2024年中考物理母题解密专题12 简单机械 机械效率讲义（附答案）

专题12简单机械机械效率考点解读简单机械是力学部分的最后一个单元。在初中物理教学中重点内容。它包括杠杆和滑轮两大部分内容。在历年的中考中本单元内容常见考题题型有选择题、填空题、作图题和综合分析题。教学重点是区分不同类型的杠杆及理解多种滑轮的特点，这也是学生解答复杂杠杆试题和滑轮试题的关键，与我们日常生活密切相关；教学难点是杠杆平衡条件在实际解题中的应用，滑轮组机械效率公式的灵活运用。0101杠杆揭秘揭秘母题【母题1】（2023•盐城）下列属于省力杠杆的是A．镊子B．钓鱼竿C．托盘天平D．开瓶扳手【答案】【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：、镊子、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故错误；、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故错误；、开瓶扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故正确。故选：。【母题2】（2023•淮安）如图所示，一根质地不均匀的硬棒重心在点，将硬棒通过绳1悬挂于点，2、3为两个支架，在绳与两支架的作用下，硬棒水平静止，此时绳与支架均对硬棒有弹力（绳的形变忽略不计）。下列操作中，仍能使硬棒保持平衡的是A．仅撤去支架2B．仅撤去支架3C．同时剪断绳1和撤去支架2D．同时剪断绳1和撤去支架3【答案】【分析】根据支点和支架作用力的方向以及绳子作用力方向和重力方向判断撤去时，能否满足杠杆的平衡条件进行判断。【解答】解：绳子只能向上施加拉力，支架只能施加向上的支持力；．仅撤去支架2，以1为支点，重力和支架支持力使得杠杆的转动方向相反，可以平衡，故正确；．仅撤去支架3，以1为支点，重力和支架2支持力使得杠杆的转动方向都是顺时针，故杠杆不可以平衡，错误；．同时剪断绳1和撤去支架2，以3为支点，重力使得杠杆逆时针转动，不可以平衡，故错误；．同时剪断绳1和撤去支架3，以2为支点，重力使得杠杆顺时针转动，不可以平衡，故错误。故选：。【母题3】（2023•无锡）如图所示，是《天工开物》中记载的我国传统提水工具“桔槔”，用绳子系住一根直的硬棒的点作为支点，端挂有重为的石块，端挂有重为的空桶，长为，长为。使用时，人向下拉绳放下空桶，装满重为的水后向上拉绳缓慢将桶提起，硬棒质量忽略不计。下列说法中正确的是A．向下拉绳放下空桶时桔槔为省力杠杆B．向下拉绳放下空桶时拉力为C．向上拉绳提起装满水的桶时桔槔为费力杠杆D．向上拉绳提起装满水的桶时拉力为【答案】【分析】（1）向下拉绳放下空桶时，端的力为动力，端的力为阻力，动力臂小于阻力臂；向上拉绳提起装满水的桶时，在端的力为动力，端的力为阻力，动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件，判断使用时属于哪种杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件，结合题意，计算杠杆平衡时端的力，放下空桶时，向下的拉力加上桶的重力等于端的力；向上拉绳提起装满水的桶时，端的力加上拉力等于桶和水的总重力。【解答】解：、向下拉绳放下空桶时，端的力为动力，端的力为阻力，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故错误；、根据杠杆的平衡条件，杠杆平衡时端的拉力，放下空桶时，向下拉绳子的力，装满水时，桶和水的总重力，向上拉绳提起装满水的桶时拉力为，故错误，正确；、向上拉绳提起装满水的桶时，在端的力为动力，端的力为阻力，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故错误；故选：。方法技巧1.杠杆（1）定义：在物理学中，将在力的作用下可绕固定点转动的硬棒称为杠杆；（2）杠杆五要素：支点、动力F1、阻力F2、动力臂l1、阻力臂l2。2.杠杆分类（1）省力杠杆：，如铡刀等；（2）费力杠杆：，如镊子等；（3）等臂杠杆：，如托盘天平。3.关于杠杆作图（1）杠杆力臂作图“四步法”：（2）求最小动力的技巧①动力作用点要选在杠杆上距支点最远处；②连接动力作用点和支点(用实线)；③以动力作用点为垂足，作动力作用点与支点连线的垂线段；④根据动力和阻力使杠杆转动的方向相反确定动力的方向。（3）力臂作图规范①作图必须用直尺，所作线要直；②在作力或力臂时，要画出垂足直角符号；③力臂用实线，并在两端加箭头表示，旁边需标上字母。0202滑轮揭秘揭秘母题【母题4】（2023•哈尔滨）小丽学习了滑轮的知识后，想利用滑轮组设计一个升降装置，自己把物体吊上楼来，请你画出最省力的绕线方式和物体所受重力的示意图。【答案】【分析】承担物重的绳子段数越多越省力，由此完成最省力的绕线方式，重力的方向竖直向下，作用点在重心。【解答】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，图中只有一个定滑轮和一个动滑轮，最多只能有3股绳子，所以绳子要系在动滑轮上面的挂钩上，依次向外绕线，如图所示；过物体的重心，作竖直向下的重力，如图所示：【母题5】（2022•广东）分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是A．B．C．D．【答案】【分析】由题知，不计摩擦和动滑轮重，先分析所用的是定滑轮、动滑轮还是滑轮组，若是定滑轮，不省力，；若是动滑轮，省一半力，；若是滑轮组，找出拉动动滑轮绳子股数，则。【解答】解：由题知，不计摩擦和动滑轮重，、使用的是滑轮组，，。、使用的是滑轮组，，；、使用的是定滑轮，；、使用的是动滑轮，；由此可知图中最省力，。故选：。【母题6】（2023•自贡）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力、、匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法正确的是A．、、的大小相等B．最大C．最大D．最大【答案】【分析】定滑轮的工作特点是：使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力。【解答】解：由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，忽略绳子与滑轮的摩擦，所以、、都与物体重力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故错误，故正确。故选：。方法技巧1.滑轮定义：周边有槽，中心有一转动的轮子叫滑轮。因为滑轮可以连续旋转，因此可看作是能够连续旋转的杠杆，仍可以用杠杆的平衡条件来分析。根据使用情况不同，滑轮可分为定滑轮和动滑轮。2.定滑轮（1）定义：工作时，中间的轴固定不动的滑轮叫定滑轮。（2）实质：是个等臂杠杆。轴心O点固定不动为支点，其动力臂和阻力臂都等于圆的半径r，根据杠杆的平衡条件可知，因为重物匀速上升时不省力。（3）特点：不省力，但可改变力的方向。所谓“改变力的方向”是指我们施加某一方向的力能得到一个与该力方向不同的力。（4）动力移动的距离与重物移动的距离相等。对于定滑轮来说，无论朝哪个方向用力，定滑轮都是一个等臂杠杆，所用拉力都等于物体的重力G。（不计绳重和摩擦）3.动滑轮（1）定义：工作时，轴随重物一起移动的滑轮叫动滑轮。（2）实质：是一个动力臂为阻力臂二倍的杠杆。（3）特点：省一半力，但不能改变力的方向。（4）动力移动的距离是重物移动距离的2倍。对于动滑轮来说：动滑轮在移动的过程中，支点也在不停地移动；动滑轮省一半力的条件是：动滑轮与重物一起匀速移动，动力F1的方向与并排绳子平行，不计动滑轮重、绳重和摩擦。4.滑轮组（1）定义：由若干个定滑轮和动滑轮匹配而成。（2）特点：可以省力，也可以改变力的方向。使用滑轮组时，有几段绳子吊着物体，提起物体所用的力就是物重的几分之一，即（条件：不计动滑轮、绳重和摩擦）。注意：如果不忽略动滑轮的重量则：。（3）动力移动的距离s和重物移动的距离h的关系是：使用滑轮组时，滑轮组用n段绳子吊着物体，提起物体所用的力移动的距离就是物体移动距离的n倍，即s=nh。（4）绳子端的速度与物体上升的速度关系：vs=nv。5.关于滑轮组的绕绳方法(1)确定承担物重的绳子的段数，在不计动滑轮重、绳重和摩擦时，，。(2)确定绳子固定端位置：滑轮组绕绳，遵循“奇动偶定”原则。①当n为奇数时，绳子的起始端应先固定在动滑轮上，然后依次绕过滑轮；②当n为偶数时，绳子的起始端应先固定在定滑轮上，然后依次绕过滑轮。0303机械效率揭秘揭秘母题【母题7】（2023•北京）用如图所示的装置提升重为的物体，动滑轮重为。在卷扬机对绳子的拉力作用下，物体在内竖直匀速上升了。在此过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是A．物体上升的速度为B．滑轮组的有用功为C．拉力的功率为D．滑轮组的机械效率为【答案】【分析】（1）已知物体上升的时间和距离，利用速度公式求物体上升的速度；（2）利用求拉力做的有用功；（3）由图知，滑轮组承担物重的绳子有效股数，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力；拉力端移动距离，利用求拉力做的总功，再利用求拉力做功的功率；（4）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：、物体上升的速度为：，故错误；、拉力做的有用功：，故错误；、由图知，，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力：；拉力端移动距离：，拉力做总功：；拉力做功功率：，故错误；、动滑轮提升物体的机械效率：。故选：。【母题8】（2020•甘孜州）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）在相同时间内把重物提升相同高度。若和大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是A．力和做功的功率相同B．力和做的总功相同C．两个滑轮组机械效率一样大D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高【答案】【分析】①使用滑轮组时，手拉绳子自由端做的功是总功；总功与所用时间之比是拉力做功的功率；②根据已知条件判断省力情况；利用公式比较滑轮组机械效率。【解答】解：由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数，乙滑轮组中承担物重的绳子段数。、若重物上升高度为，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：，；甲滑轮组中拉力做的总功为，乙滑轮组中拉力做的总功为，已知，所以，故错误；已知时间相同，由公式知，．故错误；、甲、乙两滑轮组提升的物重相同，设一个动滑轮的重为，不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：，同理可得，乙滑轮组的机械效率为：，所以，故错误，正确。故选：。【母题9】（2023•鄂州）小刚用如图所示的滑轮组，将重为的物体匀速提升，已知动滑轮重，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是A．拉力为B．有用功为C．绳子自由端移动的距离为D．该滑轮组的机械效率为【答案】【分析】（1）图中使用的滑轮组承担物重的绳子股数，不计绳重和摩擦，利用求拉力大小；（2）根据求拉力做的有用功；（3）由图知，，则绳子自由端移动距离；（4）利用求拉力做的总功，利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。【解答】解：、由图可知，；不计绳重和摩擦时，拉力，故错误；、拉力做的有用功：，故错误；、绳子自由端移动距离，故错误；、拉力做的总功：，滑轮组的机械效率：，故正确。故选：。方法技巧1.有用功：对机械、活动有用的功。公式：W有用＝Gh（提升重物）=W总－W额=ηW总；斜面：W有用=Gh。2.额外功：并非需要但又不得不做的功。公式：W额=W总－W有用=G动h（忽略轮轴摩擦的动滑轮、滑轮组）；斜面：W额=fL。3.总功：有用功加额外功或动力所做的功。公式：W总=W有用＋W额=Fs=W有用/η；斜面：W总=fL+Gh=FL。4.机械效率：有用功跟总功的比值。机械效率计算公式：5.滑轮组的机械效率（不计滑轮重以及摩擦时）（1）滑轮组（竖直方向提升物体）：（G为物重，h为物体提升高度，F为拉力，s为绳子自由端走的距离）。

（2）滑轮组（水平方向拉动物体）：（f为摩擦力，l为物体移动距离，F为拉力，s为绳子自由端走的距离）。

6.斜面的机械效率：模拟模拟中考1．（2023•昭通一模）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物、提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是A．若，拉力做的额外功相同B．若，甲的机械效率大于乙的机械效率C．若，拉力做的总功相同D．用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变【答案】【分析】解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲、乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式分析机械效率大小关系。【解答】解：、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，故错误；、根据，若，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，乙滑轮组做的额外功多，乙做的总功大于甲做的总功，所以甲的机械效率大于乙的机械效率，故正确。、若，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，总功有用功额外功，所以乙做的总功大于甲做的总功，故错误；、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率会变化，故错误。故选：。2．（2023•塔城市三模）用4个相同的滑轮组成滑轮组甲和乙，分别匀速提升、两个物体时，拉力相等。不计绳重和摩擦，若滑轮组甲的机械效率为，则滑轮组乙的机械效率为A．B．C．D．【答案】【分析】根据甲图中滑轮组的机械效率，导出物体的重力和的关系，不计绳重和摩擦，根据滑轮组的特点绳端拉力，导出动滑轮的重力和的关系，导出物体的重力和的关系，根据计算乙的机械效率。【解答】解：甲图中，，滑轮组的机械效率为，则物体的重力，不计绳重和摩擦，图甲中绳端拉力，则动滑轮的重力，乙图中，，绳端拉力，则，乙图中滑轮组的机械效率为，故错误，正确。故选：。3．（2023•石狮市二模）如图所示，某同学分别用甲、乙两套滑轮把同一桶沙子从一楼地面匀速提升到二楼。用甲滑轮所做的总功为，机械效率为；用乙滑轮所做的总功为，机械效率为。不计绳重和滑轮的摩擦，下列说法中正确的是A．，B．，C．，D．，【答案】【分析】由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮；分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，根据判断所做有用功的关系；不计绳重与摩擦，使用定滑轮不做额外功，而使用动滑轮要克服动滑轮重力做额外功，由可判断所做总功的关系；然后利用即可比较出二者机械效率的大小。【解答】解：由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮，分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，因物重和提升高度都相同，则根据知所做的有用功相同；不计绳重与摩擦，则使用定滑轮不做额外功，而使用动滑轮要克服动滑轮重力做额外功，由可知，使用动滑轮做的总功多，即；因有用功相同，使用动滑轮做的总功多，根据可知动滑轮的机械效率小，定滑轮的机械效率大，即。结合选项可知，正确，错误；故选：。4．（2023•天心区校级模拟）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力，将杠杆缓慢地由位置拉至位置，在这个过程中，力的大小将A．变小B．不变C．变大D．先变大后变小【答案】【分析】通过作图比较、两位置阻力力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。【解答】解：如图所示：在杠杆缓慢由到的过程中，动力臂（即拉力的力臂）不变，阻力的大小不变，而阻力臂（即重力的力臂）却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：，当、不变时，变大，那么也变大，即拉力在这个过程中逐渐变大。故选：。5．（2023•海珠区校级模拟）如图，重力为质量分布均匀的木棒左端与支点连接，绕转动时，棒所受的摩擦力可忽略不计。棒重心处受到竖直向上的拉力保持静止，则A．B．C．若为杠杆的动力，为杠杆的阻力，此杠杆为费力杠杆D．若将竖直拉力移到点棒仍静止，此时拉力记为，则【答案】【分析】（1）根据图示可知，杠杆受到的动力竖直向下，阻力为杠杆的自重，作用点为点，方向竖直向下，据此可知动力臂与阻力臂的关系，从而得出动力、动力臂、阻力、阻力臂的关系；（2）杠杆的分类：当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，为费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，为等臂杠杆；（3）将竖直拉力移到点时，根据图示可知动力臂的变化，根据杠杆平衡条件可知动力的变化。【解答】解：、由图示可知，杠杆受到的动力竖直向下，阻力为杠杆的自重，方向竖直向下，作用点都在点，因此动力臂等于阻力臂，都为，则有：，故，故正确，错误；、若为杠杆的动力，为杠杆的阻力，则动力臂等于阻力臂，因此杠杆为等臂杠杆，故错误；、若将竖直拉力移到点，显然动力臂变大，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可得，要使棒仍静止，需减小动力，因此，故错误。故选：。6．（2023•大连模拟）如图轻杆（不计杠杆重力），为支点，物重为，，在竖直向上的拉力作用下始终保持平衡状态。下列说法，正确的是A．图甲位置，仅增加物重，则拉力变化量与物重变化量之比为B．图甲位置时，拉力大小为C．该杠杆与镊子类型相同D．如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变【答案】【分析】（1）利用杠杆平衡的条件表示出拉力变化量与物重变化量的关系，从而进行判断；（2）根据杠杆平衡条件可求出拉力的大小；（3）先判断图中杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；而镊子使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；（4）如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力的大小变化情况。【解答】解：、图甲位置时，原来杠杆平衡，则有①，若仅增加物重，杠杆再次平衡时，有△△②，②①可得：△△，所以，，即拉力的变化量与物重的变化量之比为，故错误；、已知物重为，图甲位置时，，且动力臂为，阻力臂为；由杠杆平衡条件可得：，则拉力：，故错误；、根据图甲可知，动力臂大于阻力臂，因此该杠杆为省力杠杆；而镊子使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，因此它们的类型不同，故错误；、如图乙，保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，其力臂如图所示：为动力臂，为阻力臂，阻力不变为，因为△△，所以，由杠杆平衡条件可得，则；由此可知保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力大小不变，故正确。故选：。7．（2023•丹徒区模拟）如图所示，轻质杠杆可绕点转动，，用细线将重物悬挂在点，在点作用竖直向上的拉力。则在保持杠杆水平静止的情况下A．拉力的大小为物重的0.5倍B．当重物的悬挂点右移时，将增大C．若改为沿图中虚线方向施力，将减小D．若物重减小，的大小将减小【答案】【分析】（1）根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小；（2）根据力臂的变化，利用杠杆的平衡条件分析动力的变化；（3）力臂是指从支点到力的作用线的距离。将拉力沿顺时针方向转动，在转至虚线位置时，拉力的力臂变小；（4）根据杠杆的平衡条件分析。【解答】解：、由图可知，，阻力的力臂为动力力臂的2倍，根据杠杆的平衡条件可知，拉力的大小为物重的2倍，故错误；、当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变小，则动力将变小，故错误；、保持杠杆在水平位置平衡，将拉力转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故错误；、若物重减小，根据杠杆的平衡条件可知，的减小量为，故正确。故选：。8．（2023•天山区校级模拟）如图所示为等刻度的轻质杠杆，在处挂一个重为的物体，若要使杠杆在水平位置平衡，则在处施加的力A．可能是B．可能是C．一定是D．一定是【答案】【分析】根据杠杆平衡的条件和杠杆中最小力的问题进行分析，在点施加的力的方向不同、力臂不同，用力的大小不同，支点与力的作用点的连线为最长力臂时用力最小。【解答】解：设杠杆每一格长度是，当处的作用力与杠杆垂直时，力臂最大，此时作用力最小，由杠杆平衡条件可得：，即，解得，当作用在处的力与杠杆不垂直时，力臂小于，作用力大于，因此要使杠杆平衡，作用在处的力，故错误、正确。故选：。9．（2015•浙江模拟）如图所示装置中，均匀木棒的端固定在铰链上，悬线一端绕过一固定定滑轮，另一端用线套套在木棒上使棒保持水平。现使线套逐渐向右移动，但始终使木棒保持水平，则悬线上的拉力（棒和悬线足够长）A．先逐渐变小，后又逐渐变大B．逐渐变大C．先逐渐变大，后又逐渐变小D．逐渐变小【分析】由图知，阻力乘以阻力臂是相等的，动力的大小变化要从动力臂的大小变化上得出，所以要画出几条典型的情况下的力臂加以分析得出结论。【解答】解：如图所示，表示杆的自重，表示杆的重心到端的距离，表示悬线拉力的大小，表示作用于杆上的悬线拉力对点的力臂。把视为一根可绕端转动的杠杆，则由杠杆的平衡条件应有：，由此得：当线套在杆上逐渐向右移动时，拉力的动力、、、经历了先逐渐变大后又逐渐变小的过程，故悬线的拉力则是逐渐变小后逐渐变大。故选：。10．（2023•新吴区校级模拟）我国民俗活动丰富多彩，在立夏时节，有的地方会给孩子称体重，如图1所示，冀求孩子健康成长，俗称“立夏秤人”。如图2，小孩和篮子的总质量为，调整秤砣的位置，使杆秤处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），此时，。下列说法不正确的是A．该杆秤一定为费力杠杆B．该秤砣的质量为C．要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣D．若换称质量较小的孩子，当秤杆水平平衡后，秤砣的悬挂点在点左边【答案】【分析】、根据杠杆的省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂小于阻力臂，费力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆；、作用在杠杆点的力等于小孩及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆点的力等于秤砣的重力，根据杠杆平衡条件和重力公式分析可知孩子及秤钩和所坐篮子的总质量与秤砣的质量的大小关系；、由杠杆平衡条件和表示出物体质量的关系式可知，所以要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣；、根据杠杆平衡条件分析若换称下一个体重较小的孩子，秤砣和篮子等都不变，仍在点提起杆秤，调到水平平衡后秤砣的悬挂点应在什么位置。【解答】解：、使用杆秤时，动力臂大于阻力臂，省力，所以杆秤是省力杠杆，故错误；、作用在杠杆点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆点的力等于秤砣的重力，根据杠杆平衡条件可得，，解得；故正确；、由杠杆平衡条件可得：，即，所以要使该杆秤的量程变大，应该换用质量更大的秤砣，故正确；、因为，所以孩子及秤钩和所坐篮子的总重力大于秤砣的重力，根据可知孩子及秤钩和所坐篮子的总质量大于秤砣的质量，若换称下一个体重较小的孩子，秤砣和篮子等都不变，则作用在杠杆点的力变小，动力臂不变，作用在杠杆点的力不变，根据杠杆平衡条件可知阻力臂会变小，所以调到水平平衡后秤砣的悬挂点应在点左边，故正确。故选：。11．（2023•文山市一模）如图所示，当人手握铅球向上运动时，肌肉产生的力使前臂骨骼绕肘关节转动。下列所示的杠杆中，与人的前臂属于同种杠杆的是A．钓鱼竿钓鱼B．开瓶器开瓶盖C．核桃夹夹核桃D．天平测质量【答案】【分析】结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是