=1.7）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】在下落过程中，磁感应强度先增大后减小，所以穿过线圈的磁通量先增大后减小，A处落到中间位置，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流磁场方向向下，所以感应电流的方向为顺时针；从中间位置落到B处，穿过线圈的磁通量减小，产生感应电流磁场方向向上，所以感应电流的方向为逆时针，故D正确，ABC错误．2、A【解析】

用绳子拉着小球在光滑的水平面上运动，如果绳子突然断了，在水平方向小球将不受力的作用，所以将保持绳子断时的速度做匀速直线运动，即沿着轨迹a运动，故A正确。3、B【解析】

断开S，电容器带电量保持不变，A板向右平移一些，即A、B间距减小一些，根据C=εS4πkd，d变小，C变大。根据C=Q/U，U变小，张角变小，故A错误。断开S，电容器带电量保持不变，使A、B正对面积错开一些，根据C=εS4πkd，S变小，C变小。根据C=Q/U，U增大，张角增大。故B【点睛】解决本题的关键在处理电容器动态分析时，电容始终与电源相连，两端间电势差不变，与电源断开，电量保持不变．4、C【解析】

A.当该物体水平向左匀速运动时，滑块2的加速度为零，固定在滑块上的轻质滑动片4处在滑动变阻器最左端，电压表指针指到零，故A错误；B.当系统水平向左做加速运动，固定在滑块上的轻质滑动片4向右移动，根据欧姆定律可知回路中电流不会变化，但电压表示数增大，故B错误；CD.电路中的电流为：设弹簧形变量为，电压表的示数为：联立解得弹簧形变量为：对滑块根据牛顿第二定律得：物体加速的大小为：故C正确，D错误。5、B【解析】

磁感线封闭的曲线，无头无尾，其疏密描述磁场的强弱，磁感线上一点的切线方向表示该点的磁场方向，所以ACD说法正确；B说法错误。故本题不正确的选B。6、D【解析】

A、由图可知带电油滴的运动轨迹向上偏转，则其合力方向向上，油滴受到竖直向下的重力和竖直方向的电场力，则知电场力必定竖直向上，与场强方向相反，油滴应带负电，故选项A错误；B、由题意可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从到的运动过程中合外力做正功，动能增加，电场力做正功，电势能减小，故选项B错误；C、根据功能关系可知，在从到的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，从到的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小；从到的运动过程中电场力做正功，电势能减小，因此动能和重力势能之和增加，故选项D正确，C错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

试题分析：根据电场线的性质，沿着电场的方向电势越来越低，可以知道在坐标前后电场的方向发生变化，由向右的方向变为向左的方向，从而可以知道在坐标出电场强度为零，故选项A错误，B正确；由于在电势为零，同时左侧电势为正值，可以知道带负电、带正电，同时的电荷量比的大，故选项C错误，选项D正确．所以本题正确选项为BD．8、CD【解析】（1）加速度是反映速度变化快慢的物理量，和速度大小没有直接关系，AB错误，D正确；（2）当速度方向和加速度方向一致时，物体做加速运动，C正确；【点睛】加速度用来描述速度变化的快慢，和速度的大小无关；当加速度方向和速度方向一致时，物体做加速运动，否则，做减速运动。9、ABC【解析】试题分析：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向：，则粒子的运动时间之比：，故A正确；粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，竖直方向位移相等，，则加速度之比：，故B正确；由牛顿第二定律得：qE=ma，则粒子质量之比：，故C正确；比荷之比：，故D错误．考点：带电粒子在电场中的运动10、ABC【解析】试题分析：以两木块及弹簧为研究对象，绳断开后，弹簧将对两木块有推力作用，这可以看成是内力；水平面对两木块有方向相反的滑动摩擦力，且F1=μ1m1g，F2=μ2m2g.因此系统所受合外力F合=μ1m1g－μ2m2g=0，即满足动量守恒定律的条件．设弹簧伸长过程中某一时刻，两木块速度大小分别为v1、v2.由动量守恒定律有（以向右为正方向）：－m1v1＋m2v2=0，即m1v1=m2v2，即两物体的动量大小之比为1∶1，故A项正确；两物体的速度大小之比为，故B项正确；由于木块通过的路程正比于其速度，两木块通过的路程之比，故C项正确，D项错误．考点：动量守恒定律及其应用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACDFH；；2.8；1.9【解析】

(1)估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器．

(2)对照电路图，按顺序连接电路．

(3)由闭合电路欧姆定律分析U-I图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻．【详解】(1)滑动变阻器允许的最大电流为1A，量程为3A的电流表读数误差会比较大，所以应选择量程为0.6A的电流表（C）；电源的电动势是3V，所以适合选择量程为3V的电压表（D）；滑动变阻器要选择额定电流较大的（F）；另外，要选择电源A和导线与电键（H）．所以要选择的项目共有：ACDFH；(2)对照电路图，按顺序连接电路如图：(3)由闭合电路的欧姆定律：E=U+Ir；当电路中的电流接近0时，路端电压接近电源的电动势，所以在U-I图象中，图线与纵坐标的交点表示电源的电动势，根据图3可以读出电源的电动势为2.8V；又因为图象的斜率表示电源的内电阻，所以：．【点睛】本实验的原理是闭合电路欧姆定律，根据原理由图象的斜率和截距分别求出内阻和电动势．12、f小于【解析】（1）如图所示；（2）闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零，说明变阻器已不是分压式接法，所以可能是f处出现故障；（3）根据图象可读出时对应的电流，则待测电阻，由，可知待测电阻阻值应等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，由于图象中切线的斜率大于图线上点与原点连线的斜率，所以切线斜率的倒数小于点与原点连线斜率的倒数，即切线斜率倒数小于电阻值．【点睛】（1）当考虑伏安法实验误差时，若是电流表外接法时，应将待测电阻与电压表看做一个整体，然后根据欧姆定律即可求解；（2）变阻器采用分压式接法时，电压可以从零调，采用限流式接法时，电压不能从零调；（3）应明确图象上点与原点连线斜率的读数等于与待测电阻.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）28W（2