福建省福州市2023-2024学年高二年级上册期中物理试卷（含答案）

福建省福州市2023-2024学年高二上学期期中物理试卷

姓名：班级：考号：

题号——总分

评分

一'单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符

合题目要求。

1.下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（）

A.元电荷最早由库仑通过油滴实验测出

B.牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量G

C.法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场

D.安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律

2.为经典力学作出最重要贡献的物理学家是（）

A.爱因斯坦B.麦克斯韦C.法拉第D.牛顿

3.下列说法中不正确的是（）

A.电子电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的

B.电场线虽然是假想的一簇曲线或直线，但可以用实验方法模拟出来

C.沿电场方向电场强度越来越小

D.电源电动势是表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关

4.关于电场强度，下列说法正确的是（）

A.根据E=营可知，E与F成正比、与q成反比

q

B.公式E=g的含义为匀强电场的场强E的大小在数值匕等于这两点间的电势差与两点沿场强方向的距离

a

之比

C.根据公式E=愕可得I•一0时，E一oo

D.以上说法都不对

5.如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）

1

c.D.A

6.关于静电场的说法中正确的是（）

A.电场强度大的地方，电势一定也高

B.电场强度处处相同的区域内，电势一定也处处相同

C.电场强度的方向总是与等势面垂直

D.电荷在等势面上移动时不受电场力

二'多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的选项中有多想符合题目要

求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

7.如图所示，可视为点电荷的小物块A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，

则A受力个数可能为（）

A.A可能受到2个力作用B.A可能受到3个力作用

C.A可能受到4个力作用D.A可能受到5个力作用

8.下列说法正确的是（）

A.以牛顿运动定律为基础的经典力学没有存在的价值

B.物理学的发展，使人们认识到经典力学有它的适用范围

C.相对论和量子力学的出现是对经典力学的否定

D.经典力学对处理低速运动的宏观物体具有相当高的正确性

9.关于电流，下列说法中正确的是（）

A.电流流向总是从高电势流向低电势

B.导体中的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比

C.单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大

D.因为电流有方向，所以电流是矢量

10.若用E表示总电动势，U表示外电压，U，表示内电压，R表示外电路总电阻，r表示内电阻，I表示总电流

强度，下列各关系式成立的是（）

A.U，=IRB.八筹C.E=U-IrD./=磊

三'实验题：本题共5小题，共20分。把答案写在答题卡中指定的答题处。

11.在测量金属丝电阻率的实验中，

2

(1)用螺旋测微器测量时，可以精确到mm,读出图1情况下的测量结果cm.

(2))已知电压表内阻约3kC,电流表内阻约1。，若采用图2-甲电路测量，则Rx的测量值比真实值

(填“偏大’或“偏小”).若Rx约为10C应采用(选“甲”或“乙”)的电路，误差会比较小.

(3)某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为A,电压表示数为V.

12.某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A,量程有10mA和0.6A两种；电压表V,

量程有3V和15V两种；电源电压为4.5V.该同学先按如图接好电路，闭合Si后，把开关S2拨至a时发现,

两电表的指针偏转都在满偏的9处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，电流表的指针偏

转到满偏的则该同学在实验中:

40

(2)所选电流表的量程为；

(3)为减小系统误差，S2应接到(填“a”或"b”).

13.在图示的电路中，电源的内电阻r=0.6d电阻Ri=4dR3=6Q,闭合开关后电源消耗的总功率为40W,

输出功率为37.6W.求：

(1)电源电动势E；

(2)电阻Rz的阻值.

14.匀强电场的场强E=5xlO4V/m,要使一个带电为3xlO^C的正点电荷(不计重力)沿着与场强方向成60。

角的方向做直线运动，求所施加外力的最小值和方向如何？

15.如图所示，R3=6Q,电源内阻r为1Q,当S合上且R2为2c时，规格为“4V,4W”的灯泡正常发光，求：

3

(1)通过电灯的电流I灯和电源电动势E

(2)S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到多少欧?

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解答】解：A、元电荷最早由密里根通过油滴实验测出，故A错误；

B、卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力恒量G,故B错误；

C、法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场，故C正确；

D、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，故D错误；

故选：C.

【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.

2.【答案】D

【解析】【解答】A.爱因斯坦提出了光子说和相对论，A不符合题意；

B.麦克斯韦提出了电磁场理论和预言了电磁波得存在，B不符合题意；

C.法拉第在研究电磁现象领域作出重要贡献，C不符合题意；

D.牛顿在研究力学领域提出三大定律和万有引力定律，为经典力学作出最重要贡献，D符合题意。

【分析】抓住物理学史和物理学常识中的科学家在相应领域得成就即可解决此类问题。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.电子电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的，A不符合题意；

B.人们为了形象描述电场而假想出了电场线，虽然实际上不存在，但可以用实验方法模拟出来，B不符合题意；

C.沿电场线方向电势降落得最快，与电场强度大小无关，C符合题意；

D.电源电动势是表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关，D不符合题意。

【分析】利用好电场线、电场强度、电势和电动势的概念和特点，是解决本题的关键。

4.【答案】B

【解析】【解答】A.电场强度由电场本身决定，与放入其中的试探电荷所受的电场力F、电荷量q无关，公式E=£

由比值定义法给出，该式提供了计算电场强度的一种方法，A不符合题意；

B.公式E=3中，U为沿电场线方向的两点间的电势差，d为这两点的距离，两者比在可在数值上求解电场强

度E大小，B符合题意；

C.公式E=§适用于点电荷电场，当r-0时，电荷不能看作点电荷，此公式不再成立，所以E-8不成立，

C不符合题意；

D.综上所述，D不符合题意。

【分析】由电场强度仅于电场本身有关，可排除A选项，再根据公式E=刍、E=§的含义可求解BCD选项。

5.【答案】C

【解析】【解答】A.在点电荷产生的场强中，以场源电荷为圆心，处在同一个球面上的A、B两点的场强大小相

等，但方向不等，A不符合题意；

B.以场源电荷为圆心，处在同一径向上但半径大小不相同的A、B两点的场强方向相同，但大小不等，B不符

合题意；

C.平行板间的电场是匀强电场，任意两点的场强大小和方向都相等，C符合题意；

D.A、B两点的电场线疏密程度不一样，所在位置切线方向也不一样，因此大小和方向都不相同，D不符合题

届、o

【分析】根据电场强度是矢量可知，只有大小和方向都相同才可以说是场强相同。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.电场强度越大的地方电场线越密集，但电势不一定越高，A不符合题意；

B.匀强电场中，沿着电场线方向电势降低，但强度处处相同，B不符合题意；

C.电场强度的方向总是与等势面垂直，C符合题意；

D.电荷在等势面上移动时受电场力，但电场力不做功，D不符合题意。

【分析】电场强度与电势没有必然的关系；电场强度的方向总是与等势面垂直。

7.【答案】A,C

【解析】【解答】A.小物块A受到重力和B的吸引力，两者方向相反，若大小相等，即满足平衡条件，A可能

受到两个力的作用，A符合题意；

C.当重力大于吸引力时，A与斜面相互挤压而受到垂直与斜面向上的弹力，要满足平衡条件，必须要有沿斜面

向上的静摩擦力，A可能受到四个力的作用，C符合题意；

BD.受三个力或五个力的作用都无法满足平衡条件，BD不符合题意。

【分析】以A为研究对象，对其进行受力分析和状态分析，结合平衡条件可求解。

8.【答案】B,D

【解析】【解答】ABD.牛顿运动定律不适用于微观高速运动问题，但能解决宏观低速运动问题，且误差微小到

可忽略不计，因此经典力学仍有其适用范围，A不符合题意，BD符合题意；

C.相对论和量子力学适用于解决微观高速运动问题，让人们更加深刻而科学的认识自然规律，但没有否定经典

力学，它们有各自适用的领域，C不符合题意。

【分析】经典力学可以解决宏观低速运动问题，相对论和量子力学可以解决微观高速运动问题，但不意味着对

经典力学的否定。

9.【答案】B,C

【解析】【解答】A.外电路中电流从高电势流向低电势，内电路中电流从低电势流向高电势，A不符合题意；

B.根据公式/=g可知导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体电阻成反比，B符合题意；

C.根据公式/=*单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大，C符合题意；

D.电流运算遵循代数加减法则，是标量，D不符合题意。

6

r分析】根据外电路中电流从高电势流向低电势；导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体电阻成反比；

电流定义式/=*；电流运算法则可求解。

10.【答案】B,D

【解析】【解答】A.根据部分电路欧姆定律有：内电压U'=/r,A不符合题意；

BD.根据闭合电路欧姆定律有：干路电流/=击，而外电压(/=//?=整，BD符合题意；

R+rR+r

C.根据闭合电路欧姆定律有：电动势E=U+U'=U+/r,C不符合题意；

【分析】根据部分电路欧姆定律和闭合电路欧姆定律相互求解。

11.【答案】(1)0.01；4.762

(2)偏小；甲

(3)0.70；11.8

【解析】【解答】(1)螺旋测微器可以精确到0.01加机由图1可知，固定刻度读数：4.5mm,可动刻度读数：

26.2x0.01mm=0.262mm,则螺旋测微器示数：4.5mm+0.262mm=4J62mm.

(2)由图2甲可知电压表分流，电流表示数偏大，电压表示数准确，测量结果比真实值偏小；由于鬲，

采用外接法误差较小，选甲所示电路。

(3)电流表示数：0.70A,电压表示数：1L8V.

【分析】(1)螺旋测微器的示数为固定刻度和可动刻度读数之和，可精确到0.01如%；

(2)根据待测电阻和电表内阻的关系选定电流表的接法，进而选择适当的电路；

(3)根据电表的量程和分度值读出两个电表的示数.

12.【答案】(1)3V

(2)0〜10mA

(3)b

【解析】【解答】(1)如果选量程15V的电压表，指针偏转达到满偏的削寸为12V,大于电源电动势4.5V,因

此应选量程为3V的电压表；

(2)由于电压表两次读数几乎不变，而电流表读数变化较大，说明待测电阻阻值大且与电压表相近，而通常

电压表的阻值约为几千欧姆，电源电动势为4.5V,电流约为几毫安而已，应选量程为10mA的电流表；

(3)由于待测阻值较大，采用电流表内接系统误差更小.

【分析】(1)电源电动势为4.5V,选量程15V的电压表，指针偏转达到满偏的飘寸为12V,不符合题意，应

选量程为3V的电压表；

(2)由于电压表两次读数几乎不变，而电流表读数变化较大，可推断出待测电阻阻值很大，电流很小，应选

量程为10mA的电流表.

(3)由于待测阻值较大，采用电流表内接系统误差更小.

7

13•【答案】（1）解：电源内电路发热功率：Pr=I2r=(40-37.6)W=2.4W

则电路电流强度/=哲=思=24

电源总功率：P=IE=40W

解得名=竽=20IZ

答：电源电动势E为20V；

（2）解：外电路总电阻R满足：E=IR+Ir,得R=9.4Q

R—R13+R2

其中：

%危4x6

解得R2=7d

答：电阻R2的阻值为70.

【解析】【分析】（1）根据电源消耗的总功率等于电源内阻消耗的热功率与输出功率之和的关系，结合电源热功

率公式P『=I2r可求干路电流，再利用总功率P=IE即可求解电动势大小；

（2）根据闭合电路欧姆定律先求电路总电阻，总电阻减去并联部分电阻即可求得

14.【答案】解：F『qE

为使物体做直线运动，需将垂直运动方向上的力平衡，如图所示：外力最小时大小应等于分力R：

F=F电sin600=qEsin60°=3xl015x5xl04x孚=1.3xlO」°N

方向：垂直运动方向与电场方向成