2025届福建省龙岩市龙岩第一中学物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

2025届福建省龙岩市龙岩第一中学物理高二第一学期期中达标测试试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，竖直放置的螺线管与导线构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，要导体圆环受到向上的磁场作用力，则导线所围区域内磁场的磁感应强度随时间变化图象是A． B．C． D．2、为了探究影响平抛运动水平射程的因素，某同学通过改变抛出点的高度及初速度的方法做了6次实验，实验数据记录如下表．以下探究方案符合控制变量法的是（）序号

抛出点的高度（m）

水平初速度（m/s）

水平射程（m）

1

0.20

2.0

0.40

2

0.20

3.0

0.60

3

0.45

2.0

0.60

4

0.45

4.0

1.20

5

0.80

2.0

0.80

6

0.80

6.0

2.40A．若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据B．若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据C．若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据D．若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据3、如图所示，将一个带正电的小球Q放在本身不带电的导体AB靠近A端一侧，由于静电感应，导体的A、B两端分别出现负、正感应电荷．则以下说法中正确的是()A．A端接一下地，导体将带正电荷B．A端接一下地，导体将带负电荷C．导体的A端电势低，B端电势高D．导体上的感应电荷在导体内产生的电场强度为零4、现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关按如右图所示连接．下列说法中正确的是()A．开关闭合后，线圈A插入或拔出都会引起电流计指针偏转B．线圈A插入线圈B中后，开关闭合或断开瞬间电流计指针均不会偏转C．开关闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在中央零刻度D．开关闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转5、如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，则在Q向上运动过程中A．物块Q的动能一直增大B．物块P、Q之间的电势能一直增大C．物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D．物块Q的机械能一直增大6、一质子在静电场中由a点移到b点，在这过程中，电场力做的功为8.0×10-17J，则a、b两点间的电势差Uab为()A．3×102V B．5×102V C．4×102V D．7×102V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的各电场中，A、B两点场强大小相同的是A． B． C． D．8、如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V,12W”字样，电动机线圈电阻RM＝0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是()A．电动机的输入功率是12WB．电动机的输出功率是12WC．电动机的热功率是2.0WD．整个电路消耗的电功率是22W9、直流电池组的电动势为，内电阻为，用它给电阻为的直流电动机供电，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为，通过电动机的电流为，则下列说法中正确的是（）A．电源消耗的总功率为B．电动机的输入功率是C．电动机电枢上的发热功率为D．电动机的输出功率为10、如图甲，一带电物块无初速度地放上皮带轮底端，皮带轮以恒定大小的速率沿顺时针传动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端E运动至皮带轮顶端F的过程中，其图像如图乙所示,物块全程运动的时间为4.5s,关于带电物块及运动过程的说法正确的是A．该物块带正电B．皮带轮的传动速度大小一定为1m/sC．若已知皮带的长度,可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移D．在2～4.5S内,物块与皮带仍可能有相对运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）将一铜片和一锌片分别插入一个苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V。可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V、额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡，原因是流过小灯泡的电流太小了，实验测得不足3mA。为了较精确地测定该水果电池的电动势和内阻，提供的实验器材有：电流表A(量程0～3mA，内阻约为0.5Ω)电压表V(量程0～1.5V，内阻约为3kΩ)滑动变阻器R1(阻值0～10Ω，额定电流为1A)滑动变阻器R2(阻值0～3kΩ，额定电流为1A)电键，导线若干(1)应选______（选填“a”或“b”）电路图进行实验。(2)实验中滑动变阻器应选用______(用器材代号表示)。(3)根据实验记录的数据，经描点、连线得到水果电池的路端电压随电流变化的U－I图象如图所示，由图可知，水果电池的电动势E＝______V，内阻r＝________Ω。12．（12分）用如图甲所示的电路图研究灯泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性．（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在端．________（选填“a”或“b”）（2）根据电路图，请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整．_________（3）实验后作出的I—U图象如图丙所示，图中曲线弯曲的主要原因是：__________．（4）根据所得到的图象如图丙所示，求出它在额定电压（2.4V）下工作时的电阻值R=______Ω，这个测量值比真实值偏______．（选填“大”或“小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，真空中水平放置的平行金属板，相距d，上板带负电，下板带等量的正电，两板间电压为U，上板的正中央有一个小孔，在小孔正上方h高处，有一个质量为m的带电小球由静止开始下落，经小孔进入两板之间的电场中（两板之外没有电场），为了使小球不与下板相碰，小球应带什么电荷？带电荷量至少要多大？14．（16分）如图所示，倾角为θ的斜面与足够长的光滑水平面在D处平滑连接，斜面上有A、B、C三点，AB、BC间距均为2L，CD间距为3L，斜面上BC部分粗糙，其余部分光滑。2块完全相同、质量均匀分布的长方形薄片，紧挨在一起排在斜面上，从下往上编号依次为1、2，第1块的下边缘恰好在A处。现将2块薄片一起由静止释放，薄片经过D处时无碰撞无机械能损失。已知每块薄片质量为m、长为L，薄片与斜面BC间的动摩擦因数为tanθ，重力加速度为g.求：（1）第1块薄片下边缘刚运动到B时的速度大小；（2）第1块薄片刚好完全滑上粗糙面时，两薄片间的作用力大小F；（3）全部滑上水平面后两薄片间的距离d.15．（12分）水平地面与半径为的竖直光滑圆弧轨道相接于点，点位置处于圆心的正下方，距地面高为的平台边缘的点，质量为的小球以水平飞出，到达点恰好沿圆弧轨道无碰撞进入轨道，空气阻力不计，重力加速度为，试求：(1)由到过程的平抛运动水平距离；(2)段圆弧所对的圆心角；(3)小球在点时，对轨道的压力。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

导体圆环将受到向上的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见原磁场磁通量是减小即螺线管和构成的回路中产生的感应电流在减小．根据法拉第电磁感应定律，则感应电流可知减小时，感应电流才减小．AB．AB选项中所示斜率不变，不符合题意，故AB错误．C．选项中所示斜率增大，不符合题意，故C错误．D．选项中所示斜率减小，符合题意，故D正确．2、B【解析】试题分析：若探究水平射程与初速度的关系，应控制抛出点的高度相同，AD错误；若探究水平射程与高度的关系，应控制水平初速度相同，B正确，C错误．考点：本题考查控制变量法的应用．3、B【解析】

到达静电平衡状态以后，A处带负电，B处带正电，当A端接一下地，会使大地的电子流入枕形导体，导体B处电荷被中和，则导体将带负电．故A错误，B正确；枕型导体在带正电的小球附近时，枕型导体上的自由电子会向金属棒的左边运动，金属棒的右端因少了多余的电子而带正电，左端因多余电子而带负电；但导体是个等势体；故C错误；到达静电平衡状态以后，导体内部的场强处处为0，导体上的感应电荷在导体内部产生的场强不为零．故D错误．故选B．【点睛】本题考查静电感应现象，金属导体由于电子的定向移动，两端出现等量异种电荷，“近异远同”．知道由于异种电荷相互吸引，大地的负电荷（自由电子）会转移到导体上．4、A【解析】试题分析：电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起穿过线圈B的磁通量发生变化，从而电流计指针偏转，选项A正确；线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间，线圈B的磁通量会发生变化，电流计指针会偏转，选项B错误；电键闭合后，滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动，都会导致线圈A的电流发生变化，线圈B的磁通量变化，电流计指针都会发生偏转，选项C、D错误．故选A考点：本题考查了感应电流产生的条件，点评：知道感应电流产生条件，认真分析即可正确解题．5、D【解析】

由Q向上运动可知，Q受到沿斜面向上的库仑力较大，起初Q向上做加速运动，随着两个带点物体的距离的逐渐增大，库仑力逐渐减小，当库仑力减小到等于重力沿斜面向下的分力时，Q的速度增大到最大，Q向上运动后库仑力小于重力沿斜面向下的分力，而做减速运动，A错；电场力做正功电势能减小，由此可知电荷之间的电势能逐渐减小，B错；由于整个系统只有重力和电场力，由能量守恒定律可知电势能、重力势能、动能之和保持不变，由于动能先增大后减小，所以物块P、Q的重力势能和电势能之和先减小后增大，C错；电场力一直沿斜面向上，所以电场力一直做正功，Q的机械能一直增大，D对；6、B【解析】

根据电场力做功的公式Wab=qUab，得：A．3×102V，与结论不相符，选项A错误；B．5×102V，与结论相符，选项B正确；C．4×102V，与结论不相符，选项C错误；D．7×102V，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．AB两点到点电荷的距离相等，由公式可知，两点场强大小相等，故A正确；B．AB两点到点电荷的距离不相等，由公式可知，两点场强大小不相等，故B错误；C．匀强电场中AB两点的电场强度相同，故C正确；D．由于B处电场线更A处更密，所以B点的电场强度比A点的更大，故D错误。8、AC【解析】

灯泡正常发光，则电路电流I==2A．灯泡正常发光时，电动机电压UM=U-UL=12-6=6V，电动机的输入功率P=UMI=6×2=12W，电动机的输出功率P出=P-PQ=12W-2W=10W，故A正确，B错误；电动机的热功率PQ=I2RM=22×0.5=2W，故C正确；已知电路电流，由于不知电源电动势，无法求出整个电路消耗的电功率，故D错误．【考点定位】电功、电功率9、ACD【解析】

A.电源的总功率故A正确。B.电动机的输入功率是故B错误。C.电动机电枢上的发热功率为故C正确。D.电动机的输出功率为故D正确。10、AD【解析】

由图乙可知，物块做加速度逐渐减小的加速运动。物块的最大速度是1m/sA项：对物块进行受力分析可知，开始时物块受到重力、支持力和摩擦力的作用，设动摩擦因数为μ，沿斜面的方向：μFN-mgsinθ=ma

①物块运动后，又受到洛伦兹力的作用，加速度逐渐减小，由①式可知，物块的加速度逐渐减小，一定是FN逐渐减小，而开始时：FN=mgcosθ，后来：FN′=mgcosθ-f洛，即洛伦兹力的方向是向上的。物块沿传送带向上运动，由左手定则可知，物块带正电，故A正确；B、D项：物块向上运动的过程中，洛伦兹力越来越大，则受到的支持力越来越小，结合①式可知，物块的加速度也越来越小，当加速度等于0时，物块达到最大速度，此时：mgsinθ=μ（mgcosθ-f洛）②由②可知，只要传送带的速度大于等于1m/s，则物块达到最大速度的条件与传送带的速度无关，所以传送带的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物块可能相对于传送带静止，有可能相对于传送带不静止。故B错误，D正确；C项：由以上的分析可知，传送带的速度不能判断，所以若已知皮带的长度，也不能求出该过程中物块与皮带发生的相对位移。故C错误。故选：D。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）a；（2）R2；（3）1.35；1．【解析】（1）由题意可知水果电池内阻较大，为减小实验误差，相对于电源来说，电流表应采用内接法，因此应选择图a所示电路图．

（2）电源的内阻大约，若选用0～10Ω的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，因此滑动变阻器应选：R2（阻值0～3kΩ，额定电流为1A）．

（3）由图示电源U-I图线可知，图象与纵轴截距为1.35，则电源电动势：E=1.35V；电池内阻：；12、a温度升高，灯丝电阻（或电阻率）增大4.8小【解析】

(1)[1]由图甲知当滑动触头打到a端时通过电流表的电流是零，为防止烧表，在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在a端;(2)[2]根据电路图连线实物图如图所示：(3)[3]图中曲线弯曲的主要原因是随着灯丝中的电流增大，温度升高，灯丝的电阻率增大，电阻增大;(4)[4][5]由图丙知小灯泡在额定电