2025届贵州省遵义市正安一中高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

2025届贵州省遵义市正安一中高二物理第一学期期中达标检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、白板水平放置在地面上，在白板上用磁钉吸住一张彩纸，向右轻轻拉彩纸，未拉动，对这情景受力分析正确的是（）A．磁钉受到向右的摩擦力B．磁钉仅受重力和支持力两个力C．彩纸受到白板向左的摩擦力D．白板与地面间无摩擦力2、如图所示，某一带正电粒子（不计重力）在一平行板间的运动轨迹如图中曲线，P、Q两点为轨迹上两点，则A．A板带负电，B板带正电B．粒子在P点受到的电场力大于在Q点受到的电场力C．粒子在P点动能大于在Q点动能D．粒子在P点电势能大于在Q点电势能3、将一根长为2.4m的通电直导线垂直放入匀强磁场中，导线电流为5A是时所受安培力为2.2N，该磁场的磁感应强度为（）A．2B．1．2TC．2．4TD．2．1T4、两个相同的定值电阻R，当它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为（

）。A．R/2B．RC．2RD．4R5、真空中大小相同的两个金属小球A．B带有等量电荷，相隔一定距离不变，（距离远大于小球的直径）两球之间的库仑引力大小为F，现在用另一个跟它们大小相同的不带电金属小球，先后与A．B两个小球接触后再移开，这时A．B两球之间的库仑力大小（）A．一定是F/8 B．一定是F/4 C．可能是3F/8 D．可能是3F/46、下列说法中正确的是()A．做曲线运动的物体速度方向一定发生变化B．速度方向发生变化的运动一定是曲线运动C．速度变化的运动一定是曲线运动D．加速度变化的运动一定是曲线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变小，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从b到a的电流D．电流表中将有从a到b的电流8、如图，在一竖直平面内，BCDF段是半径为R的圆弧挡板，AB段为直线型挡板(长为)，两者在B点相切，＝37°，C、F两点与圆心等高，D在圆弧形挡板的最低点，所有接触面均光滑，绝缘挡板处于水平方向场强为的匀强电场中．现将带电量为＋q，质量为m的小球从挡板内侧的A点由静止释放，小球沿挡板内侧ABCDF运动到F点后抛出，在这段运动过程中，下列说法正确的是(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)A．匀强电场的场强大小可能是B．小球运动到D点时动能一定不是最大C．小球机械能增加量的最大值是D．小球从B到D运动过程中，动能的增量为9、如图所示，光滑水平面AB与竖直面上的半圆形固定轨道在B点衔接，轨道半径为R，BC为直径．一可看作质点、质量为m的物块在A点处压缩一轻质弹簧（物块与弹簧不拴接），释放物块，物块被弹簧弹出后，经过半圆形轨道B点时瞬间对轨道的压力变为其重力的7倍，之后向上运动恰好通过半圆轨道的最高点C，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（）A．物块经过B点时的速度的大小为B．刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为3mgRC．物块从B点到C点克服阻力所做的功为mgRD．若开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块到达C点的动能为mgR10、在用单摆测定重力加速度的实验中，下列说法中正确的是A．对重力加速度测量值影响较大的是周期的测量B．摆球尽量选择质量大些、体积小些的C．用刻度尺测量摆线的长度，这就是单摆的摆长D．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率为0.5W，此外还有以下器材可供选择：A．直流电源3V(内阻不计)B．直流电流表0～300mA(内阻约为5Ω)C．直流电流表0～3A(内阻约为0.1Ω)D．直流电压表0～3V(内阻约为3kΩ)E．滑动变阻器100Ω，0.5AF．滑动变阻器10Ω，2AG．导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．(1)实验中电流表应选用________，滑动变阻器应选用________；(均填写仪器前的字母)(2)在图甲所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图_______________(虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补齐电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮)；(3)根据实验数据，画出的小灯泡的I－U图线如图乙所示．由此可知，当电压为0.5V时，小灯泡的灯丝电阻是________Ω.12．（12分）在“测金属电阻率”的实验中，(1)用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为____________mm．(2)已知金属丝的电阻约为10Ω，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有_____________________(只填代号)．A．量程0～0.6A，内阻约0.5Ω的电流表；B．量程是0～3A，内阻约0.1Ω的电流表；C．量程是0～3V，内阻约6kΩ电压表；D．量程是0～15V，内阻约30kΩ的电压表；E．阻值为0～lkΩ，额定电流为0.5A的滑动变阻器；F．阻值为0～20Ω，额定电流为2A的滑动变阻器；G．蓄电池(6V)；H．开关一个，导线若干．(3)画出伏安法测上述电阻丝的电阻的电路图______________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝40cm．电源电动势E＝14V，内电阻r＝1Ω，电阻R1＝6Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从A板小孔上方10cm处自由释放，若小球带电荷量q＝1×10-1C，质量为m＝1×10-1kg，不考虑空气阻力，g取10m/s1．那么，（1）滑动变阻器接入电路的阻值R1为多大时，小球恰能到达B板？（1）若将B板向上移动，使两板间的距离减小为原来的一半，带电小球从仍从原处释放，是否能到达B板？若能，求出到达B板时的速度；若不能，求出小球离B板的最小距离．14．（16分）如图所示，匀强电场的方向跟竖直方向成a角．在电场中有一质量为m、带电量为q的摆球，当摆线水平时，摆球处于静止．求：（1）摆线拉力的大小；（2）当剪断摆线后，球的运动情况是怎样的?（3）剪断摆线后经过时间t，电场力对球做的功是多少?15．（12分）A、B、C三物块质量分别为M、m和，作如图所示的联结其中，，，绳子不可伸长，绳子和滑轮的质量不计，绳子和滑轮间、A物块和桌面间均光滑从图中所示位置释放后A、B、C一起作匀加速直线运动，求在作匀加速直线运动的过程中物块A与B间的摩擦力大小和绳上的拉力取

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

对磁钉分析可知，磁钉没有相对彩纸的运动趋势，故不受摩擦力，故A错误；磁钉还要受到白板的磁性吸引力，故B错误；由于彩纸相对于白板有向右的运动趋势，故彩纸受到白板向左的摩擦力，故C正确；对整体分析可知，整体有向右的运动趋势，故白板和地面间有摩擦力，故D错误．2、D【解析】

A．由图可知电场线水平，运动轨迹知粒子所受合力向右，粒子带正电荷，故可知电场线由A指向B.故A板带正电，B板带负电，故A错误.B．平行板间的电场为匀强电场，故P点电场力等于Q点电场力，故B错误.CD．由A分析可知，电场力从P到Q的过程中电场力做正功，动能增加，电势能减少，故P点动能小于在Q点动能，P点电势能大于在Q点电势能，故C错误，D正确.3、D【解析】

根据F=BIL可知，B=FIL4、B【解析】

根据串并联电路规律可知外部电阻的大小，再由闭合电路欧姆定律列式，联立方程可求得内阻。【详解】两电阻串联时，总电阻为：R1=2R；由闭合电路欧姆定律可知：E=I（2R+r）两电阻并联时，外部总电阻为：R2=R2总电流为：I总=2I；由闭合电路欧姆定律可知：E=2I·(R联立解得：r=R。故应选：B【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律及串并联电路的规律，要注意正确审题，明确欧姆定律公式中的电流应为干路电流。5、A【解析】试题分析：若两金属球带同种电荷，电荷量为q，另一个跟它们大小相同的不带电金属小球，与A球接触后，这时A球的电荷量为q/2，不带电金属小球与B球接触后，B球的电荷量为，A、B两球之间的库仑力大小为，若两金属球带异种电荷，电荷量为q，另一个跟它们大小相同的不带电金属小球，与A球接触后，这时A球的电荷量为q/2，不带电金属小球与B球接触后，B球的电荷量为，A、B两球之间的库仑力大小为，C对，ABD错．考点：库仑定律，相同小球电量的分配关系点评：本题考查学生的发散思维，要讨论AB两球带同种电荷和异种电荷时，当与第三个小球接触时，电量的分配关系．6、A【解析】

A．既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B．速度方向发生变化的运动，其运动的轨迹可能是直线，如竖直上抛运动上升的过程和下降的过程速度方向相反，故B错误；C．物体做曲线运动的条件是受到的合力与速度的方向不在同一条直线上，速度变化的运动不一定是曲线运动，如匀加速直线运动，故C错误；D．物体做曲线运动的条件是受到的合力与速度的方向不在同一条直线上，加速度变化的运动不一定是曲线运动，如弹簧振子的运动，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

将两极板的间距减小，而电容器的电压不变，板间场强E=U/d增大，电荷q所受的电场力F=Eq增大，电荷将向上加速运动，故A正确，B错误；将两极板的间距变小，根据电容的决定式C=εS4πkd，电容变大；电压不变，根据Q=CU可知，电量增大，电容器充电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从a到b的电流，故C错误，D【点睛】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式C=εS4πkd判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式C=Q/U分析电量或电压的变化，再进一步根据8、BC【解析】

小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，则有：，则得：，故场强大小不可能等于，故A错误；小球在复合场中受重力和电场力，所以小球运动到合力方向上时动能最大，则知在CD之间的某一点上时动能最大，故B正确；小球运动到C点时，电场力做正功最多，小球的机械能增加量最大，所以小球机械能增加量的最大值为，故C正确；小球从B到D运动过程中，根据动能定理得：动能的增量为，故D错误．【点睛】小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，电场力垂直AB方向的分力必定大于等于重力垂直AB方向的分力，列式可得到场强的大小范围；根据小球的运动情况，分析小球的合力方向，判断什么位置动能最大；根据动能定理求解小球从B到D运动过程中动能的增量；本题关键要根据小球的运动情况，分析其受力情况，运用功能原理和动能定理分析能量的变化．9、AB【解析】

A、设物块经过半圆轨道B点瞬间的速度为vB，物块在B点时轨道对物块的支持力为FN=7mg，根据牛顿第二定律有，可得．故A正确；B、物块从A点到B点的过程，由功能关系有：刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为Ep==3mgR，故B正确；C、设物块到达C点时的速度为vC，物块在C点时有，物块从B点到C点的过程，由动能定理得，可解得物块从B点到C点过程克服阻力做的功Wf=0.5mgR，故C错误；D、若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，则开始时弹簧的弹性势能为6mgR，假设物体在半圆轨道上克服摩擦力做功不变，仍为Wf=0.5mgR，由功能关系可得：6mgR﹣Wf=2mgR+EKC，解得，而实际上，若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块进入半圆形轨道的速度将增大，在同一点物块对轨道的压力增大，物块受到的滑动摩擦力增大，物块从B点到C点克服摩擦力所做的功增大，则物块到达C点的动能小于，故D错误．故选AB．10、ABD【解析】

A．根据可得可知，对重力加速度测量值影响较大的是周期的测量，选项A正确；B．摆球尽量选择质量大些、体积小些的，以减小振动时的阻力的影响，选项B正确；C．用刻度尺测量摆线的长度，加上摆球的半径才是单摆的摆长，选项C错误；D．为了让摆长不变，阻力小一些，摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些，选项D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BF分压式如图所示：5【解析】试题分析：（1）灯泡的额定电流；故电流表选择B；因本实验只能接用分压接法，故滑动变阻器选择小电阻F；（2）根据实验要求可知，滑动变阻器采用分压接法，并且测量电路应与滑动变阻器的左半部分并联；电流表采用外接法；原理图如下；（3）由画出的伏安特性曲线可知，时，电流，则对应的电阻；考点：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验12、（1）4.591mm.（2）ACFGH.（3）电路图见解析；【解析】

（1）金属丝的直径为:4.5mm+0.01mm×9.1=4.591mm.（2）电源电动势为6V，电压表应选C:量程是0-3V，内阻6kΩ；如果选D、量程是0-15V，内阻30kΩ，电源电动势不到电压表量程的一半，读数误差较大；电路最大电流约为I=E/R=6/10=0.6A，则电流表应选A:量程是0-0.6A，内阻是0.5Ω；为方便实验操作，滑动变阻器应选F：阻值为0-10Ω，额定电流为2A．故选：ACFGH.

（3）待