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PAGE13-高考仿真练(一)时间:90分钟满分:100分一、单项选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.2024年是世界上首次实现元素人工转变100周年.1919年,卢瑟福用氦核轰击氮原子核,发觉产生了另一种元素,该核反应方程可写为eq\o\al(4,2)He+eq\o\al(14,7)N→eq\o\al(m,8)X+eq\o\al(1,n)Y.以下推断正确的是()A.m=16,n=1B.m=17,n=1C.m=16,n=0D.m=17,n=02.如图所示,水平放置、内壁光滑的密闭绝热气缸,被一锁定的绝热活塞分为体积相等的a、b两部分.已知a部分气体为1mol氧气,b部分气体为2mol氧气,两部分气体温度相等,均可视为志向气体.解除锁定,活塞滑动一段距离后,两部分气体各自再次达到平衡状态时,它们的体积分别为Va、Vb,温度分别为Ta、Tb.下列说法正确的是()A.Va>Vb,Ta>TbB.Va>Vb,Ta<TbC.Va<Vb,Ta<TbD.Va<Vb,Ta>Tb3.我国自主研制的绞吸挖泥船“天鲲号”达到世界先进水平.若某段工作时间内,“天鲲号”的泥泵输出功率恒为1×104kW,排泥量为1.4m3/s,排泥管的横截面积为0.7mA.5×106NB.2×107NC.2×109ND.5×109N4.某一列沿x轴传播的简谐横波,在t=eq\f(T,4)时刻的波形图如图所示,P、Q为介质中的两质点,质点P正在向动能增大的方向运动.下列说法正确的是()A.波沿x轴正方向传播B.t=eq\f(T,4)时刻,Q的速度比P的速度大C.t=eq\f(3T,4)时刻,Q到达平衡位置D.t=eq\f(3T,4)时刻,P向y轴正方向运动5.2019年10月28日发生了天王星冲日现象,即太阳、地球、天王星处于同始终线上,此时是视察天王星的最佳时间.已知日地距离为R0,天王星和地球的公转周期分别为T和T0,则天王星与太阳的距离为()A.eq\r(3,\f(T2,T\o\al(2,0)))R0B.eq\r(\f(T3,T\o\al(3,0)))R0C.eq\r(3,\f(T\o\al(2,0),T2))R0D.eq\r(\f(T\o\al(3,0),T3))R06.如图所示,有一束单色光入射到极限频率为ν0的金属板K上,具有最大初动能的某出射电子,沿垂直于平行板电容器极板的方向,从左侧极板上的小孔入射到两极板间的匀强电场后,到达右侧极板时速度刚好为零.已知电容器的电容为C,带电荷量为Q,极板间距为d,普朗克常量为h,电子电荷量的肯定值为e,不计电子的重力.关于电容器右侧极板的带电状况和入射光的频率ν,以下推断正确的是()A.带正电,ν0+eq\f(Qe,Ch)B.带正电,ν0+eq\f(Qe,Chd)C.带负电,ν0+eq\f(Qe,Ch)D.带负电,ν0+eq\f(Qe,Chd)7.如图所示,由某种透亮介质制成的长直细圆柱体置于真空中.某种单色光在介质中传输,经过多次全反射后从右端射出.若以全反射临界角传输的光线刚好从右端以张角2θ出射,则此介质的折射率为()A.eq\r(1+sin2θ)B.eq\r(1+cos2θ)C.eq\r(1+cos2θ)D.eq\r(1+sin2θ)8.秦山核电站是我国第一座核电站,其三期工程采纳重水反应堆技术,利用中子(eq\o\al(1,0)n)与静止氘核(eq\o\al(2,1)H)的多次碰撞,使中子减速.已知中子某次碰撞前的动能为E,碰撞可视为弹性正碰.经过该次碰撞后,中子损失的动能为()A.eq\f(1,9)EB.eq\f(8,9)EC.eq\f(1,3)ED.eq\f(2,3)E二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共16分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.9.在金属球壳的球心有一个正点电荷,球壳内外的电场线分布如图所示,下列说法正确的是()A.M点的电场强度比K点的大B.球壳内表面带负电,外表面带正电C.摸索电荷-q在K点的电势能比在L点的大D.摸索电荷-q沿电场线从M点运动到N点,电场力做负功10.其次届进博会于2024年11月在上海举办,会上展出了一种乒乓球陪练机器人,该机器人能够依据发球人的身体动作和来球信息,刚好调整球拍将球击回.若机器人将乒乓球以原速率斜向上击回,球在空中运动一段时间后落到对方的台面上,忽视空气阻力和乒乓球的旋转.下列说法正确的是()A.击球过程合外力对乒乓球做的功为零B.击球过程合外力对乒乓球的冲量为零C.在上升过程中,乒乓球处于失重状态D.在下落过程中,乒乓球处于超重状态11.如图所示,某人从距水面肯定高度的平台上做蹦极运动.劲度系数为k的弹性绳一端固定在人身上,另一端固定在平台上.人由静止起先竖直跳下,到达水面前速度大小减为零.运动过程中,弹性绳始终处于弹性限度内.取与平台同高度的O点为坐标原点,以竖直向下为y轴正方向,忽视空气阻力,人可视为质点.从跳下至第一次到达最低点的运动过程中,用v、a、t分别表示人的速度、加速度和下落时间.下列描述v与t、a与y关系的图像可能正确的是()12.竖直放置的长直密绕螺线管接入如图甲所示的电路中,螺线管中通有顺时针方向(俯视)的电流,电流大小按图乙所示的规律变更.螺线管内中间位置固定有一水平放置的硬质闭合金属小圆环(未画出),圆环轴线与螺线管轴线重合.下列说法正确的是()A.t=eq\f(T,4)时刻,小圆环有扩张的趋势B.t=eq\f(T,4)时刻,小圆环有收缩的趋势C.t=eq\f(T,4)和t=eq\f(3T,4)时刻,小圆环内的感应电流大小相等D.t=eq\f(3T,4)时刻,俯视时小圆环内有逆时针方向的感应电流三、非选择题:本题共6小题,共60分.13.(6分)某物理小组欲探讨光敏电阻的阻值与光照强度之间的关系.试验室能供应的试验器材有:学生电源(输出电压为U=20V,内阻可忽视)、毫安表(量程30mA,内阻100Ω)、电阻箱(最大阻值9999.9Ω)、单刀单掷开关一个、导线若干.(1)该小组查阅资料得知,光敏电阻的阻值随光照强度的变更变更很大,为了平安,该小组想将毫安表改装成量程为3A的电流表,则需在毫安表两端并联一个阻值为________Ω的电阻.(2)下列电路分别是四个同学设计的,你认为正确的是________.(3)该小组依据正确的电路,通过试验发觉,流过毫安表的电流I(单位:mA)与光照强度E(单位:cd)之间的关系满意I=eq\f(1,3)E,由此可得光敏电阻的阻值R(单位:Ω)与光照强度E之间的关系为R=________.14.(8分)用如图甲装置来验证机械能守恒定律.带有刻度的玻璃管竖直放置,光电门的光线沿管的直径并穿过玻璃管,小钢球直径略小于管的直径,该球从管口由静止释放.完成下列相关试验内容:(1)如图乙用螺旋测微器测得小钢球直径d=________mm;如图丙某次读得光电门测量位置到管口的高度h=________cm.(2)设小钢球通过光电门的挡光时间为Δt,当地重力加速度为g,若小钢球下落过程机械能守恒,则h可用d、Δt、g表示为h=________.(3)试验中多次变更h并记录挡光时间Δt,数据描点如图丁,请在图丁中作出heq\f(1,Δt2)图线.(4)依据图丁中图线及测得的小球直径,计算出当地重力加速度值g=________m/s2.(计算结果保留两位有效数字).15.(7分)如图所示,在透亮匀称介质内有一球状空气泡,一束包含a、b两种单色光的细光束从介质射入气泡,A为入射点,之后a、b光分别从C点、D点射向介质,已知光束在A点的入射角为i=30°,a光经过气泡的出射光线相对于射入气泡前的入射光线的偏向角为θ=30°,CD弧所对圆心角为16°.(1)求介质对a光的折射率;(2)假如入射光线可以绕A点转动,则当入射角i满意什么条件时没有光线射入气泡?16.(9分)可爱的企鹅喜爱在冰面上玩耍.如图所示,企鹅在水平冰面上,靠爪抓冰面,先沿直线以0.5m/s2的加速度由静止起先“奔跑”4s,接着突然卧倒,以肚皮贴着冰面对前滑行.若企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ=0.025,空气阻力不计,g=10m/s2.求:(1)企鹅加速“奔跑”阶段的最大速度;(2)企鹅从起先“奔跑”起10s内通过的路程.17.(14分)如图所示,在0≤x≤a的区域Ⅰ内有垂直于纸面对里的匀强磁场.在x>a的区域Ⅱ内有垂直于纸面对外的匀强磁场,磁感应强度的大小均为B0.质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子沿x轴从原点O水平射入磁场.当粒子射入速度不大于v0时,粒子在磁场中运动的时间都相同,不计粒子的重力.(1)求速度v0的大小;(2)若粒子射入磁场的速度大小为eq\f(2,3)eq\r(3)v0,求其轨迹与x轴交点的横坐标;(3)若调整区域Ⅱ磁场的磁感应强度大小为λB0,使粒子以速度nv0(n>1)以O点沿x轴射入时,粒子均从O点射出磁场,求n与λ满意的关系.18.(16分)如图所示,半径R=0.4m的四分之一光滑圆弧轨道固定在地面上,质量为m=1kg的滑块B(可视为质点)从圆弧轨道顶端正上方高为h=0.85m处自由落下,质量为M=2kg的木板A静止在光滑水平面上,其左端与固定台阶相距x,右端与圆轨道紧靠在一起,圆弧的底端与木板上表面水平相切.B从A右端的上表面水平滑入时撤走圆弧轨道,A与台阶碰撞无机械能损失,不计空气阻力,A、B之间动摩擦因数μ=0.1,A足够长,B不会从A表面滑出,取g=10m/s2,求:(1)滑块B运动到圆弧底端时对轨道的压力;(2)若要使木板A只能与台阶发生一次碰撞,x应满意的条件;(3)为满意第(2)问的条件,木板A的最小长度.第三部分高考逐题仿真练仿真12024年(全国Ⅰ卷)逐题仿真练14.答案:C解析:从同一高度由静止落下的玻璃杯,由自由落体运动规律v=eq\r(2gh)可知,掉到水泥地上和草地上时的速度相同,则动量相同,选项A错误;无论掉到水泥地上还是草地上,与地面碰撞后,速度均减为零,则动量的变更量相同,选项B错误;由于水泥地面硬,玻璃杯与地面碰撞作用的时间短,草地相对较软,玻璃杯与地面碰撞作用的时间长,又动量变更量相同,故掉在水泥地上玻璃杯动量变更快,掉在草地上玻璃杯动量变更慢,选项C正确;由动量定理有FΔt=Δp可知,由于掉在水泥地上的玻璃杯与地面接触时,作用的时间Δt短,受到地面的冲击力F大,而掉在草地上的玻璃杯与地面接触时,作用的时间Δt长,受到地面的冲击力F小,故选项D错误.15.答案:C16.答案:C解析:设运动员在最低点受的拉力至少为FN,此时运动员的重心的速度为v,设运动员的重心到手的距离为R,由牛顿其次定律得FN-mg=meq\f(v2,R),由机械能守恒定律得mg·2R=eq\f(1,2)mv2,最高点速度为零时,v最小,FN最小,联立解得FN=5mg,运动员的重力为G=mg=700N,所以FN=3500N,选项C正确.17.答案:B解析:当滑动变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,R2消耗的功率为P=I2R2,P∝I2,故A错误;电容器C两端的电压UC=E-I(R2+r),电荷量Q=CUC=C[E-I(R2+r)],则eq\f(ΔQ,ΔI)=-C(R2+r),保持不变,则QI图象是向下倾斜的直线,故B正确;电压表示数U=E-Ir,UI图象应是向下倾斜的直线,故C错误;电源通过的电荷量为q的电源做的功W=qE,E是电源的电动势,则Wq是过原点的直线,故D错误.18.答案:D解析:正电子向右偏转,负电子向左偏转.若正电子不从OC边射出,负电子肯定不会从OC边射出,二者运动轨迹对应的圆心角均为180°,可知二者在磁场中运动时间之比为1︰1.故A、B错误;若负电子不从OC边射出且正电子也不从OC边射出,正负电子在磁场中运动轨迹的圆心角都为180°.可知二者在磁场中运动的时间之比为1︰1.当负电子恰好不从OC边射出时,运动轨迹对应的圆心角为180°.由几何关系知,此时正电子运动轨迹的圆心角为30°,正负电子在磁场中运动的周期相等,依据t=eq\f(θ,2π)T知,正负电子在磁场中运动的时间之比为1︰6,故若负电子不从OC边射出,正负电子在磁场中运动时间之比在1︰6与1︰1之间,故C错误,D正确.19.答案:BC解析:设经过x次α衰变、y次β衰变,则由226-222=4x,88-2x+y=86,解得x=1,y=0,故A错误;裂变是质量较重的核裂变为质量中等的核,则是核裂变方程,故B正确;依据质量数和电荷数守恒知:X为eq\o\al(1,0)n,即为中子,故C正确;依据质量数和电荷数守恒知:Y为eq\o\al(4,2)He,即为氦核,故D错误.20.答案:AD解析:依据题给图象可知h=4m时物体的重力势能mgh=80J,解得物体质量m=2kg,抛出时物体的动能为Ek=100J,由动能定义式Ek=eq\f(1,2)mv2,可知h=0时物体的速率为v=10m/s,选项A正确,B错误;h=2m时,物体的动能Ek=E总-Ep,解得Ek=50J,选项C错误;由题给图象可知,物体上升到h=4m时,机械能为80J,重力势能为80J,动能为零,即物体从地面上升到h=4m,物体动能削减100J,选项D正确.21.答案:AC解析:列车起先启动时,金属框产生的电流最大,设为Im,有Im=eq\f(2Bbv,R),故选项A正确;分析列车受力可知a=eq\f(F-f,m),当列车速度增大时,金属框中电流eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(I=\f(2Bbv-v车,R)))及所受安培力(F=2BbI)变小,加速度变小;当a=0时,列车速度达到最大,这时有F=f,即2Bbeq\f(2Bbv-vm,R)=f,解得vm=v-eq\f(Rf,4B2b2),故选项C正确.22.答案:(1)eq\f(1,2)(1分)(2)1.000(1分)(3)1.96×10-5(2分)(4)小于(2分)解析:(1)由并联电路特点可知,当I2=eq\f(1,2)I1时,电阻箱的阻值与待测笔芯的阻值相等.(2)螺旋测微器的读数1.000mm;(3)由公式R=ρeq\f(L,S)可计算,笔芯的电阻率为1.96×10-5Ω·m;(4)电流表A2的内阻不能忽视时,电流表A2与电阻箱的电阻之和等于待测笔芯的电阻,即电阻的测量值小于真实值.23.答案:(1)C(1分)(2)A、D、E或(D、E、A或D、A、E)(2分)(3)m1·OM+m2·ON=m1·OPm1·OM2+m2·ON2=m1·OP2(2分)(4)142.91(3分)(5)76.8(1分)解析:小球碰前和碰后的速度都用平抛运动来测定,即v=eq\f(x,t).而由H=eq\f(1,2)gt2知,每次竖直高度相等,平抛时间相等.即m1eq\f(OP,t)=m1eq\f(OM,t)+m2eq\f(ON,t);则可得m1·OP=m1·OM+m2·ON.故只需测射程,因而选C;由表达式知:在OP已知时,需测量m1、m2、OM和ON.故必要步骤是A、D、E,若为弹性碰撞同时满意碰撞前、后两球总动能相等.eq\f(1,2)m1eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(OP,t)))2=eq\f(1,2)m1eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(OM,t)))2+eq\f(1,2)m2eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(ON,t)))2,m1·OP2=m1·OM2+m2·ON2,p1=m1·eq\f(OP,t),p′1=m1·eq\f(OM,t).故p1︰p′1=OP︰OM=44.80︰35.20=14︰11,p′2=m2·eq\f(ON,t),p′1︰p′2=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(m1·\f(OM,t)))︰eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(m2·\f(ON,t)))=11︰2.9.故eq\f(p1,p′1+p′2)=eq\f(m1·OP,m1·OM+m2·ON)=1.其他条件不变,使ON最大,则m1、m2发生弹性碰撞.则其动量和能量均守恒,可得v2=eq\f(2m1v0,m1+m2),而v2=eq\f(ON,t),v0=eq\f(OP,t).故ON=eq\f(2m1,m1+m2)·OP=eq\f(2×45.0,45.0+7.5)×44.80cm=76.8cm.24.答案:(1)9s(2)32.4m18s解析:(1)经分析可知,当两车的速度相等时,它们之间的距离最大,有:v=at1(2分)解得:t1=9s.(2分)(2)两车速度相等时,小汽车和卡车行驶的距离分别为:x=eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)(1分)x′=vt1(1分)又:L=x′-x(1分)解得:L=32.4m.(2分)由运动学规律有:eq\f(1,2)ateq\o\al(2,2)=vt2(1分)解得:t2=18s.(2分)25.答案:(1)eq\f(\r(3)mg,q)eq\r(2gd)(2)eq\f(4mgd,q)(3)eq\f(7,3)解析:(1)由小球运动方向可知,小球受合力沿MN方向,如图甲,由正弦定理:eq\f(mg,sin30°)=eq\f(F,sin30°)=eq\f(Eq,sin120°)(2分)得:E=eq\f(\r(3)mg,q)(2分)合力大小:F=mg=ma,即a=g(2分)从M→N,有:2ad=veq\o\al(2,N)(1分)得:vN=eq\r(2gd)(1分)(2)如图乙,设MP为h,作PC垂直于电场线,作PD垂直于MN,小球做类平抛运动:hcos60°=eq\f(1,2)at2(1分)hsin60°=vNt(1分)UMC=Ehcos30°(1分)UMP=UMC(1分)得:h=eq\f(8,3)d,UMP=eq\f(4mgd,q)(2分)(3)从M→P,由动能定理:FlMD=EkP-EkM(2分)lMD=hsin30°(1分)而EkM=eq\f(1,2)mveq\o\al(2,N)
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